高二物理命題范圍：圓周運(yùn)動(dòng)、天體、機(jī)械能守恒定律、電場(chǎng)、動(dòng)量一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．下列關(guān)于慣性的各種說法中，你認(rèn)為正確的是A．速度越大的物體越不容易使它們停下來，因?yàn)樗俣仍酱蟮奈矬w慣性也越大B．在完全失重的情況下，物體的慣性將消失C．把手中的球由靜止釋放后，球能豎直加速下落，說明力是改變物體慣性的原因D．拋出去的標(biāo)槍、手榴彈等是靠慣性向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)的2．用電場(chǎng)線能很直觀、很方便地比較電場(chǎng)中各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱。如圖甲是等量異種點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的電場(chǎng)線，圖乙是場(chǎng)中的一些點(diǎn)：O是電荷連線的中點(diǎn)，E、F是連線中垂線上相對(duì)O對(duì)稱的兩點(diǎn)，B、C和A、D也相對(duì)O對(duì)稱。則A．B、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小和方向都相同B．A、D兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反C．E、O、F三點(diǎn)比較，O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最弱D．B、O、C三點(diǎn)比較，O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最強(qiáng)3．固定水平桿上套有一個(gè)圓環(huán)，輕繩一端拴在環(huán)上，另一端系著一個(gè)小木塊，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。某時(shí)刻，一顆子彈以一定初速度射入木塊（子彈沒有穿出）并隨木塊擺至最高點(diǎn)，則以下說法正確的是A．子彈射入木塊的過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B．子彈隨木塊一起向上擺至最高點(diǎn)的過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒C．子彈隨木塊擺至最高點(diǎn)時(shí)，子彈和木塊的瞬時(shí)速度為零D．整個(gè)過程中，圓環(huán)、繩、木塊和子彈所組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒4．一圓盤可以繞其豎直軸在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，圓盤半徑為R，甲、乙兩物體質(zhì)量分別為M和m（M>m），它們與圓盤之間的最大靜摩擦力均為壓力的μ倍，兩物體用一根長(zhǎng)為L(zhǎng)（L<R）的輕繩連在一起，如圖所示。若將甲物體放在轉(zhuǎn)軸的位置，甲、乙之間的輕繩剛好沿半徑方向被拉直，要使兩物體與圓盤不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則圓盤旋轉(zhuǎn)的角速度最大不得超過（兩物體均可看作質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g）A． B． C． D．5．如圖，半圓形光滑軌道固定在水平地面上，半圓的直徑與地面垂直，一小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道，并從軌道上端水平飛出，小物塊落地點(diǎn)到軌道下端的距離與軌道半徑有關(guān)，此距離最大時(shí)，對(duì)應(yīng)的軌道半徑為（重力加速度為g）A． B．C． D．6．如圖所示，地表空間中存在一勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為的帶電小球僅在重力和電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，虛線與水平面的夾角為，若小球從虛線上某處靜止釋放，則恰好沿虛線向斜下方向運(yùn)動(dòng)；若小球的初速度方向垂直于虛線向右上方向，大小為，從圖示位置出發(fā)到最高點(diǎn)的過程中，小球重力勢(shì)能增加了，則在上述過程中小球電勢(shì)能的改變量為A． B． C． D．7．如圖所示，滑塊A和足夠長(zhǎng)的木板B疊放在水平地面上，A和B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)是B和地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)的4倍，A和B的質(zhì)量均為m?，F(xiàn)對(duì)A施加一水平向右逐漸增大的力F，當(dāng)F增大到F0時(shí)A開始運(yùn)動(dòng)，之后力F按圖乙所示的規(guī)律繼續(xù)增大，圖乙中的x為A運(yùn)動(dòng)的位移，已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。對(duì)兩物塊的運(yùn)動(dòng)過程，以下說法正確的是A．當(dāng)F＞2F0，木塊A和木板B開始相對(duì)滑動(dòng)B．當(dāng)F＞F0，木塊A和木板B開始相對(duì)滑動(dòng)C．自x=0至木板x=x0木板B對(duì)A做功大小為D．x=x0時(shí)，木板B的速度大小為8．兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖甲所示，一個(gè)電荷量為2×10-3C、質(zhì)量為0.1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從C點(diǎn)靜止釋放，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）。則下列說法正確的是A．由C到A的過程中物塊的電勢(shì)能先減小后增大B．B點(diǎn)為中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小C．由C點(diǎn)到A點(diǎn)電勢(shì)逐漸降低D．A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差9．如圖所示，人造衛(wèi)星圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，和與地球相切，，稱為地球?qū)πl(wèi)星的張角?，F(xiàn)有甲、乙兩顆人造衛(wèi)星，軌道平面相同，以相同方向繞地球公轉(zhuǎn)。已知地球?qū)?、乙的張角分別為和，且，甲、乙公轉(zhuǎn)角速度分別為和，萬有引力常量為。則以下說法正確的是A．由題目所給條件，可以算出地球的質(zhì)量B．由題目所給條件，可以算出地球的密度C．每隔時(shí)間，兩衛(wèi)星可以恢復(fù)直接通信D．每隔時(shí)間，兩衛(wèi)星可以恢復(fù)直接通信10．如圖所示，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)的傳送帶與水平方向夾角，與兩皮帶輪、相切與A、B兩點(diǎn)，從A到B長(zhǎng)度為。傳送帶以的速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。兩皮帶輪的半徑都為。長(zhǎng)度為水平直軌道CD和傳送帶皮帶輪最高點(diǎn)平滑無縫連接?，F(xiàn)有一體積可忽略，質(zhì)量為小物塊在傳送帶下端A無初速度釋放。若小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，與水平直軌道CD之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則A．小物塊從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為8sB．小物塊運(yùn)動(dòng)到皮帶輪最高點(diǎn)時(shí)，一定受到皮帶輪的支持力作用C．將小物塊由A點(diǎn)送到C點(diǎn)電動(dòng)機(jī)多消耗的電能為D．若小物塊剛好停在CD中點(diǎn)，則二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（8分）（1）甲同學(xué)用如圖(a)所示的裝置來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。①圖(a)中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的投影。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將入射小球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量水平射程OP。然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)本操作。接下來要完成的必要步驟是；（填選項(xiàng)前的字母）A．用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2B．測(cè)量小球m1開始釋放的高度hC．測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HD．分別通過畫最小的圓找到m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE．測(cè)量水平射程OM、ON②若兩球相碰前、后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為（用②中測(cè)量的量表示）。（2）乙同學(xué)也用上述兩球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，但將實(shí)驗(yàn)裝置改成如圖(b)所示。將白紙、復(fù)寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實(shí)驗(yàn)中小球1、小球2與木條的撞擊點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射小球1從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點(diǎn)為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射小球1從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點(diǎn)P；再將入射小球1從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球2相撞，撞擊點(diǎn)為M和N，測(cè)得B′與N、P、M各點(diǎn)的高度差分別為h1、h2、h3。只要滿足關(guān)系式，則說明碰撞中動(dòng)量是守恒的；只要再滿足關(guān)系式，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞（用所測(cè)物理量的字母表示）。12．（8分）實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”方案：用粗細(xì)均勻的細(xì)桿拼組成矩形框，從某一高處豎直下落。在矩形框正下方放置光電門，測(cè)得矩形框先后兩次擋光時(shí)間分別為和。（1）測(cè)量細(xì)桿直徑，如圖乙所示，其值為mm；（2）用、，表示下、上邊框的經(jīng)過光電門時(shí)的速度，測(cè)出上下邊框兩桿軸心之間距離，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若，可判斷矩形框下落過程機(jī)械能守恒。（3）下列操作，你認(rèn)為正確的是______。A．釋放時(shí)，矩形框下框的下沿必須與光電門在同一高度B．釋放時(shí)，矩形框可以在光電門上方一定距離處C．矩形框下落時(shí)，水平邊框不水平、框面不豎直，對(duì)測(cè)量結(jié)果都沒有影響（4）有同學(xué)提出細(xì)桿直徑較大時(shí)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生影響。僅考慮直徑較大的影響，忽略其他因素，本實(shí)驗(yàn)得出的重力勢(shì)能的減小量和動(dòng)能的增加量的關(guān)系為（選填“＜”“＞”或者“＝”）。13．（12分）如圖所示，固定在豎直面內(nèi)的四分之一圓弧軌道，半徑為，軌道底端切線水平且與水平傳送帶左端平滑相連，傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，運(yùn)行速度大小為。一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊從軌道頂端由靜止開始下滑，運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道底端時(shí)對(duì)軌道壓力大小為自身重力的2倍。已知物塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為，傳送帶輪中心間距為，重力加速度為。求：（1）物塊在圓弧軌道運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力做的功；（2）物塊離開傳送帶時(shí)速度的大??；（3）由于傳送物塊，傳送帶多消耗的電能。14．（10分）現(xiàn)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度。質(zhì)量的帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中曲線所示。該粒子經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度，與水平方向夾角為37°。從A點(diǎn)經(jīng)過到達(dá)B點(diǎn)，經(jīng)B點(diǎn)時(shí)速度與水平方向夾角為53°。求：（1）帶電粒子的電性，電量；（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。15．（16分）如圖所示，表面光滑的水平面中間存在水平光滑凹槽。質(zhì)量為、長(zhǎng)度的木板放置在凹槽內(nèi)，其上表面恰好與水平面平齊。開始時(shí)木板靜置在凹槽左端處，其右端與凹槽右端距離為。水平面左側(cè)有質(zhì)量分別為與的物塊、。二者之間鎖定一壓縮輕彈簧，其彈性勢(shì)能為。彈簧解除鎖定后，將、兩物塊彈開，物塊滑上木板，當(dāng)剛滑到右端時(shí)，恰好第一次碰到點(diǎn)。已知物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度取，求：（1）物塊剛滑上木板時(shí)的速度大小；（2）初始時(shí)木板右端距點(diǎn)的距離；（3）若的質(zhì)量減為，則在第次碰撞點(diǎn)時(shí)，木塊恰好滑到右端，且此時(shí)。已知不與碰撞，與的碰撞為彈性碰撞，求與的關(guān)系。

題號(hào)12345678910答案DABDBADBCBDABC11．（8分）（1）①ADE②（2）【詳解】(1)[1]為防止碰撞后入射球反彈，實(shí)驗(yàn)中入射小球的質(zhì)量m1應(yīng)大于被碰小球的質(zhì)量m2。[2]設(shè)碰撞前入射小球的速度為v1，碰撞后入射小球的速度為v2，被碰小球的速度為v3，如果碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得即實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量?jī)汕虻馁|(zhì)量、兩球落點(diǎn)的水平位移，ADE均正確。[3]由以上可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為(2)[4]小球做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度如果碰撞過程動(dòng)量守恒，則將v1、v1′、v2′代入，可得若為彈性碰撞，則滿足動(dòng)能守恒，即代入速度表達(dá)式，化簡(jiǎn)可得12．（8分）（1）3.700（2）（3）B（4）＜【詳解】（1）矩形框下落過程受到空氣阻力作用，為了減小空氣阻力的影響，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小的細(xì)桿，即選擇金屬桿，可知乙的選擇較好。（2）根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則，該讀數(shù)為（3）若機(jī)械能守恒，則有其中，解得（4）A．為了減小光電門測(cè)速的誤差，擋光時(shí)間應(yīng)適當(dāng)短一些，即框的下沿距離光電門的高度適當(dāng)大一些，可知，釋放時(shí)，框的下沿應(yīng)在光電門上方的一定高度。故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合上述可知，為了減小光電門測(cè)速的誤差，釋放時(shí)，框的下沿應(yīng)在光電門上方一定距離處。故B正確；C．擋板下落時(shí)框如果沒有保持豎直狀態(tài)，則上下邊框經(jīng)過光電門時(shí)，框下落的高度將小于上下邊框兩桿中心之間的距離，對(duì)測(cè)量結(jié)果有影響。故C錯(cuò)誤。故選B。（5）光電門測(cè)出的速度、是下、上邊框經(jīng)過光電門時(shí)的平均速度，即為下、上邊框擋光時(shí)間內(nèi)的中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，若下邊框開始擋光時(shí)的瞬時(shí)速度為，下邊框結(jié)束擋光時(shí)的瞬時(shí)速度為，上邊框開始擋光時(shí)的瞬時(shí)速度為，下邊框結(jié)束擋光時(shí)的瞬時(shí)速度為，則有，由于指上下邊框兩桿中心之間的距離，其對(duì)應(yīng)的始末速度應(yīng)該為下、上邊框擋光時(shí)間內(nèi)的中間位置的瞬時(shí)速度，令始末速度分別為、，則有，則有由于僅僅考慮邊框直徑較大時(shí)的影響，則有，，，代入上述等式有由于矩形框向下加速，第二次擋光時(shí)間小于第一次擋光時(shí)間，即有則有由于指上下邊框兩桿中心之間的距離，則減小的重力勢(shì)能結(jié)合題意，增加的動(dòng)能為由于可知13．（12分）（1） （2） （3）【詳解】（1）物塊在圓形軌道最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得解得v0物塊在圓形軌道下滑過程，由動(dòng)能定理得解得…4分（2）由題意可知，物塊在傳送帶上先加速設(shè)經(jīng)過t時(shí)間，物塊與傳送帶共速解得物塊加速位移解得由于，所以物塊和傳送帶共速之后物塊勻速運(yùn)動(dòng)，因此物塊離開傳送帶速度為…8分（3）物塊加速過程，傳送帶位移物塊與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量為物塊增加的動(dòng)能傳送帶多消耗的電能為解得…12分14．（10分）（1）粒子帶正電，； （2）【詳解】（1）根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子所受電場(chǎng)力豎直向上，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，粒子帶正電；粒子在點(diǎn)水平方向速度豎直方向速度粒子在點(diǎn)豎直方向速度從到，豎直方向，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立解得…6分…6分（2）根據(jù)解得、間豎直方向的距離…10分A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差…10分15．（16分）（1）； （2）； （3）【詳解】（1）彈簧解除鎖定后，根據(jù)機(jī)械能守恒，可知A、B物塊彈開過程中彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為A、B物塊的動(dòng)能，即水平面光滑，則A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則A、B物塊動(dòng)量大小相等聯(lián)立以上兩式可得…4分…4分（2）對(duì)B、C分別受力分析得，對(duì)B、C運(yùn)動(dòng)進(jìn)