2025年高一物理第二學(xué)期期末模擬試卷及答案（共七套）2025年高一物理第二學(xué)期期末模擬試卷及答案（一）一.選擇題1．A、B兩個物體在同一直線上做勻變速直線運動，它們的速度時間圖象如圖所示，則（）A．0～6s內(nèi)A、B兩物體運動方向相反B．在0～4s內(nèi)A、B兩物體的位移相同C．在t=4s時．A、B兩物體的速度相同D．A物體的加速度比B物體的加速度大【考點】1I：勻變速直線運動的圖像；1D：勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系．【分析】由v﹣t圖象中v的符號可知兩物體的運動方向，圖線的斜率等于加速度，由圖象與時間軸圍成的面積可知兩物體的位移關(guān)系．【解答】解：A、由圖可知，兩物體的速度均沿正方向，故運動方向相同，故A錯誤；B、前4s時，A圖象與時間軸圍成的面積小于B圖象的面積，故A的位移小于B的位移，故B錯誤；C、在t=4s時，兩圖象相交，說明此時兩物體的速度相同，故C正確；D、A物體圖線的斜率小于B物體圖線的斜率，而斜率表示加速度，故A的加速度小于B的加速度，故D錯誤；故選：C2．在田徑運動會上，中學(xué)生通過自己的努力，展現(xiàn)了積極向上，勇于拼搏的風(fēng)采．下列幾種關(guān)于比賽項目中的論述正確的是（）A．背越式跳高比賽中要研究運動員過桿的技術(shù)要領(lǐng)時，可把運動員當(dāng)成“質(zhì)點”來處理B．在400米比賽中，處于第1跑道的丁丁同學(xué)正好跑了完整一圈，他的成績?yōu)?0.0s，則他在整個過程的平均速度為0C．文文同學(xué)在100m比賽的成績是13.35s，其13.35s指的是“時刻”D．強(qiáng)強(qiáng)同學(xué)的投標(biāo)槍成績?yōu)?0.8m，其50.8m為標(biāo)槍在空中運動的路程【考點】19：平均速度；15：位移與路程；16：時間與時刻．【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，平均速度是位移與時間的比值，時間對應(yīng)一段時間間隔．【解答】解：A、跳高比賽中研究運動員跳躍的姿勢，不能忽略運動員的體積，此時不能看作質(zhì)點，故A錯誤；B、處于第1跑道的丁丁同學(xué)正好跑了完整一圈時，400m比賽的位移是0，平均速度是位移與時間的比值，故此過程位移為零；故B正確C、100m比賽的成績是13.35s，其13.35s指的是時間，故C錯誤；D、強(qiáng)強(qiáng)同學(xué)的投標(biāo)槍成績?yōu)?0.8m，其50.8m為標(biāo)槍在地面上的直線距離，不是路程，故D錯誤．故選：B．3.下列說法中正確的是A.做曲線運動的物體速度的方向必定變化B.速度變化的運動必定是曲線運動C.加速度恒定的運動不可能是曲線運動D.加速度變化的運動必定是曲線運動【答案】A【解析】做曲線運動的物體的速度方向時時刻刻在變化，故A正確；勻變速直線運動的速度也在變化，但屬于曲線運動，B錯誤；平拋運動過程中加速度恒定，為曲線運動，變加速直線運動過程中加速度是變化的，但為直線運動，故CD錯誤4．圖為我國女子冰壺隊的比賽畫面．冰壺慣性的大小取決于冰壺的（）A．位置 B．速度 C．受力 D．質(zhì)量【考點】31：慣性．【分析】慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大．【解答】解：慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運動狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與運動狀態(tài)無關(guān)；物體質(zhì)量越大，慣性越大．故ABC錯誤，D正確．故選：D5．下列關(guān)于慣性的說法中，正確的是（）A．汽車剎車時，乘客的身子會向前傾斜，是因為汽車有慣性B．做勻速直線運動的物體和靜止的物體沒有慣性C．物體的慣性只有在物體速度改變時才表現(xiàn)出來D．物體都具有慣性，與物體是否運動無關(guān)，與物體速度是否變化也無關(guān)【考點】31：慣性．【分析】分析：根據(jù)慣性是指任何物體具有的保持原來運動狀態(tài)的性質(zhì)進(jìn)行分析，剎車后汽車和乘客的運動狀態(tài)．任何物體都有慣性，與物體是否運動無關(guān)，與物體速度是否變化也無關(guān)．【解答】解：A、剎車前，汽車和乘客共同以較大的速度向前行駛，當(dāng)突然剎車時，汽車由于阻力作用突然減慢速度，而乘客由于慣性還要保持原來較大的速度向前運動，因此乘客會向前傾倒．故A錯誤．B、做勻速直線運動的物體和靜止的物體也有慣性．故B錯誤．C、物體的慣性是物體有固有屬性，與速度是否變化無關(guān)．故C錯誤．D、任何物體都有慣性，與物體是否運動無關(guān)，與物體速度是否變化也無關(guān)．故D正確．故選D6.在同一位置以相同的速率把三個小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計空氣阻力，則落在同一水平地面時的速度大小A.—樣大B.水平拋的最大C.斜向上拋的最大D.斜向下拋的最大【答案】A【解析】解：由于不計空氣的阻力，所以三個球的機(jī)械能守恒，由于它們的初速度的大小相同，又是從同一個位置拋出的，最后又都落在了地面上，所以它們的初末的位置高度差相同，初動能也相同，由機(jī)械能守恒可知，末動能也相同，所以末速度的大小相同．故選：A．【點評】本題是機(jī)械能守恒的直接應(yīng)用，比較簡單，也可以直接用動能定理求解．7．下列說法中正確的是（）A．平均速度就是速度的平均值B．火車以速度v經(jīng)過某一段路，v是指瞬時速度C．瞬時速率是指瞬時速度的大小D．子彈以速度v從槍口射出，v是平均速度【考點】1A：瞬時速度；19：平均速度．【分析】平均速度是指物體的總的位移長度與總的位移時間的比值；或者說是表示物體在時間間隔△t內(nèi)的平均快慢程度；運動物體在某一時刻或某一位置時的速度，叫做瞬時速度．【解答】解：A、平均速度是指物體的總的位移長度與總的位移時間的比值，而不一定等于速度平均值，故A錯誤；B、運動物體在某一時刻或某一位置時的速度，叫做瞬時速度，故火車以速度v經(jīng)過某一段路，是平均速度，故B錯誤；C、瞬時速率是指瞬時速度的大小，故C正確；D、子彈以速度v從槍口射出，是瞬時速度，故D錯誤；故選C．8．如圖所示，質(zhì)量相等的甲、乙兩人所用繩子相同，甲拉住繩子懸在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)；乙拉住繃緊繩子的中點把繩子拉斷了．則（）A．繩子對甲的拉力小于甲的重力B．繩子對甲的拉力大于甲對繩子的拉力C．乙拉斷繩子前瞬間，繩上的拉力一定小于乙的重力D．乙拉斷繩子前瞬間，繩上的拉力一定大于乙的重力【考點】2B：力的合成．【分析】（1）甲處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)靜止的物體受到平衡力的作用，根據(jù)平衡力條件進(jìn)行判斷．（2）甲未拉斷繩子，乙拉斷繩子，繩子是相同，人的質(zhì)量是相同，一者繩子斷了，一者繩子未斷，可以判斷兩根繩子拉力大小，間接得到乙圖繩子的拉力和人重力的關(guān)系．【解答】解：A、甲懸在空中靜止，甲受到平衡力作用，繩子的拉力和甲的重力是一對平衡力，甲受到繩子的拉力等于甲的重力．故A錯誤B、繩子對甲的拉力與甲對繩子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，故B錯誤C、甲乙質(zhì)量相等，重力相等，繩子相同．甲懸在空中繩子未拉斷，繩子的拉力等于甲的重力．乙拉住繃緊繩子的中點把繩子拉斷了，繩子對乙的拉力大于繩子對甲的拉力，甲乙重力相等，所以乙拉斷繩子前瞬間，繩受到的拉力一定大于乙受到的重力．故C錯誤，D正確故選D．9.在光滑桿上穿著兩個小球m1、m2,且m1=2m2,用細(xì)線把兩球連起來，當(dāng)盤架勻速轉(zhuǎn)動時，兩小球剛好能與桿保持無相對滑動，如圖所示，此時兩小球到轉(zhuǎn)軸的距離r1與r2之比為A.1:1B.1:C.2:1D.1:2【答案】D【解析】由于細(xì)線的拉力等于兩球做圓周運的向心力，則，故，選項D正確?？键c：圓周運動的向心力。10．人在沼澤地行走時容易下陷，下陷的過程中（）A．人對沼澤地的壓力大于沼澤地對人的支持力B．人對沼澤地的壓力等于沼澤地對人的支持力C．沼澤地對人的支持力小于人的重力D．沼澤地對人的支持力等于人的重力【考點】35：作用力和反作用力；29：物體的彈性和彈力．【分析】對人受力分析，人受重力和支持力，重力大于支持力，故人會向下加速運動；沼澤地地面對人的支持力和人對沼澤地地面的壓力是相互作用力，二者大小相等．【解答】解：A、人對沼澤地地面的壓力與沼澤地地面對人的支持力為作用力與反作用力，故二力一定相等，故A錯誤，B正確；CD、人只所以下陷是因為人的重力大于沼澤地對人的支持力，但下陷過程中，可能是加速下陷，也可能是勻速下陷，還有可能減速下陷，所以沼澤地對人的支持力與人自身重力之間的大小關(guān)系，是無法判斷，故CD錯誤；故選：B．11．秋日，樹葉紛紛落下枝頭，其中有一片梧桐葉從高為5m的枝頭自靜止落至地面，所用時間可能是（）A．0.1s B．0.5s C．2s D．3s【考點】1J：自由落體運動．【分析】梧桐葉不是自由落體運動，根據(jù)h=求解自由落體運動的時間，梧桐葉的運動時間一定大于自由落體運動的時間．【解答】解：從高為5m的枝頭落下的樹葉的運動不是自由落體運動，時間大于自由落體運動的時間；根據(jù)h=，得到自由落體運動的時間：t=，故梧桐葉落地時間一定大于1s；故選：CD．12.“軌道康復(fù)者”是“垃圾”衛(wèi)星的救星，被稱為“太空110”，它可在太空中給“垃圾”衛(wèi)星補(bǔ)充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命，假設(shè)“軌道康復(fù)者”的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，其運動方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是A.“軌道康復(fù)者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍B.“軌道康復(fù)者”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的倍C.站在赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向西運動D.“軌道康復(fù)者”可在高軌道上加速，以實現(xiàn)對低軌道上衛(wèi)星的拯救【答案】AB【解析】根據(jù)公式可得“軌道康復(fù)者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍，A正確；根據(jù)公式可得“軌道康復(fù)者”的速度是同步衛(wèi)星的速度倍，即大于地球自轉(zhuǎn)的速度，故站在赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向東運動，B正確C錯誤；“軌道康復(fù)者”在高軌道上加速，則做離心運動，向更高軌道運動，所以不能對低軌道上衛(wèi)星的拯救，D錯誤；13.“蹦極”是勇敢者的運動，如圖為蹦極運動過程示意圖．某人身系彈性繩自高空p點自由下落，其中a點是彈性繩的原長位置，c是人所到達(dá)的最低點，b是人靜止地懸吊著時的平衡位置．不計空氣阻力，則下列說法中正確的是（）A.人和彈性橡皮繩組成系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.從a至c的過程中，重力的沖量大小大于彈性繩的沖量大小C.從p至c的過程中重力所做的功等于人克服彈力所做的功D.從a至c的過程中人的動量一直增大【答案】AC【解析】人在運動過程中受重力和彈力作用，重力和彈力都做功，所以人和彈性繩組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但人的機(jī)械能不守恒，故A正確．從a至c的過程中，動量的變化量為負(fù)值，知合力的沖量方向向上，則重力的沖量大小應(yīng)小于彈性繩的沖量大小，故B錯誤．從p至c的過程中，根據(jù)動能定理有：WG-W彈=0，所以重力做的功等于人克服彈力所做的功，故C正確．a(chǎn)至c的過程中，速度先增大后減小，則動量先增大后減小，故D錯誤．故選AC．點睛：本題考查了動量定理和動能定理的基本運用，知道合力的沖量等于動量的變化量，合力的功等于動能的變化量，難度不大.14.如圖所示，直徑為d的豎直圓簡繞中心軸線以恒定的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動。一子彈以水平速度沿圓筒直徑方向從左側(cè)射入圓簡，從心側(cè)射穿圓簡后發(fā)現(xiàn)兩彈孔在同一豎直線上且相距為h，則A.子彈在圓筒中的水平速度為B.子彈在圓筒中的水平速度為C.圓筒轉(zhuǎn)動的角速度可能為D.圓筒轉(zhuǎn)動的角速度可能為【答案】ACD【解析】子彈做平拋運動，故運動的時間，水平位移為d，則，解得水平速度，故A正確；B錯誤；由題意知，，解得，當(dāng)n=1時，D選項正確。15.長為L的輕桿可繞O在豎直平面內(nèi)無摩擦轉(zhuǎn)動，質(zhì)量為M的小球A固定于桿端點，質(zhì)點為m的小球B固定于桿中點，且M=2m，開始桿處于水平，由靜止釋放，當(dāng)桿轉(zhuǎn)到豎直位置時（）A.球A對輕桿做負(fù)功B.球A在最低點速度為C.OB桿的拉力小于BA桿的拉力D.球B對輕桿做功【答案】AD【解析】在轉(zhuǎn)動過程中，A、B兩球的角速度相同，設(shè)A球的速度為vA，B球的速度為vB，則有vA=2vB

以A、B和桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律，得：

聯(lián)立可以求出：，

設(shè)桿對A、B兩球作功分別為WA，WB．

根據(jù)動能定理得：

對A：

對B：

解得：WA=mgL，WB=-mgL，則球A對輕桿做負(fù)功，球B對輕桿做功mgL，故AD正確，B錯誤．當(dāng)桿轉(zhuǎn)到豎直位置時B的向心力向上，而向心力由B的合力提供，可知OB桿的拉力大于BA桿的拉力．故C錯誤．故選AD．點睛：本題關(guān)鍵是系統(tǒng)內(nèi)部只有重力勢能和動能相互轉(zhuǎn)化，機(jī)械能守恒，根據(jù)守恒定律列方程求解出速度，根據(jù)動能定理求解做功．二、實驗題（本題共2小題，14題6分；15題9分，共15分）16.在做“研究平拋運動”的實驗中，為了確定小球在不同時刻在空中所通過的位置，實驗時用了如圖所示的裝置。先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平整的木板表面釘上白紙和復(fù)寫紙。將該木板豎直立于水平地面上，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡山將木板向遠(yuǎn)離槽口平移距離，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡又將木板再向遠(yuǎn)離槽口平移距離小球再從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C。若測得木板每次移動距離,A、B間距離,B、C間距離。請冋答以下問題(重力加速度為g):(1)為什么毎次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋_______。(2)根據(jù)以上直接測量的物理量來求得小球初速度的表達(dá)式為=________(用題中所給字母表示）。【答案】(1).為了確保小球每次拋出的軌跡相同，應(yīng)該使拋出時的初速度相同，因此每次都應(yīng)使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放(2).【解析】（1）為了確保小球每次拋出的軌跡相同，應(yīng)該使拋出時的初速度相同，因此每次都應(yīng)使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放（2）在豎直方向上：，水平方向上，聯(lián)立方程解得．17．在平直公路上勻速行駛的汽車，剎車后速度隨時間變化的關(guān)系為v=8﹣0.4t（單位m/s），根據(jù)上述關(guān)系式求：（1）汽車剎車加速度大小．（2）汽車的初速度是多大．（3）剎車后25s的位移多大．【考點】1G：勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用；1E：勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】勻變速直線運動的速度時間關(guān)系為v=v0+at，運用待定系數(shù)法求出初速度和加速度，再根據(jù)速度時間關(guān)系，計算汽車從剎車到停止運動需時間，然后根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式求解25s的位移．【解答】解：（1）剎車后速度隨時間變化的關(guān)系為：v=（8﹣0.4t）m/s，又因為勻變速直線運動的速度時間關(guān)系為：v=v0+at所以：v0=8m/s，a=﹣0.4m/s2；（2）根據(jù)第一問可知，汽車的初速度為：v0=8m/s；汽車剎車到停下來所需的時間為：t==s=20s所以25s內(nèi)的位移等于20s內(nèi)的位移．為：x==m=80m，答：（1）汽車剎車加速度大小為0.4m/s2．（2）汽車的初速度是8m/s．（3）剎車后25s的位移為80m．18.在驗證機(jī)械能守恒定律的實驗中，質(zhì)量為0.20kg的重物拖著紙帶自由下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖所示。已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為0.02秒，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?.80m/s2，回答以下問題。（1）紙帶的______（選填“左”或“右”）端與重物相連；（2）打點計時器應(yīng)接______（選填“直流”或“交流”）電源，實驗時應(yīng)先______（填“釋放紙帶”或“接通電源”）；（3）從起點P到打下計數(shù)點B的過程中物體的重力勢能減少量△Ep=_______J，此過程中物體動能的增加量△Ek=_______J；（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【答案】(1).（1）左(2).（2）交流(3).接通電源(4).（3）0.400；(5).0.388【解析】（1）從紙帶上可以看出P點為先打出來的點，重物自由下落，而與重物相連的紙帶在下端，應(yīng)該先打點．所以紙帶的左端應(yīng)與重物相連．

（2）打點計時器應(yīng)接交流電源，應(yīng)用打點計時器時，要先接通電源，然后再放開紙帶，

如果先釋放紙帶后接通電源，有可能會出現(xiàn)小車已經(jīng)拖動紙帶運動一段距離，電源才被接通，那么紙帶上只有很小的一段能打上點，大部分紙帶沒有打上點，紙帶的利用率太低．所以應(yīng)當(dāng)先接通電源，待打點穩(wěn)定后再放開動紙帶．

（3）重力勢能減小量△Ep=mgh=0.2×9.8×0.2043J=0.400J．

利用勻變速直線運動的推論：動能增加量△Ek=mvB2=×0.2×1.972=0.388J．點睛：紙帶問題的處理是力學(xué)實驗中常見的問題．在紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度，計算過程中要注意單位的換算．三、計算題（要求寫出必要的文字說明、方程式或重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分。19．在海濱游樂場有一種滑沙的娛樂活動，如圖所示，人坐在滑板上從斜坡的高處A點由靜止開始下滑，滑到斜坡底部B點后沿水平滑道再滑行一段距離到C點停下來，斜坡滑道與水平滑道間是平滑連接的，滑板與兩滑道間的動摩擦因數(shù)為μ=0.50，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。

（1）若斜坡傾角θ=37°，人和滑塊的總質(zhì)量為m=60kg，求人在斜坡上下滑時的加速度大小。(sin37°=0.6，cos37°=0.8)

（2）若由于受到場地的限制，A點到C點的水平距離為s=50m，為確保人身安全，假如你是設(shè)計師，你認(rèn)為在設(shè)計斜坡滑道時，對高度應(yīng)有怎樣的要求？【答案】（1）2.0m/s2（2）25m【解析】（1）人在斜面上受力如圖所示，建立圖示坐標(biāo)系，設(shè)人在斜坡上滑下的加速度為a1，由牛頓第二定律有，又聯(lián)立解得a1=g（sinθ－μcosθ），代入數(shù)據(jù)得a1=2．0m/s2（2）人在水平滑道上受力如圖，由牛頓第二定律有，又，將以上各式聯(lián)立解得a="μg"="5"m/s2設(shè)從斜坡上滑下的距離為LAB，由勻變速運動的公式得，，聯(lián)立解得．則滑道高度為h=50cos370=40m考點：牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點睛】本題是對牛頓第二定律的應(yīng)用，對物體受力分析可以求得加速度的大小，再利用勻變速直線運動的規(guī)律可以求得高度的大?。?0.一輛質(zhì)量為800kg的汽車行駛在圓弧半徑為50米的拱橋，當(dāng)汽車到達(dá)橋頂時速度為5m/s，汽車對橋頂?shù)膲毫κ嵌啻?？（g=10m/s2）考點： 向心力；牛頓第二定律．專題： 牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用．分析： 汽車在橋頂，豎直方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出橋?qū)ζ嚨闹С至?，從而得出汽車對橋的壓力．解答?解：（1）汽車行駛在圓弧半徑為50米的拱橋時，受到重力mg和橋面的支持力F，合力提供圓周運動的向心力，根據(jù)牛頓第二定律有：得：N．根據(jù)牛頓第三定律，汽車對橋的壓力為7600N．答：汽車對橋的壓力為7600N．點評： 解決本題的關(guān)鍵知道在橋頂豎直方向上的合力提供汽車運動所需的向心力，會根據(jù)牛頓第二定律列出表達(dá)式．21．汽車緊急剎車時，加速度大小為6m/s2，且必須在2s內(nèi)停下來．（l）汽車允許的最大行駛速度是多少？（2）剎車過程汽車的位移是多少？【考點】1E：勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；1D：勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系．【分析】（1）汽車剎車后做勻減速直線運動，根據(jù)速度時間公式即可求解．（2）根據(jù)位移時間公式或運用平均速度公式求解位移即可．【解答】解：（1）汽車剎車后做勻減速直線運動，已知加速度a=﹣6m/s2，時間t=2s，末速度v=0由v=v0+at得：v0=v﹣at=[0﹣（﹣6）×2]m/s=12m/s（2）剎車過程汽車的位移是x==m=12m答：（l）汽車允許的最大行駛速度是12m/s．（2）剎車過程汽車的位移是12m．22.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定著一個滑槽軌道，其左半部是傾角為=37°,長為=1m的斜槽右部是光滑圓槽QSR，RQ是其豎直直徑。兩部分滑槽在Q處平滑連接，R、P兩點等高。質(zhì)量為m=0.2kg的小滑塊(可看做質(zhì)點）與斜槽間的動摩擦因數(shù)為=0.375.將小滑塊從斜槽軌道的最高點P釋放，使其開始沿斜槽下滑，滑塊通過O點時沒有機(jī)械能損失，求：(1)小滑塊從P到Q克服摩擦力做的功；(2)為了使小滑塊滑上光滑半圓槽后恰好能到達(dá)最高點R，從P點釋放時小滑塊沿斜面向下的初速度的大小；【答案】（1）0.6J（2）3m/s【解析】（1）克服摩擦力做功：（2）從P到R全過程對滑塊用動能定理得：在R點重力充當(dāng)向心力半徑解得2025年高一物理第二學(xué)期期末模擬試卷及答案（二）一.選擇題1．如圖所示，質(zhì)量為m的小球固定在桿的一端，在豎直面內(nèi)繞桿的另一端做圓周運動，當(dāng)小球運動到最高點時，瞬時速度v=，R是球心到O點的距離，則當(dāng)球運動到最低點時對桿的作用力是（）A．6mg的拉力 B．6mg的壓力 C．7mg的拉力 D．7mg的壓力2．如圖所示，一物體以速度v0沖向光滑斜面AB，并能沿斜面升高h(yuǎn)，下列說法正確的是（）A．若把斜面從C點鋸斷，由機(jī)械能守恒定律知，物體沖出C點后仍能升高h(yuǎn)B．若把斜面彎成如圖所示的半圓弧形，物體仍能沿AB升高h(yuǎn)C．若把斜面從C點鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，因為機(jī)械能不守恒D．若把斜面從C點鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，但機(jī)械能仍守恒3．在不計空氣阻力的情況下，下列運動中加點物體機(jī)械能守恒的是（）A．雨滴在空中勻速下落B．乘客隨摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動的過程C．物體在光滑的固定斜面上滑行D．重物被起重機(jī)懸吊著勻加速上升4．如圖所示，水平的木板B托著木塊A一起在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，從水平位置a沿逆時針方向運動到最高點b的過程中（）A．B對A的支持力越來越大 B．A對B的正壓力越來越大C．B對A的摩擦力越來越小 D．B對A的摩擦力越來越大5．a(chǎn)b是長為l的均勻帶電細(xì)桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點，位置如圖所示．a(chǎn)b上電荷產(chǎn)生的靜電場在P1處的場強(qiáng)大小為E1，在P2處的場強(qiáng)大小為E2．則以下說法正確的是（）A．兩處的電場方向相同，E1＞E2 B．兩處的電場方向相反，E1＞E2C．兩處的電場方向相同，E1＜E2 D．兩處的電場方向相反，E1＜E26．關(guān)于物體的動量和動能，下列說法中正確的是（）A．一物體的動量不變，其動能一定不變B．一物體的動能不變，其動量一定不變C．兩物體的動量相等，其動能一定相等D．兩物體的動能相等，其動量一定相等7．如圖所示，桌面高為h，質(zhì)量為m的小球從離桌面高H處自由落下，不計空氣阻力，以地面為參考平面，則小球落到地面前瞬間的機(jī)械能為（）A．0 B．mgh C．mgH D．mg（H+h）8．某帶電粒子僅在電場力作用下由A點運動到B點，電力線、粒子在A點的初速度以及運動軌跡如圖所示．由此可以判定（）A．粒子在A點的加速度大于它在B點的加速度B．粒子在A點的動能小于它在B點的動能C．粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D．A點的電勢低于B點的電勢9．如圖所示，乘坐游樂園的翻滾過山車時，質(zhì)量為m的人隨車在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)，下列說法正確的是（）A．車在最高點時人處于倒坐狀態(tài)，全靠保險帶拉住，沒有保險帶，人就會掉下來B．人在最高點時對座位不可能產(chǎn)生壓力C．人在最低點時對座位的壓力等于mgD．人在最低點時對座位的壓力大于mg10．如所示，a是地球赤道上的一點，某時刻在a的正上方有三顆軌道位于赤道平面的衛(wèi)星b、c、d，各衛(wèi)星的運行方向均與地球自轉(zhuǎn)方向相同，圖中已標(biāo)出，其中d是地球同步衛(wèi)星．從該時刻起，經(jīng)過一段時間t（已知在t時間內(nèi)三顆衛(wèi)星都還沒有運行一周），各衛(wèi)星相對a的位置最接近實際的是圖中的（）A． B． C． D．11．如圖所示，某同學(xué)將一枚飛鏢從高于靶心的位置水平投向豎直懸掛的靶盤，結(jié)果飛鏢打在靶心的正下方．忽略飛鏢運動過程中所受空氣阻力，在其他條件不變的情況下，為使飛鏢命中靶心，他在下次投擲時應(yīng)該（）A．換用質(zhì)量稍大些的飛鏢 B．適當(dāng)增大投飛鏢的高度C．到稍遠(yuǎn)些的地方投飛鏢 D．適當(dāng)增大投飛鏢的初速度12．如圖中虛線為勻強(qiáng)電場中與場強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等．現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示．點a、b、c為實線與虛線的交點．已知O點電勢高于c點，若不計重力，則（）A．M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B．N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C．N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D．M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零13．傳送帶是應(yīng)用廣泛的一種傳動裝置．在一水平向右勻速運動的傳送帶的左端A點，每隔相同的時間T，輕放上一個相同的工件．已知工件與傳送帶間動摩擦因數(shù)為μ，工件質(zhì)量為m．經(jīng)測量，發(fā)現(xiàn)前面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離均為L．已知重力加速度為g，下列判斷正確的有（）A．傳送帶的速度大小為B．工件在傳送帶上加速時間為C．每個工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D．傳送帶因傳送每一個工件而多消耗的能量為14．如圖所示，長為L、傾角為θ=45°的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由斜面底端的A點開始沿斜面上滑，到達(dá)斜面頂端的速度仍為v0，則（）A．小球在B點的電勢能一定大于小球在A點的電勢能B．A、B兩點的電勢差一定為C．若電場是勻強(qiáng)電場，則該電場的場強(qiáng)的最小值一定是D．若該電場是AC邊中垂線上某點的點電荷Q產(chǎn)生的，則Q一定是正電荷15．如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長．圓環(huán)從A處由靜止釋放后，經(jīng)過B處速度最大，到達(dá)C處（AC=h）時速度減為零．若在此時給圓環(huán)一個豎直向上的速度v，它恰好能回到A點．彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A．下滑過程中，加速度一直增大B．上下兩次經(jīng)過B點的速度大小相等C．下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2D．在C處彈簧的彈性勢能為mgh﹣mv2二、填空題16．某學(xué)習(xí)小組欲驗證動能定理，他們在實驗室找到了打點計時器、學(xué)生電源、導(dǎo)線、細(xì)線、復(fù)寫紙、紙帶、長木板、滑塊、沙及沙桶，組裝了一套如圖所示的實驗驗證裝置．若你是小組中的一位成員，為了完成該驗證實驗，（1）你認(rèn)為還需要的器材有；（2）實驗時為了使得沙和沙桶的總重力可作為滑塊受到的合外力，應(yīng)做兩方面減少誤差的措施：a．細(xì)沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足；b．將長木板左端適當(dāng)墊高的目的是．17．在“探究平拋運動規(guī)律”的實驗中：①在“探究平拋運動規(guī)律”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，為了能較準(zhǔn)確地描出運動軌跡，A．通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持B．每次釋放小球的位置必須（填“相同”或者“不同”）C．每次必須由釋放小球（“運動”或者“靜止”）D．小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙相接觸E．將球的位置記錄在紙上后，取下紙，將點連成（“折線”或“直線”或“光滑曲線”）（2）某同學(xué)在做“研究平拋物體的運動”的實驗中，忘記記下小球拋出點的位置O，如圖所示，A為物體運動一段時間后的位置．g取10m/s2，根據(jù)圖象，可知平拋物體的初速度為m/s．三、計算題：18．某戰(zhàn)士在傾角為30°的山坡上進(jìn)行投擲手榴彈訓(xùn)練．他從A點以某一初速度m/s沿水平方向投出手榴彈后落在B點．該型號手榴彈從拉動彈弦到爆炸需要5s的時間，空氣阻力不計，（g=10m/s2）求：（1）若要求手榴彈正好在落地時爆炸，問戰(zhàn)士從拉動彈弦到投出所用的時間是多少？（2）點AB的間距s是多大？19．在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角θ=37°的光滑斜面上的M點和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對應(yīng)平面平行．勁度系數(shù)K=5N/m的輕彈簧一端固定在0點，一端用另一輕繩穿過固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面處于場強(qiáng)E=5×104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中．已知A、B的質(zhì)量分別為mA=0.1kg和mB=0.2kg，B所帶電荷量q=+4×l0﹣6C．設(shè)兩物體均視為質(zhì)點，不計滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電量不變．取g=lOm/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求B所受靜摩擦力的大小；（2）現(xiàn)對A施加沿斜面向下的拉力F使A以加速度a=0.6m/s2開始做勻加速直線運動．A從M到N的過程中，B的電勢能增加了△Ep=0.06J．已知DN沿豎直方向，B與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.4．求A到達(dá)N點時拉力F的瞬時功率．20．如圖甲所示，一長為l=1m的輕繩，一端穿在過O點的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，整個裝置繞O點在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動．給系統(tǒng)輸入能量，使小球通過最高點的速度不斷加快，通過傳感器測得小球通過最高點時，繩對小球的拉力F與小球在最高點動能Ek的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度為g，不考慮摩擦和空氣阻力，請分析并回答以下問題：（1）若要小球能做完整的圓周運動，對小球過最高點的速度有何要求？（用題中給出的字母表示）．（2）請根據(jù)題目及圖象中的條件求出小球質(zhì)量m的值．（g取10m/s2）（3）求小球從圖中a點所示狀態(tài)到圖中b點所示狀態(tài)的過程中，外界對此系統(tǒng)做的功．（4）當(dāng)小球達(dá)到圖乙中b點所示狀態(tài)時，立刻停止能量輸入．之后的運動過程中，在繩中拉力達(dá)到最大值的位置，輕繩繃斷，求繃斷瞬間繩中拉力的大?。?1．如圖所示，光滑斜軌和光滑圓軌相連，固定在同一豎直面內(nèi)，圓軌的半徑為R，一個小球（可視為質(zhì)點），從離水平面高h(yuǎn)處由靜止自由下滑，由斜軌進(jìn)入圓軌．求：（1）為了使小球在圓軌內(nèi)運動的過程中始終不脫離圓軌，h應(yīng)至少多高？（2）若小球到達(dá)圓軌最高點時圓軌對小球的壓力大小恰好等于它自身重力大小，那么小球開始下滑時的h是多大？

參考答案與試題解析一.選擇題1．如圖所示，質(zhì)量為m的小球固定在桿的一端，在豎直面內(nèi)繞桿的另一端做圓周運動，當(dāng)小球運動到最高點時，瞬時速度v=，R是球心到O點的距離，則當(dāng)球運動到最低點時對桿的作用力是（）A．6mg的拉力 B．6mg的壓力 C．7mg的拉力 D．7mg的壓力【考點】4A：向心力．【分析】根據(jù)動能定理求出小球運動到最低點的速度，結(jié)合牛頓第二定律求出在最低點桿子對小球的作用力，從而得出球?qū)U的作用力大?。窘獯稹拷猓焊鶕?jù)動能定理得，，解得最低點速度，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)﹣mg=m，解得F=6mg，表現(xiàn)為拉力，故A正確，B、C、D錯誤．故選：A．2．如圖所示，一物體以速度v0沖向光滑斜面AB，并能沿斜面升高h(yuǎn)，下列說法正確的是（）A．若把斜面從C點鋸斷，由機(jī)械能守恒定律知，物體沖出C點后仍能升高h(yuǎn)B．若把斜面彎成如圖所示的半圓弧形，物體仍能沿AB升高h(yuǎn)C．若把斜面從C點鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，因為機(jī)械能不守恒D．若把斜面從C點鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，但機(jī)械能仍守恒【考點】6C：機(jī)械能守恒定律；4A：向心力．【分析】物體上升過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒；斜拋運動運動最高點，速度不為零；AB′軌道最高點，合力充當(dāng)向心力，速度也不為零．【解答】解：A、若把斜面從C點鋸斷，物體沖過C點后做斜拋運動，由于物體機(jī)械能守恒，同時斜拋運動運動最高點，速度不為零，故不能到達(dá)h高處，故A錯誤；B、若把斜面彎成圓弧形，如果能到圓弧最高點，即h處，由于合力充當(dāng)向心力，速度不為零，根據(jù)機(jī)械能守恒知，物體沿AB′升高的高度小于h，故B錯誤，C、D、無論是把斜面從C點鋸斷或把斜面彎成圓弧形，物體都不能升高h(yuǎn)，但物體的機(jī)械能仍守恒，故C錯誤，D正確；故選：D．3．在不計空氣阻力的情況下，下列運動中加點物體機(jī)械能守恒的是（）A．雨滴在空中勻速下落B．乘客隨摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動的過程C．物體在光滑的固定斜面上滑行D．重物被起重機(jī)懸吊著勻加速上升【考點】6C：機(jī)械能守恒定律．【分析】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機(jī)械能守恒．【解答】解：A，雨滴在空中勻速下落時，動能不變，重力勢能減小，故機(jī)械能不守恒，故A錯誤；B、乘客隨摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動的過程中，動能不變，重力勢能變化，故機(jī)械能變化，故B錯誤；C、物體在光滑的固定斜面上滑行時，只有重力做功；故機(jī)械能守恒，故C正確；D、重物被起重機(jī)懸吊著勻加速上升時，動能增加，重力勢能增加，故機(jī)械能增加，故D錯誤．故選：C．4．如圖所示，水平的木板B托著木塊A一起在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，從水平位置a沿逆時針方向運動到最高點b的過程中（）A．B對A的支持力越來越大 B．A對B的正壓力越來越大C．B對A的摩擦力越來越小 D．B對A的摩擦力越來越大【考點】4A：向心力；37：牛頓第二定律．【分析】物塊A做勻速圓周運動靠合力提供向心力．在a運動到b的過程中，木塊受重力、支持力和靜摩擦力．【解答】解：A在運動的過程中受重力、支持力、靜摩擦力，三個力的合力提供向心力．合力沿水平方向的分力等于A所受的摩擦力，合力沿豎直方向的分力等于重力和支持力的合力，合力的大小不變，由a到b的運動過程中，合力沿水平方向的分力減小，所以摩擦力減?。狭ρ刎Q直方向的分力逐漸增大，所以支持力逐漸減?。蔆正確，ABD錯誤．故選：C．5．a(chǎn)b是長為l的均勻帶電細(xì)桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點，位置如圖所示．a(chǎn)b上電荷產(chǎn)生的靜電場在P1處的場強(qiáng)大小為E1，在P2處的場強(qiáng)大小為E2．則以下說法正確的是（）A．兩處的電場方向相同，E1＞E2 B．兩處的電場方向相反，E1＞E2C．兩處的電場方向相同，E1＜E2 D．兩處的電場方向相反，E1＜E2【考點】AA：電場的疊加．【分析】由于細(xì)桿均勻帶電，我們?nèi)關(guān)于P1的對稱點a′，則a與a′關(guān)于P1點的電場互相抵消，整個桿對于P1點的電場，僅僅相對于a′b部分對于P1的產(chǎn)生電場．而對于P2，卻是整個桿都對其有作用，所以，P2點的場強(qiáng)大．【解答】解：將均勻帶電細(xì)桿等分為很多段，每段可看作點電荷．設(shè)細(xì)桿帶正電根據(jù)電場的疊加，這些點電荷在P1的合場強(qiáng)方向向左，在P2的合場強(qiáng)方向向右，且E1＜E2．故選D．6．關(guān)于物體的動量和動能，下列說法中正確的是（）A．一物體的動量不變，其動能一定不變B．一物體的動能不變，其動量一定不變C．兩物體的動量相等，其動能一定相等D．兩物體的動能相等，其動量一定相等【考點】52：動量定理；66：動能定理的應(yīng)用．【分析】動能，動量P=mv，動能與動量之間的大小關(guān)系：，動能是標(biāo)量，動量是矢量，一個物體的動量不變時，動能一定不變，動能不變時，動量的大小一定不變，但方向可能變化；兩個物體的動量相等時，只有當(dāng)質(zhì)量相等時，動能才相等，兩個物體的動能相等時，也只有質(zhì)量相等時，動量大小才會相等．【解答】解：動能是標(biāo)量，動量是矢量P=mv，動能與動量之間的大小關(guān)系：，A、一物體的動量P不變，其動能Ek一定不變，故A正確．B、一物體的動能不變，其動量大小一定不變，但速度的方向可以變化，即動量的方向可以變化．故B錯誤．C、兩物體的動量相等，當(dāng)兩物體的質(zhì)量相等時，其動能一定相等，當(dāng)兩物體的質(zhì)量不等時，其動能一定不相等．故C錯誤．D、兩物體動能相等，而質(zhì)量不等時，其動量也是不相等的．故D錯誤．故選A．7．如圖所示，桌面高為h，質(zhì)量為m的小球從離桌面高H處自由落下，不計空氣阻力，以地面為參考平面，則小球落到地面前瞬間的機(jī)械能為（）A．0 B．mgh C．mgH D．mg（H+h）【考點】6C：機(jī)械能守恒定律．【分析】小球落到地面瞬間重力勢能為0，但動能不知道，機(jī)械能不好直接確定．但最高點時速度為零，動能為零，機(jī)械能很快求出，根據(jù)小球下落過程中機(jī)械能守恒，落地時與剛下落時機(jī)械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬間的機(jī)械能．【解答】解：以地面為參考平面，小球在最高點時機(jī)械能為：E=mg（H+h）小球下落過程中機(jī)械能守恒，則小球落到地面前瞬間的機(jī)械能等于它在最高點時的機(jī)械能，即E′=E=mg（H+h）．故ABC錯誤，D正確．故選：D．8．某帶電粒子僅在電場力作用下由A點運動到B點，電力線、粒子在A點的初速度以及運動軌跡如圖所示．由此可以判定（）A．粒子在A點的加速度大于它在B點的加速度B．粒子在A點的動能小于它在B點的動能C．粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D．A點的電勢低于B點的電勢【考點】A7：電場線；AD：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系．【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度?。窘獯稹拷猓篈、由電場線可知，B點的電場線密，所以B點的電場強(qiáng)度大，粒子受的電場力大，加速度也就大，即A點的加速度小于它在B點的加速度，所以A錯誤；B、粒子受到的電場力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以受到的電場力的方向是沿電場線向上的，所以粒子從A到B的過程中，電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在A點的動能小于它在B點的動能，所以B正確，C錯誤；D、沿電場線的方向，電勢降低，所以A點的電勢大于B點的電勢，所以D錯誤．故選B．9．如圖所示，乘坐游樂園的翻滾過山車時，質(zhì)量為m的人隨車在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)，下列說法正確的是（）A．車在最高點時人處于倒坐狀態(tài)，全靠保險帶拉住，沒有保險帶，人就會掉下來B．人在最高點時對座位不可能產(chǎn)生壓力C．人在最低點時對座位的壓力等于mgD．人在最低點時對座位的壓力大于mg【考點】4A：向心力；37：牛頓第二定律．【分析】車在最高點時，若恰好由重力提供向心力時，人與保險帶間恰好沒有作用力，沒有保險帶，人也不會掉下來．當(dāng)速度更大時，人更不會掉下來．當(dāng)速度大于臨界速度時，人在最高點時對座位就產(chǎn)生壓力．人在最低點時，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分析壓力與重力的關(guān)系．【解答】解：A、當(dāng)人與保險帶間恰好沒有作用力，由重力提供向心力時，臨界速度為v0=．當(dāng)速度v≥時，沒有保險帶，人也不會掉下來．故A錯誤．B、當(dāng)人在最高點的速度v＞時，人對座位就產(chǎn)生壓力．故B錯誤．C、D人在最低點時，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分析可知，人處于超重狀態(tài)，人對座位的壓力大于mg．故C錯誤，D正確．故選D10．如所示，a是地球赤道上的一點，某時刻在a的正上方有三顆軌道位于赤道平面的衛(wèi)星b、c、d，各衛(wèi)星的運行方向均與地球自轉(zhuǎn)方向相同，圖中已標(biāo)出，其中d是地球同步衛(wèi)星．從該時刻起，經(jīng)過一段時間t（已知在t時間內(nèi)三顆衛(wèi)星都還沒有運行一周），各衛(wèi)星相對a的位置最接近實際的是圖中的（）A． B． C． D．【考點】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【分析】根據(jù)萬有引力等于向心力：G=mr知，軌道半徑越大，周期越大，則角速度越小，所以經(jīng)過相同的時間，可以比較出三衛(wèi)星轉(zhuǎn)過的角度，而同步衛(wèi)星又與地球保持相對靜止．【解答】解：根據(jù)知，軌道半徑越大，周期越大，則角速度越小，所以經(jīng)過相同的時間，三個衛(wèi)星中，b轉(zhuǎn)過的角度最大，c次之，d最小，d為同步衛(wèi)星，與赤道上的a保持相對靜止．故A、B、C錯誤，D正確．故選：D．11．如圖所示，某同學(xué)將一枚飛鏢從高于靶心的位置水平投向豎直懸掛的靶盤，結(jié)果飛鏢打在靶心的正下方．忽略飛鏢運動過程中所受空氣阻力，在其他條件不變的情況下，為使飛鏢命中靶心，他在下次投擲時應(yīng)該（）A．換用質(zhì)量稍大些的飛鏢 B．適當(dāng)增大投飛鏢的高度C．到稍遠(yuǎn)些的地方投飛鏢 D．適當(dāng)增大投飛鏢的初速度【考點】43：平拋運動．【分析】飛鏢做的是平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律，水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動，列方程求解即可．【解答】解：飛鏢做的是平拋運動，飛鏢打在靶心的正下方說明飛鏢豎直方向的位移太大，根據(jù)平拋運動的規(guī)律可得，水平方向上：x=V0t豎直方向上：h=所以要想減小飛鏢豎直方向的位移，在水平位移不變的情況下，可以適當(dāng)增大投飛鏢的初速度來減小飛鏢的運動時間，所以D正確，初速度不變時，時間不變，適當(dāng)增大投飛鏢的高度，可以飛鏢命中靶心，故B正確；故選BD12．如圖中虛線為勻強(qiáng)電場中與場強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等．現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示．點a、b、c為實線與虛線的交點．已知O點電勢高于c點，若不計重力，則（）A．M帶負(fù)電荷，N帶正電荷B．N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C．N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D．M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零【考點】AK：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動；AC：電勢．【分析】根據(jù)粒子的軌跡可判斷粒子的電場力方向，O點電勢高于c點，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可判斷出電場方向，從而確定出粒子的電性．由動能定理可知，N在a點的速度與M在c點的速度大小相等，但方向不同．N從O點運動至a點的過程中電場力做正功．O、b間電勢差為零，由動能定理可知電場力做功為零．【解答】解：A、由題，等勢線在水平方向，O點電勢高于c點，根據(jù)電場線與等勢線垂直，而且由高電勢指向低電勢，可知電場方向豎直向下，根據(jù)粒子的軌跡可判斷出a粒子所受的電場力方向豎起向上，M粒子所受的電場力方向豎直向下，故知N粒子帶負(fù)電，M帶正電．故A錯誤；B、由動能定理可知，N在a點的速度與M在c點的速度大小相等，但方向不同，速度不同．故B正確；C、N從O點運動至a點的過程中電場力與速度的夾角為銳角，電場力做正功．故C錯誤；D、O、b間電勢差為零，由動能定理可知M從O點運動至b點的過程中，電場力對它做功為零．故D正確．故選：BD．13．傳送帶是應(yīng)用廣泛的一種傳動裝置．在一水平向右勻速運動的傳送帶的左端A點，每隔相同的時間T，輕放上一個相同的工件．已知工件與傳送帶間動摩擦因數(shù)為μ，工件質(zhì)量為m．經(jīng)測量，發(fā)現(xiàn)前面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離均為L．已知重力加速度為g，下列判斷正確的有（）A．傳送帶的速度大小為B．工件在傳送帶上加速時間為C．每個工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D．傳送帶因傳送每一個工件而多消耗的能量為【考點】6B：功能關(guān)系；37：牛頓第二定律．【分析】工件在傳送帶上先做勻加速直線運動，然后做勻速直線運動，每個工件滑上傳送帶后運動的規(guī)律相同，通過x=vT求出傳送帶的速度；根據(jù)勻加速度知識求得運動的時間，根據(jù)工件和傳送帶之間的相對路程大小，求出摩擦產(chǎn)生的熱量；根據(jù)能量守恒知，多消耗的能量一部分轉(zhuǎn)化為工件的動能，一部分轉(zhuǎn)化為摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能．【解答】解：A、工件在傳送帶上先做勻加速直線運動，然后做勻速直線運動，每個工件滑上傳送帶后運動的規(guī)律相同，可知x=vT=L，解得傳送帶的速度v=．故A正確．B、設(shè)每個工件勻加速運動的時間為t，根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為a=μg，根據(jù)v=v0+at，解得：t==．故B錯誤．C、工件與傳送帶相對滑動的路程為：△x=v?﹣=，則摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q=μmg△x=．故C錯誤．D、根據(jù)能量守恒得，傳送帶因傳送一個工件多消耗的能量E=mv2+μmg△x=，故D正確．故選：AD．14．如圖所示，長為L、傾角為θ=45°的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由斜面底端的A點開始沿斜面上滑，到達(dá)斜面頂端的速度仍為v0，則（）A．小球在B點的電勢能一定大于小球在A點的電勢能B．A、B兩點的電勢差一定為C．若電場是勻強(qiáng)電場，則該電場的場強(qiáng)的最小值一定是D．若該電場是AC邊中垂線上某點的點電荷Q產(chǎn)生的，則Q一定是正電荷【考點】AD：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；AE：電勢能．【分析】根據(jù)動能定理和電場力做功公式結(jié)合，求解A、B兩點的電勢差．根據(jù)電場力做功的正負(fù)，判斷小球電勢能的大小，當(dāng)電場力做正功時，小球電勢能減??；相反，電勢能增大．若電場是勻強(qiáng)電場，根據(jù)力學(xué)知識確定電場力的最小值，再確定場強(qiáng)的最小值．【解答】解：A、小球在運動的過程中，受重力、支持力和電場力，重力做負(fù)功，支持力不做功，電場力就做正功．故A點的電勢高，小球在A點的電勢能大．故A錯誤；B、A到B速度未變，說明重力做功等于電場力做功．則．故B正確；C、若電場是勻強(qiáng)電場，電場力恒定，根據(jù)共點力的平衡可得，若電場強(qiáng)度與運動方向不共線，且與斜面的夾角小于θ時，則電場力、斜面的支持力與重力相平衡，因此小球受到的電場力可能等于重力mg，此時的電場強(qiáng)度等于，故C正確；D、如果Q在AC邊中垂線上AB的下方時，若點電荷Q是正電荷，由于B到Q的距離BQ大于A到Q的距離AQ，所以小球在B點的電勢能小于A點的，則Q是正電荷；如果Q在AC邊中垂線上AB的上方時，若點電荷Q是正電荷，由于B到Q的距離BQ小于A到Q的距離AQ，所以小球在B點的電勢能大于A點的，與“小球在B點的電勢能比A點的小”矛盾，故Q是負(fù)電荷．故D錯誤．故選：BC15．如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長．圓環(huán)從A處由靜止釋放后，經(jīng)過B處速度最大，到達(dá)C處（AC=h）時速度減為零．若在此時給圓環(huán)一個豎直向上的速度v，它恰好能回到A點．彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A．下滑過程中，加速度一直增大B．上下兩次經(jīng)過B點的速度大小相等C．下滑過程中，克服摩擦力做的功為mv2D．在C處彈簧的彈性勢能為mgh﹣mv2【考點】6B：功能關(guān)系；37：牛頓第二定律．【分析】根據(jù)圓環(huán)的運動情況分析下滑過程中加速度的變化；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C和在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A兩個過程，運用動能定理列出等式求解；研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程和圓環(huán)從B處上滑到A的過程，運用動能定理列出等式，比較兩次經(jīng)過B點時速度大?。窘獯稹拷猓篈、圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，所以圓環(huán)先做加速運動，再做減速運動，經(jīng)過B處的速度最大，加速度為零，所以加速度先減小，后增大，故A錯誤B、研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到B過程，運用動能定理列出等式mgh′﹣W′f﹣W′彈=﹣0研究圓環(huán)從B處上滑到A的過程，運用動能定理列出等式﹣mgh′﹣W′f+W′彈=0﹣即得mgh′+W′f﹣W′彈=由于W′f＞0，所以＞，可知上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度，故B錯誤．C、研究圓環(huán)從A處由靜止開始下滑到C過程，運用動能定理列出等式mgh﹣Wf﹣W彈=0﹣0=0在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，運用動能定理列出等式﹣mgh+W彈﹣Wf=0﹣mv2解得：下滑過程中，克服摩擦力做的功Wf=mv2，故C正確．D、由上解得W彈=mv2﹣mgh，所以在C處，彈簧的彈性勢能為mgh﹣mv2，故D正確；故選：CD二、填空題16．某學(xué)習(xí)小組欲驗證動能定理，他們在實驗室找到了打點計時器、學(xué)生電源、導(dǎo)線、細(xì)線、復(fù)寫紙、紙帶、長木板、滑塊、沙及沙桶，組裝了一套如圖所示的實驗驗證裝置．若你是小組中的一位成員，為了完成該驗證實驗，（1）你認(rèn)為還需要的器材有刻度尺、天平；（2）實驗時為了使得沙和沙桶的總重力可作為滑塊受到的合外力，應(yīng)做兩方面減少誤差的措施：a．細(xì)沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足細(xì)沙和沙桶的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量；b．將長木板左端適當(dāng)墊高的目的是平衡摩擦力．【考點】MJ：探究功與速度變化的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)實驗原理，得到需要驗證的表達(dá)式，從而確定需要的器材；（2）實驗要測量滑塊動能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的總質(zhì)量表示滑塊受到的拉力，對滑塊受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必須使重力的下滑分量等于摩擦力；同時重物加速下降，處于失重狀態(tài)，故拉力小于重力，可以根據(jù)牛頓第二定律列式求出拉力表達(dá)式分析討論．【解答】解：（1）實驗要驗證動能增加量和總功是否相等，故需要求出總功和動能，故還要天平和刻度尺，還需要的使用汽車有：天平，刻度尺；（2）a、沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細(xì)線的拉力小于重力，設(shè)拉力為T，根據(jù)牛頓第二定律得：對沙和沙桶：mg﹣T=ma對小車：T=Ma解得：T=mg，故當(dāng)M＞＞m時，有T≈mg；b、小車下滑時受到重力、細(xì)線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應(yīng)該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一段墊高；故答案為：（1）刻度尺、天平；（2）a、細(xì)沙和沙桶的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量；b、平衡摩擦力．17．在“探究平拋運動規(guī)律”的實驗中：①在“探究平拋運動規(guī)律”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，為了能較準(zhǔn)確地描出運動軌跡，A．通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平B．每次釋放小球的位置必須相同（填“相同”或者“不同”）C．每次必須由靜止釋放小球（“運動”或者“靜止”）D．小球運動時不應(yīng)與木板上的白紙相接觸E．將球的位置記錄在紙上后，取下紙，將點連成光滑曲線（“折線”或“直線”或“光滑曲線”）（2）某同學(xué)在做“研究平拋物體的運動”的實驗中，忘記記下小球拋出點的位置O，如圖所示，A為物體運動一段時間后的位置．g取10m/s2，根據(jù)圖象，可知平拋物體的初速度為2.0m/s．【考點】MB：研究平拋物體的運動．【分析】（1）根據(jù)實驗的原理以及注意事項確定正確的操作步驟．（2）根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，結(jié)合水平位移和時間間隔求出初速度．【解答】解：（1）A、為了保證小球的初速度水平，通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平．BC、為了保證每次小球平拋運動的初速度相等，讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，即每次小球釋放位置必須相同，必須由靜止釋放小球．E、將球的位置記錄在紙上后，取下紙，將點連成光滑曲線．（2）在豎直方向上，根據(jù)△y=gT2得，T=，則初速度．故答案為：（1）A、水平，B、相同，C、靜止，E、光滑曲面，（2）2.0．三、計算題：18．某戰(zhàn)士在傾角為30°的山坡上進(jìn)行投擲手榴彈訓(xùn)練．他從A點以某一初速度m/s沿水平方向投出手榴彈后落在B點．該型號手榴彈從拉動彈弦到爆炸需要5s的時間，空氣阻力不計，（g=10m/s2）求：（1）若要求手榴彈正好在落地時爆炸，問戰(zhàn)士從拉動彈弦到投出所用的時間是多少？（2）點AB的間距s是多大？【考點】43：平拋運動．【分析】平拋運動是具有水平方向的初速度只在重力作用下的運動，是一個勻變速曲線運動．解決平拋運動的方法是把平拋運動分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動．【解答】解：設(shè)手榴彈飛行時間為t（1）手榴彈的水平位移x=v0t手榴彈的豎直位移且h=xtan30°解得t=3s，h=45m戰(zhàn)士從拉動彈弦到投出所用的時間t0=5s﹣t=2.0s（2）點AB的間距解得s=90m答：（1）若要求手榴彈正好在落地時爆炸，問戰(zhàn)士從拉動彈弦到投出所用的時間是2s；（2）點AB的間距s是90m19．在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角θ=37°的光滑斜面上的M點和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對應(yīng)平面平行．勁度系數(shù)K=5N/m的輕彈簧一端固定在0點，一端用另一輕繩穿過固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面處于場強(qiáng)E=5×104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中．已知A、B的質(zhì)量分別為mA=0.1kg和mB=0.2kg，B所帶電荷量q=+4×l0﹣6C．設(shè)兩物體均視為質(zhì)點，不計滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電量不變．取g=lOm/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求B所受靜摩擦力的大?。唬?）現(xiàn)對A施加沿斜面向下的拉力F使A以加速度a=0.6m/s2開始做勻加速直線運動．A從M到N的過程中，B的電勢能增加了△Ep=0.06J．已知DN沿豎直方向，B與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.4．求A到達(dá)N點時拉力F的瞬時功率．【考點】AG：勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；27：摩擦力的判斷與計算；63：功率、平均功率和瞬時功率．【分析】（1）分別對A和B受力分析，根據(jù)共點力平衡求出B所受摩擦力的大?。?）通過電勢能的變化，得出電場力做功，從而得出B移動的距離，根據(jù)幾何關(guān)系求出彈簧的形變量，通過對A在N點、以及B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合胡克定律，求出拉力F的大小，【解答】解：（1）F作用之前，AB處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)B所受的靜摩擦力大小為f0，AB間的繩子的張力為FT，據(jù)題意靜止時受力分析如圖所示，由平衡條件得：對A有：mAgsinθ=FT…①對B有：qE+f0=FT…②代入數(shù)據(jù)得：f0=0.4N…③（2）據(jù)題意A到N點時受力分析如圖所示由牛頓第二定律得：對A有F+mAgsinθ﹣FT﹣FKsinθ=mAa…④對B有FT′﹣qE﹣f=mBa…⑤其中f=μmBg…⑥設(shè)彈簧的伸長量是x，F(xiàn)K=kx…⑦設(shè)物塊的位移是d，由電場力做功與電勢能的關(guān)系得△EP=qEd…⑧由幾何關(guān)系得…⑨A由M到N，由得A運動到N的速度為：…⑩拉力F在N點的瞬時功率為：P=Fv…?由以上各式代入數(shù)據(jù)有：P=0.528W…?答：（1）B所受靜摩擦力的大小為0.4N．（2）A到達(dá)N點時拉力F的瞬時功率為0.528W20．如圖甲所示，一長為l=1m的輕繩，一端穿在過O點的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，整個裝置繞O點在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動．給系統(tǒng)輸入能量，使小球通過最高點的速度不斷加快，通過傳感器測得小球通過最高點時，繩對小球的拉力F與小球在最高點動能Ek的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度為g，不考慮摩擦和空氣阻力，請分析并回答以下問題：（1）若要小球能做完整的圓周運動，對小球過最高點的速度有何要求？（用題中給出的字母表示）．（2）請根據(jù)題目及圖象中的條件求出小球質(zhì)量m的值．（g取10m/s2）（3）求小球從圖中a點所示狀態(tài)到圖中b點所示狀態(tài)的過程中，外界對此系統(tǒng)做的功．（4）當(dāng)小球達(dá)到圖乙中b點所示狀態(tài)時，立刻停止能量輸入．之后的運動過程中，在繩中拉力達(dá)到最大值的位置，輕繩繃斷，求繃斷瞬間繩中拉力的大小．【考點】6C：機(jī)械能守恒定律；4A：向心力．【分析】（1）在最高點，由牛頓第二定律可求小球能做完整的圓周運動滿足的條件；（2）在最高點，由牛頓第二定律并結(jié)合圖象信息可求小球質(zhì)量和擺線長度；（3）由圖象得斜率，根據(jù)動能定理求外界對系統(tǒng)做的功；（4）應(yīng)用機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律求繃斷瞬間繩中拉力的大小．【解答】解：（1）小球剛好通過最高點做完整圓運動要求在最高點受力滿足：mg=m，因此小球過最高點的速度要滿足：v≥．（2）小球在最高點時有：mg+F=m又因為：EK=mv2，所以繩對小球的拉力F與小球在最高點動能Ek的關(guān)系式為：F=﹣mg，由圖象知，當(dāng)EK=1.0J時，F(xiàn)=0，代入上式得到：mgl=2.0J；又已知l=1m，則小球的質(zhì)量m=0.2kg．（3）由F=﹣mg知：圖線的斜率值為：=2N/J，因此對應(yīng)狀態(tài)b，F(xiàn)b=4.0N，可求出小球在最高點的動能：=，于是得到：EKb=3.0J對小球從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過程，有：W=EKb﹣EK=3.0﹣1.0=2.0J，即：外界對系統(tǒng)做的功為2.0J．（4）在停止能量輸入之后，小球在重力和輕繩拉力作用下在豎直面內(nèi)做圓周運動，運動過程中機(jī)械能守恒．當(dāng)小球運動到最低點時，繩中拉力達(dá)到最大值．設(shè)小球在最低點的速度為v，對從b狀態(tài)開始至達(dá)到最低點的過程應(yīng)用機(jī)械能守恒定律，有：mg?2l=mv2﹣EKb；設(shè)在最低點繩中拉力為Fm，由牛頓第二定律有：Fm﹣mg=m，兩式聯(lián)立解得：Fm=16N，即：繃斷瞬間繩中拉力的大小為16N．答：（1）若要小球能做完整的圓周運動，對小球過最高點的速度滿足：v≥；（2）小球質(zhì)量為0.2kg；擺線長度為1m；（3）外界對此系統(tǒng)做的功為2.0J；（4）繃斷瞬間繩中拉力的大小為16N．21．如圖所示，光滑斜軌和光滑圓軌相連，固定在同一豎直面內(nèi)，圓軌的半徑為R，一個小球（可視為質(zhì)點），從離水平面高h(yuǎn)處由靜止自由下滑，由斜軌進(jìn)入圓軌．求：（1）為了使小球在圓軌內(nèi)運動的過程中始終不脫離圓軌，h應(yīng)至少多高？（2）若小球到達(dá)圓軌最高點時圓軌對小球的壓力大小恰好等于它自身重力大小，那么小球開始下滑時的h是多大？【考點】66：動能定理的應(yīng)用；37：牛頓第二定律；4A：向心力．【分析】（1）由豎直平面內(nèi)的圓周運動的臨界條件可求得最高點的速度；再由動能定理可求得h的高度；（2）最高點處對小球受力分析，由向心力公式可求得小球的速度；再由動能定理即可求得高度．【解答】解：（1）小球剛好不脫離圓軌，在最高點由牛頓第二定律得：①小球由斜軌至圓軌最高點過程，由動能定理得：mg（h﹣2R）=②聯(lián)立①②解得：故時小球在圓軌內(nèi)運動的過程中始終不脫離圓軌，高度至少為．（2）在最高點對小球由牛頓第二定律得：FN+mg=③又有：FN=mg④小球由斜軌至圓軌最高點過程，由動能定理得：mg（h﹣2R）=⑤聯(lián)立③④⑤解得：h=3R；答：（1）h應(yīng)至少為2.5R；（2）球開始下滑時的h是3R．2025年高一物理第二學(xué)期期末模擬試卷及答案（三）一.選擇題1.如圖所示，輕質(zhì)彈簧長為L，豎直固定在地面上，質(zhì)量為m的小球，在離地面高度為H處，由靜止開始下落，正好落在彈簧上，使彈簧的最大壓縮量為x，在下落過程中，小球受到的空氣阻力為F阻，則彈簧在最短時具有的彈性勢能為()A.(mg－F阻)(H－L＋x)B.mg(H－L＋x)－F阻(H－L)C.mgH－F阻(H－L)D.mg(L－x)＋F阻(H－L＋x)2．關(guān)于拋體運動，下列說法正確的是（）A．將物體以某一初速度拋出后的運動B．將物體以某一初速度拋出，只在重力作用下的運動C．將物體以某一初速度拋出，滿足合外力為零的條件下的運動D．將物體以某一初速度拋出，滿足除重力外其他力的合力為零的條件下的直線運動3.如圖所示，一個質(zhì)量為m的物體（視為質(zhì)點）以某一速度從A點沖上傾角為30°的固定斜面。其運動的加速度大小為，物體在斜面上上升的最大高度為h，則這個過程中物體（）A.重力勢能增加了B.重力勢能增加了C.動能損失了mghD.機(jī)械能損失了4．關(guān)于拋體運動，下列說法正確的是（）A．將物體以某一初速度拋出后的運動B．將物體以某一初速度拋出，只在重力作用下的運動C．將物體以某一初速度拋出，滿足合外力為零的條件下的運動D．將物體以某一初速度拋出，滿足除重力外其他力的合力為零的條件下的直線5.如圖所示，小球用細(xì)繩系住，繩的另一端固定于O點．現(xiàn)用水平力F緩慢推動斜面體，小球在斜面上無摩擦地滑動，細(xì)繩始終處于直線狀態(tài)，當(dāng)小球升到接近斜面頂端時細(xì)繩接近水平，此過程中斜面對小球的支持力FN以及繩對小球的拉力FT的變化情況是（）A.FN保持不變，F(xiàn)T不斷增大B.FN不斷增大，F(xiàn)T不斷減小C.FN保持不變，F(xiàn)T先增大后減小D.FN不斷增大，F(xiàn)T先減小后增大6．下列關(guān)于平拋運動的說法正確的是（）A．平拋運動是非勻變速動動B．平拋運動是勻變速曲線運動C．做平拋運動的物體，每秒內(nèi)速率的變化相等D．水平飛行的距離只與初速度大小有關(guān)7.如圖所示，木板放在光滑地面上，將一滑塊m用恒力F由木塊一端拉至另一端，木板分固定和不固定兩種情況，力F做功分別為W1和W2，則()A.W1<W2B.W1＝W2C.W1>W2D無法比較8．如圖是體育攝影中“追拍法”的成功之作，攝影師眼中清晰的滑板運動員是靜止的，而模糊的背景是運動的，攝影師用自己的方式表達(dá)了運動的美．請問攝影師選擇的參考系是（）A．大地 B．太陽 C．滑板運動員 D．步行的人9.如圖所示，有一半徑為R的光滑圓軌道，現(xiàn)給小球一個初速度，使小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，則關(guān)于小球在過最高點的速度v，下列敘述中正確的是（）A.v的極小值為B.v由零逐漸增大，軌道對球的彈力逐漸增大C.當(dāng)v由值逐漸增大時，軌道對小球的彈力逐漸減小D.當(dāng)v由值逐漸減小時，軌道對小球的彈力逐漸增大10．一個小球從距地面4m高處落下，被地面彈回，在距地面1m高處被接?。鴺?biāo)原點定在拋出點正下方2m處，向下方向為坐標(biāo)軸的正方向．則小球的拋出點、落地點、接住點的位置坐標(biāo)分別是（）A．2m，﹣2m，﹣1m B．﹣2m，2m，1mC．4m，0，1m D．﹣4m，0，﹣1m11.如圖所示為一個做勻變速曲線運動的質(zhì)點的軌跡示意圖，已知在B點時的速度與加速度相互垂直，則下列說法中正確的是()A.D點的速率比C點的速率小B.A點的加速度與速度的夾角大于90°C.A點的加速度比D點的加速度大D.從A到D加速度與速度的夾角一直減小12．關(guān)于勻速圓周運動的角速度和線速度，下列說法正確的是（）A．半徑一定，角速度和線速度成反比B．半徑一定，角速度和線速度成正比C．線速度一定，角速度和半徑成反比D．角速度一定，線速度與半徑成正比13．質(zhì)量為m的物體，從靜止開始以2g的加速度豎直向下運動h高度，那么（）A．物體的動能增加2mgh B．物體的重力勢能減少2mghC．物體的機(jī)械能保持不變 D．物體的機(jī)械能增加mgh14.如圖，兩物體放在光滑的水平面上，中間用輕彈簧相連．從左邊用水平力F1拉動M，使它們產(chǎn)生一個共同的加速度a，這時彈簧伸長量為L1；從右邊用水平力F2拉動m，使它們也產(chǎn)生一個共同的加速度a，這時彈簧的伸長量為L2．兩物體的質(zhì)量為M＞m，則（）A.L1＞L2B.L1＜L2C.F1=F2D.F1＜F215．在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道Ⅰ，然后在Q點通過改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ．則（）A．該衛(wèi)星的發(fā)射速度必定大于11.2km/sB．衛(wèi)星在同步軌道Ⅱ上的運行速度大于7.9km/sC．在軌道Ⅰ上，衛(wèi)星在P點的速度大于在Q點的速度D．衛(wèi)星在Q點通過加速實現(xiàn)由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ二.填空題16.（1）為進(jìn)行“驗證機(jī)械能守恒定律”的實驗，有下列器材可供選用：鐵架臺、電磁打點計時器、復(fù)寫紙、紙帶、秒表、低壓直流電源、導(dǎo)線、電鍵、天平。其中不必要的器材有____________________________；缺少的器材是______________________________。（2）某次“驗證機(jī)械能守恒定律”的實驗中，用6V、50Hz的打點計時器打出的一條無漏點的紙帶，如圖所示，O點為重錘下落的起點，選取的計數(shù)點為A、B、C、D，各計數(shù)點到O點的長度已在圖上標(biāo)出，單位為毫米，重力加速度取9.8m/s2，若重錘質(zhì)量為1kg。①．打點計時器打出B點時，重錘下落的速度vB=___________m/s，重錘的動能EkB=________J。②．從開始下落算起，打點計時器打B點時，重錘的重力勢能減小量為_________J。③．根據(jù)紙帶提供的數(shù)據(jù)，在誤差允許的范圍內(nèi)，重錘從靜止開始到打出B點的過程中，得到的結(jié)論是________________________________。17.開普勒第一定律：所有行星繞運動的軌道都是，太陽處在橢圓的一個上．18．用200N的拉力將地面上的一個質(zhì)量為10kg的物體提升10m（g=10m/s2，不計空氣阻力）．拉力對物體所做的功為J；物體被提高后具有的重力勢能是J（以地面為零勢能參考面）；物體被提高后具有的動能是J．三、計算題19.某汽車發(fā)動機(jī)的額定功率為60kW，汽車質(zhì)量為5t，汽車在運動中所受阻力的大小恒為車重的0.1倍?(g取10m/s2)（1）若汽車以額定功率啟動，則汽車所能達(dá)到的最大速度是多少?（2）當(dāng)汽車速度達(dá)到5m/s時，其加速度是多少?（3）若汽車以恒定加速度0.5m/s2啟動，則其勻加速過程能維持多長時間?20.長為L的輕質(zhì)細(xì)線，拴一質(zhì)量為m的小球，一端固定于O點，讓小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動(這種運動通常稱為圓錐擺運動)，如圖所示，已知擺線與豎直方向的夾角是α，求:（1）細(xì)線的拉力F;（2）小球運動的線速度的大小?21.如圖所示，一質(zhì)量m=4．0kg的小球在輕質(zhì)彈簧和細(xì)線的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線AO與豎直方向的夾角θ=370，彈簧BO水平并處于壓縮狀態(tài)，小球與彈簧接觸但不粘連，已知彈簧的勁度系數(shù)k=100N/m，取sin370=0．6，cos370=0．8，求：（1）小球靜止時，細(xì)線中的拉力T和彈簧的壓縮量x；（2）剪斷細(xì)線AB瞬間，小球的加速度a。22．如圖，一不可伸長的輕繩上端懸掛于O點，下端系一質(zhì)量m=1.0kg的小球．現(xiàn)將小球拉到A點（保持繩繃直）由靜止釋