漳州一中2022屆高三第五次階段考高三年物理科試卷（考試時(shí)間：75分鐘，滿分：100分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.一游客在武夷山九曲溪乘竹筏漂流，途經(jīng)雙乳峰附近的M點(diǎn)和玉女峰附近的N點(diǎn)，如圖所示。已知該游客從M點(diǎn)漂流到N點(diǎn)的路程為，用時(shí)，M、N間的直線距離為，則從M點(diǎn)漂流到N點(diǎn)的過(guò)程中（）A.該游客的位移大小為B.該游客的平均速率為C.該游客的平均速度大小為D.若以所乘竹筏為參考系，玉女峰的平均速度為0【1題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．位移指的是從M點(diǎn)漂流到N點(diǎn)的有向線段，故位移大小為，故A錯(cuò)誤；B．從M點(diǎn)漂流到N點(diǎn)的路程為，用時(shí)，則平均速率為故B錯(cuò)誤；C．該游客的平均速度大小為故C正確；D．以玉女峰為參考系，所乘竹筏的平均速度為，若以所乘竹筏為參考系，玉女峰的平均速度也為，故D錯(cuò)誤；故選C。2.在測(cè)定年代較近的湖泊沉積物形成年份時(shí)，常利用沉積物中半衰期較短的，其衰變方程為。以下說(shuō)法正確的是（）A.衰變方程中的X是電子B.升高溫度可以加快的衰變C.與的質(zhì)量差等于衰變的質(zhì)量虧損D.方程中的X來(lái)自于內(nèi)質(zhì)子向中子的轉(zhuǎn)化【2題答案】【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X是電子，A正確；B．半衰期非常穩(wěn)定，不受溫度，壓強(qiáng)，以及該物質(zhì)是單質(zhì)還是化合物的影響，B錯(cuò)誤；C．與和電子X(jué)的質(zhì)量差等于衰變的質(zhì)量虧損，C錯(cuò)誤；D．方程中的X來(lái)自于內(nèi)中子向質(zhì)子的轉(zhuǎn)化，D錯(cuò)誤。故選A。3.手機(jī)無(wú)線充電技術(shù)越來(lái)越普及，圖甲是某款手機(jī)無(wú)線充電裝置，其工作原理如圖乙所示。當(dāng)ab間接入如圖丙所示的正弦交變電流后，受電線圈中產(chǎn)生電流實(shí)現(xiàn)給手機(jī)充電。這時(shí)手機(jī)兩端的ef間電壓為5V，充電電流為2A。若把裝置線圈視為理想變壓器，二極管視為理想元件，則下列說(shuō)法正確的是（）A.t=0.01s時(shí)電流表示數(shù)為0B.送電線圈和受電線圈的匝數(shù)比n1：n2=44:1C.送電線圈和受電線圈的匝數(shù)比n1：n2=22:1D.若充電器線圈中通以恒定電流，則手機(jī)線圈中也將產(chǎn)生恒定電流【3題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．由丙圖可知t=0.01s時(shí)送電線圈中電壓變化率最大，由法拉第電磁感應(yīng)定律知：受電線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)達(dá)到最大值，電流表有示數(shù)，故A錯(cuò)誤；BC．由丙圖知，送電線圈電壓有效值為220V，因?yàn)橛卸O管在受電線圈電路中阻止反向電流通過(guò)，所以受電線圈電壓有效值為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知故B錯(cuò)誤，C正確；D．若充電器線圈中通以恒定電流，則受電線圈中不會(huì)有感應(yīng)電流出現(xiàn)，故D錯(cuò)誤。故選C。4.科學(xué)家對(duì)銀河系中心附近的恒星S2進(jìn)行了多年的持續(xù)觀測(cè)，給出1994年到2002年間S2的位置如圖所示?？茖W(xué)家認(rèn)為S2的運(yùn)動(dòng)軌跡是半長(zhǎng)軸約為（太陽(yáng)到地球的距離為）的橢圓，銀河系中心可能存在超大質(zhì)量黑洞。這項(xiàng)研究工作獲得了2020年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。若認(rèn)為S2所受的作用力主要為該大質(zhì)量黑洞的引力，設(shè)太陽(yáng)的質(zhì)量為M，可以推測(cè)出該黑洞質(zhì)量約為（）

A. B. C. D.【4題答案】【答案】B【解析】【分析】【詳解】可以近似把S2看成勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由圖可知，S2繞黑洞的周期T=16年，地球的公轉(zhuǎn)周期T0=1年，S2繞黑洞做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r與地球繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R關(guān)系是地球繞太陽(yáng)向心力由太陽(yáng)對(duì)地球的引力提供，由向心力公式可知解得太陽(yáng)質(zhì)量為同理S2繞黑洞的向心力由黑洞對(duì)它的萬(wàn)有引力提供，由向心力公式可知解得黑洞的質(zhì)量為綜上可得故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。5.一沖九霄，問(wèn)鼎蒼穹。2021年4月29日，長(zhǎng)征五號(hào)B遙二運(yùn)載火箭搭載空間站天和核心艙發(fā)射升空，標(biāo)志著我國(guó)空間站建造進(jìn)入全面實(shí)施階段。下列關(guān)于火箭描述正確的是（）A.增加單位時(shí)間的燃?xì)鈬娚淞靠梢栽龃蠡鸺耐屏.增大燃?xì)庀鄬?duì)于火箭的噴射速度可以增大火箭的推力C.當(dāng)燃?xì)鈬姵龌鸺龂娍诘乃俣认鄬?duì)于地面為零時(shí)火箭就不再加速D.火箭發(fā)射時(shí)獲得的推力來(lái)自于噴出的燃?xì)馀c發(fā)射臺(tái)之間的相互作用【5題答案】【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A．增加單位時(shí)間的燃?xì)鈬娚淞?，即增加單位時(shí)間噴射氣體的質(zhì)量，根據(jù)可知可以增大火箭的推力，故A正確；B．當(dāng)增大燃?xì)庀鄬?duì)于火箭的噴射速度時(shí)，根據(jù)可知可以增大火箭的推力，故B正確；C．當(dāng)燃?xì)鈬姵龌鸺龂娍诘乃俣认鄬?duì)于地面為零時(shí)，此時(shí)火箭有速度，所以相對(duì)于火箭的速度不為零，火箭仍然受推力作用，仍然要加速，故C錯(cuò)誤；D．燃?xì)獗粐姵龅乃查g，燃?xì)鈱?duì)火箭的反作用力作用在火箭上，使火箭獲得推力，故D錯(cuò)誤。故選AB。6.圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場(chǎng)內(nèi)間距相等的一組等勢(shì)面，O、O′分別為a、f上的兩點(diǎn)且OO′連線垂直于等勢(shì)面。已知d平面為零電勢(shì)面，一電子僅在電場(chǎng)力的作用下，以10eV的初動(dòng)能從O點(diǎn)沿與OO′成一定的夾角出發(fā)，恰好能到達(dá)f平面，已知電子從a到b的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做功為2eV。下列說(shuō)法正確的是（）

A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向水平由O指向O′B.該電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)，其電勢(shì)能為4eVC.該電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的速率是經(jīng)過(guò)d時(shí)的2倍D.設(shè)電子在a平面出發(fā)時(shí)的速度方向與OO′夾角為θ，則【6題答案】【答案】AD【解析】【詳解】A．電子從a到b的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功2eV，則從a到b電勢(shì)減小，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向水平由O指向O′，故A正確；B．電子從a到b的過(guò)程中克服電場(chǎng)力所做功為2eV，電勢(shì)能增加2eV，d平面為零電勢(shì)面，電勢(shì)能為0，則電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)，其電勢(shì)能為-4eV，故B錯(cuò)誤；C．電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的動(dòng)能為8eV，過(guò)平面d時(shí)的動(dòng)能為4eV，電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的動(dòng)能是平面d的動(dòng)能2倍，電子經(jīng)過(guò)平面b時(shí)的速率是經(jīng)過(guò)d時(shí)的倍，故C錯(cuò)誤。D．從a到b電場(chǎng)力做功為，把速度分解為沿電場(chǎng)方向的vx和垂直電場(chǎng)方向的vy，因恰好能到達(dá)f平面，到達(dá)f平面時(shí)沿電場(chǎng)方向速度為0，有即又則電子在a平面出發(fā)時(shí)的速度方向與OO′夾角為θ，則故D正確。故選AD。7.如圖所示，固定的平行金屬導(dǎo)軌處于豎直平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌頂端用導(dǎo)線連接一理想的電流表和阻值為R的小燈泡，正方形區(qū)域abcd內(nèi)有垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，現(xiàn)將一垂直導(dǎo)軌放置的導(dǎo)體棒MN，從距ab高為L(zhǎng)處?kù)o止釋放，在導(dǎo)軌離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域前，電表示數(shù)已穩(wěn)定不變，己知導(dǎo)體棒MN的電阻為R，質(zhì)量為m，長(zhǎng)為L(zhǎng)。設(shè)小燈泡電阻恒定不變，導(dǎo)線和導(dǎo)軌電阻不計(jì)，各處接觸良好且光滑無(wú)摩擦，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，則導(dǎo)體棒從釋放至離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.在磁場(chǎng)區(qū)域下落時(shí)通過(guò)導(dǎo)體棒的電流一定是從M指向NB.磁場(chǎng)區(qū)域下落時(shí)導(dǎo)體棒可能先減速后勻速C.小燈泡在該過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為mgL-D.通過(guò)電流表的電量為【7題答案】【答案】BC【解析】【詳解】A．由于磁場(chǎng)方向不確定，所以通過(guò)導(dǎo)體棒的電流方向可能是從M指向N，也可能是從N指向M，故A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒在進(jìn)入磁場(chǎng)前已經(jīng)自由下落L的距離，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度受向上的安培力由于沒(méi)有具體數(shù)據(jù)，所以導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到向上的安培力與重力大小無(wú)法比較，當(dāng)安培力大于重力時(shí)，導(dǎo)體棒減速進(jìn)入磁場(chǎng)后再勻速，故B正確；C．導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，據(jù)平衡條件有由能量守恒定律得聯(lián)立解得小燈泡電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，相等時(shí)間發(fā)熱相等，所以小燈泡產(chǎn)生的焦耳熱為故C正確；D．根據(jù)電磁感應(yīng)中的電荷量的推論公式故D錯(cuò)誤。故選BC。8.如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端自由豎直伸長(zhǎng)至A點(diǎn)?，F(xiàn)在A端輕放一物體，物體向下壓縮彈簧同時(shí)給物體施加一個(gè)豎直方向的力F，使物體緩慢向下運(yùn)動(dòng)（速度近似為零），將彈簧壓縮15cm至B點(diǎn)（圖中未畫(huà)出），該過(guò)程中力F隨彈簧壓縮量x的變化如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體質(zhì)量為2kgB.彈簧的勁度系數(shù)為4N/mC.彈簧在B點(diǎn)的彈性勢(shì)能為4.5JD.在B點(diǎn)撤去力F后，物體恰好彈回到A點(diǎn)【8題答案】【答案】AC【解析】【詳解】AB．物體緩慢向下運(yùn)動(dòng)F=kx–mg（5cm<x）根據(jù)圖像可知，斜率表示彈簧的勁度系數(shù)應(yīng)為在F=0點(diǎn)時(shí)x=5cm，木塊受重力和彈簧的彈力作用，則有mg=kx解得m=2kgA正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)能量守恒，物體在B點(diǎn)的彈性勢(shì)能為mgh+WF1+WF2=Ep其中WF1，WF2為F在0~5cm和5~15cm處做的功，為WF1=-0.5J，WF2=2J解得Ep=4.5JC正確；D．物體向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有mgh+WF-W彈=0在物體向上運(yùn)動(dòng)回到A點(diǎn)的過(guò)程中有W彈-mgh=Ek則Ek=WF則物體回到A點(diǎn)速度不等于零，D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：共60分。考生根據(jù)要求作答。9.如圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，A為交流電流表。線圈繞垂直于磁場(chǎng)的水平軸OO′沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生的交變電流隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示。則線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為_(kāi)_________rad/s，在0.02s時(shí)刻電流表的讀數(shù)為_(kāi)_________A?！?題答案】【答案】①.②.10【解析】【詳解】[1]由圖乙可知交流電的周期為則線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為[2]由圖乙可知交流電的最大值為由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)為10.東京奧運(yùn)會(huì)上，我國(guó)運(yùn)動(dòng)員在乒乓球項(xiàng)目中榮獲4金3銀的好成績(jī)。如圖所示，某次訓(xùn)練時(shí)乒乓球發(fā)球機(jī)正對(duì)豎直墻面水平發(fā)射乒乓球。設(shè)有兩個(gè)質(zhì)量相同的乒乓球a和b以不同的速度水平射出，碰到墻面時(shí)下落的高度之比為4：9，不考慮空氣阻力和球的旋轉(zhuǎn)，則乒兵球a和b水平射出時(shí)的初速度之比va：vb=______，乒乓球a和b碰到墻面時(shí)的速度與水平方向的夾角之比tanθ：tanβ=_______。【10題答案】【答案】①.3：2②.4：9

【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)得，a、b的下落時(shí)間比為2：3根據(jù)x=v0t因?yàn)樗椒较蚓嚯x相等，所以初速度之比為3：2。[2]由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得vya=gta，vyb=gtb，vya：vyb=ta：tb=2：3由圖可得，又因?yàn)閍、b的初速度之比為3：2，所以11.林玲同學(xué)利用圖所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。（1）下列做法正確的是_______（填字母代號(hào)）A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行B．在調(diào)節(jié)木板的傾斜度來(lái)平衡木塊所受的摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴在木塊上C．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)木塊再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D．通過(guò)增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板的傾斜度（2）林玲、洪紅兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室，各取一套圖所示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒(méi)有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到如圖中I、Ⅱ兩條直線。設(shè)兩同學(xué)用的木塊質(zhì)量分別為mI、mⅡ，用的木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μI、μⅡ，則由圖可知，mI________mⅡ，μI________μⅡ。（選填“大于”“小于”或“等于”）【11題答案】【答案】①.AD②.小于③.大于【解析】【詳解】（1）[1]A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，否則拉力不會(huì)等于合力，故A正確；B．在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴木塊上，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源再放開(kāi)木塊，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)平衡條件可知，與質(zhì)量大小無(wú)關(guān)，當(dāng)通過(guò)增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，故D正確。故選AD。（2）[2][3]當(dāng)沒(méi)有平衡摩擦力時(shí)有解得即圖線斜率為，縱軸截距的大小為μg，觀察圖線可知m1小于m2，μⅠ大于μⅡ。12.如圖所示，圖1為多用電表中歐姆表的電路圖，已知靈敏電流計(jì)表頭內(nèi)阻Rg=900，滿偏電流Ig=100A，電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=1。定值電阻R1=10，R2=90。圖2為多用電表的表盤(pán)，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）圖1中__________為紅表筆（填“a”或“b”）；（2）當(dāng)要使歐姆表的倍率為“×100”時(shí)，電鍵應(yīng)撥至___________位置（填“1”或“2”），再進(jìn)行歐姆調(diào)零后，接著測(cè)量某一電阻，電表指針指示位置如圖2所示，則該電阻阻值為_(kāi)__________。（3）某同學(xué)把電鍵撥至2后，進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)調(diào)零完畢時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻應(yīng)為_(kāi)______?！?2題