人教版九年級《電與磁》單元測試考試時間：90分鐘；命題人：教研組考生注意：1、本卷分第I卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，滿分100分，考試時間90分鐘2、答卷前，考生務必用0.5毫米黑色簽字筆將自己的姓名、班級填寫在試卷規(guī)定位置上3、答案必須寫在試卷各個題目指定區(qū)域內(nèi)相應的位置，如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案；不準使用涂改液、膠帶紙、修正帶，不按以上要求作答的答案無效。第I卷（選擇題30分）一、單選題（10小題，每小題3分，共計30分）1、下列說法中正確的是（）A．金屬導體中的負電荷在做定向移動時一定產(chǎn)生磁場B．條形磁體周圍的磁場是由磁感線組成的C．導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中就產(chǎn)生感應電流D．利用撒在磁體周圍的鐵屑可以判斷該磁體周圍各點的磁場方向2、如圖所示，兩根絕緣細線懸掛著的導體ab，放在U形磁鐵中央，ab兩端連接著導線，若要探究發(fā)電機的工作原理，虛線方框中接入的實驗器材是（）A．電源 B．電流表 C．定值電阻 D．滑動變阻器3、如圖所示，通電螺線管上方附近有一點M，小磁針置于螺線管的左側附近。閉合開關K，下列判斷正確的是（）A．M點的磁場方向向左B．螺線管的左端為S極C．向右移動滑片P，螺線管的磁場增強D．小磁針靜止后，其N極的指向向左4、如圖所示的通電螺線管右側放了一個可自由轉動的小磁針，下列說法正確的是()A．小磁針左端為N極B．通電螺線管的左端為N極C．將電源正負極對調(diào)后螺線管南北極也對調(diào)D．在螺線管所在電路中串聯(lián)一個電阻后螺線管的磁性增強5、我國的無人機技術處于世界一流水平。如圖所示，我國自主研發(fā)的某款無人機正在勻速上升，下列判斷正確的是（）A．無人機的重力不做功 B．無人機的機械能不斷增大C．地面景物在攝像頭中成縮小的虛像 D．無人機電動機的工作原理是電磁感應6、小冬學習磁學知識后，想硏究橄欖形磁體周圍的磁場分布情況，做了如圖所示的實驗，其中圖乙是小磁針（黑色為N極）靜止時的指向，圖丙是鐵屑靜止時的分布．圖中能正確用磁感線描述以上實驗現(xiàn)象的是（）A． B． C． D．7、如圖是直流電鈴的原理圖。關于電鈴工作時的說法不正確的是（）A．電流通過電磁鐵時，電磁鐵有磁性且A端為N極B．電磁鐵吸引銜鐵，使電路斷開C．小錘擊打鈴碗發(fā)出聲音，是由于鈴碗發(fā)生了振動D．小錘擊打鈴碗時，電磁鐵仍具有磁性8、在一次課外實驗活動中，一顆鐵質(zhì)的小螺絲釘?shù)羧爰毿—M長的小洞中（如圖）。小科設計了以下四種方案，其中不能取出小螺絲釘?shù)氖牵ǎ〢． B． C． D．9、下列有關電學知識說法正確的是（）A．電功率越大，電流做功就越多B．燈泡的額定功率越大，燈泡越亮C．將標有“12V12W“和“24V12W“的兩個燈泡與36V電源串聯(lián)，兩燈均能正常發(fā)光D．電風扇工作時，主要是電能轉化為機械能10、以下作圖中，正確的是（）A．凹透鏡對光的作用B．光的反射C．通電螺線管磁極D．物體靜止在斜面上的受力示意圖第Ⅱ卷（非選擇題70分）二、填空題（10小題，每小題4分，共計40分）1、（1）如圖甲所示的電能表示數(shù)為_______度。（2）如圖乙是一個條形磁體及周圍鐵屑的分布情況，以及兩個可自由轉動的小磁針靜止時的指向。請在圖中小磁針左端的空白處填寫小磁針左端的磁極名稱（選填“N”或“S”）_____。

2、第一個發(fā)現(xiàn)電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間存在聯(lián)系的人是______。3、小剛去超市，走到電梯前發(fā)現(xiàn)電梯運動較慢，當他站在電梯上時又快了起來。該電梯的電路如圖所示（R是一個壓敏電阻），當人站在電梯上，壓敏電阻阻值減小，則電磁鐵磁性變___________（選填“強”或“弱”），銜鐵與觸點___________（選填“1”或“2”）接觸，電動機的轉速變快。4、十九大報告中指出“綠水青山就是金山銀山”，為了減少大氣污染。電動汽車正在逐漸替代燃油汽車，電動汽車的動力源是電動機，其原理是通電線圈在_______中受力轉動。它工作時把電能轉化為_________。5、如圖是一款藍牙音箱可實現(xiàn)與手機的無線信息傳遞，底座通電后上面的音箱就會懸浮起來。請你分析以上情景，提出一個你認為應該探究的問題______，對于該問題你的猜想是______。6、通電螺線管的磁場方向與_______方向有關。磁場的強弱與_____、____、有無鐵芯有關。7、某品牌的電動機，當加在它兩端的電壓為U1時，電動機不轉，測得通過電動機的電流為I1；若加在它兩端的電壓增大到U2時，電動機正常工作，測得此時流過電動機的電流是I2。那么該電動機線圈的電阻為______。電動機正常工作時因發(fā)熱損失的功率為______。（均用字母表示）8、如圖所示是一款自動清潔地面的掃地機器人，它主要是利用電動機來工作的，其中電動機的原理如圖_______（選填“甲”或“乙”）。人可以利用遙控器操控它的工作狀態(tài)，遙控器是利用_______（選填“超聲波”或“紅外線”）向機器人發(fā)送指令的。

9、如圖是某同學設計的紅外線體溫安檢電路，閉合開關S1后，電磁鐵的上端為___極，若要求S1、S2閉合后，無人經(jīng)過或體溫低于37.3℃的人經(jīng)過時僅綠燈亮，體溫高于37.3℃的人經(jīng)過時，紅燈亮且電鈴響起，則采用的熱敏電阻的阻值應隨著溫度升高而___。10、閱讀短文，回答問題測溫手環(huán)在疫情期間，藍牙測溫手環(huán)能很方便地測量人的體溫，實現(xiàn)對疫情傳播實時監(jiān)控。某型號的藍牙測溫手環(huán)（如圖甲）的部分技術參數(shù)如表所示。產(chǎn)品型號XXXX電池電壓3.7V導熱金屬片智能休眠倉電池容量100mAh測溫精度0.2℃測溫手環(huán)主要由溫度傳感模塊、藍牙模塊、電源模塊三個部分組成。在溫度傳感模塊中，有對溫度敏感的熱敏電阻與導熱雙金屬片相連。使用測溫手環(huán)時，導熱金屬片與人體接觸，雙金屬片溫度的變化引起熱敏電阻的阻值發(fā)生變化，熱敏電阻的阻值變化會影響電路中電流的大小。溫度傳感模塊中的測溫芯片可以根據(jù)電路中電流的大小計算出人體的溫度。手環(huán)中的藍牙模塊通過無線網(wǎng)絡將芯片中的溫度數(shù)據(jù)傳送給移動設備，從而實現(xiàn)體溫的實時監(jiān)控。為了降低測溫手環(huán)的功率，延長它的工作時間，測溫手環(huán)一般配有智能休眠倉，如圖乙所示。有些測溫手環(huán)是通過判斷溫度變化來實現(xiàn)自動開關的。測溫手環(huán)放入智能休眠倉后，由于環(huán)境溫度低于某個設定的溫度或者手環(huán)檢測到的溫度長時間不發(fā)生變化，則測溫手環(huán)中的雙金屬片與熱敏電阻分離而自動關機。還有些測溫手環(huán)是依靠內(nèi)置的霍爾元件實現(xiàn)“休眠”的?；魻栐且环N對磁場敏感的電子元器件，當它周圍存在較強的磁場時，它可以斷開測溫手環(huán)的電路。因此，這類測溫手環(huán)的智能休眠倉下面需要預埋一個磁體。（1）影響電阻大小的因素包括：材料、橫截面積和___________，還有溫度；（2）霍爾元件在測溫手環(huán)的電路中相當于___________（選填“電源”、“用電器”或“開關”）；（3）熱敏電阻阻值隨溫度升高而變小的，稱為負溫度系數(shù)熱敏電阻；阻值隨溫度升高而變大的，稱為正溫度系數(shù)熱敏電阻。如圖中所示的熱敏電阻R1是___________（選填“正”或“負”）溫度系數(shù)熱敏電阻；（4）小雨同學將三個廢舊手環(huán)的“測溫頭”拆下后分別接入如圖所示的電路，獲得了圖所示三個“測溫頭”的“電流與溫度”圖象，其中靈敏度最高“測溫頭”是（______）A．A圖線所對應的探頭B．B圖線所對應的探頭C．C圖線所對應的探頭D．三個探頭的靈敏度無法比較（5）表格中型號的測溫手環(huán)電池充滿電時的電能為___________J；若所測溫度持續(xù)升高，則該測溫手環(huán)的使用時間會___________（選填“延長”或“縮短”）。三、計算題（5小題，每小題6分，共計30分）1、如圖電磁繼電器和熱敏電阻R1等組成了恒溫箱控制電路，R1處于恒溫箱內(nèi)．電源電壓U＝6V，繼電器線圈的電阻可不計．如圖為熱敏電阻的R1﹣t圖象，且已知在50～150℃范圍內(nèi)，熱敏電阻的阻值隨溫度的變化規(guī)律是：R1×t＝k（常數(shù)）；電阻R2是可變電阻．當線圈中的電流達到20mA時，繼電器的銜鐵被吸合．已知此時可變電阻R2＝225Ω，恒溫箱保持60℃恒溫．圖中的“交流電源”是恒溫箱加熱器的電源，它的額定功率是1500W．（1）60℃時，熱敏電阻R1的阻值是多少？（2）應該把恒溫箱的加熱器接在A、B端還是C、D端？（3）根據(jù)統(tǒng)計，正常情況下，溫度控制箱內(nèi)的加熱器，每天加熱50次，每次加熱10min，恒溫箱每天消耗電能多少kW?h？（4）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，可變電阻R2的阻值應調(diào)為多少？2、小華組裝了一臺直流電動機模型，她將電動機模型接入如圖（a）所示的電路中，已知電源電壓U=3V，并保持不變，線圈電阻R=1．5Ω，接通電路后，電動機正常轉動，電流表讀數(shù)I=0．8A，已知電動機正常工作時的能量轉化關系如圖（b）所示，摩擦不計，求：（1）電動機正常轉動1min消耗的電能W和線圈產(chǎn)生的熱量Q．（2）電動機輸出的機械功率P．（3）電動機能量轉換效率η．3、某展覽廳（如圖甲）為保護展品，設置了調(diào)光天窗，當外界光照較強時，能啟動電動卷簾適時調(diào)整進光量；當外界光照較弱時，能自動啟動節(jié)能燈給予補光。調(diào)光天窗的電路原理如圖乙所示：R0為定值電阻；R為光敏電阻，其電阻值R隨光照強度E的變化如圖丙所示（E越大表示光照越強，其國際單位為cd）；P為電磁鐵，其線圈電阻RP為20Ω，當電流達到0.04A時能吸合銜鐵。已知電源電壓U1=12V，U2=220V，則：（1）開關S閉合時，電磁鐵P的上端為______極（選填“N”或“S”）。（2）圖乙中的L代表的是并聯(lián)安裝在展廳內(nèi)的10盞“220V10W”節(jié)能燈，這些節(jié)能燈同時正常工作4小時，共消耗電能______kW?h。（3）當外界光照強度達到1cd時，電動卷簾便開始工作，求R0的阻值______。（4）為了環(huán)保節(jié)能，要在環(huán)境光線更弱時才啟動節(jié)能燈照明，則應換用阻值較______。（選填“大”或“小”）的R0。4、如圖所示，使線圈位于兩磁極間，線圈通電后：（1）圖甲中電流方向是a→b→c→d，已知cd段導線受到的磁場力方向豎直向下，①請在圖丙中用箭頭標出ab段導線受到的磁場力方向；②ab、cd段導線受到的磁場力將使線圈繞虛線所示的軸沿______（選填“順時針”或“逆時針”）方向轉動．（2）當線圈轉到乙圖的位置時，線圈平面與磁感線方向垂直，電流方向不變，此時ab、cd段導線分別受到的磁場力______（選填“促進線圈沿原方向轉動”、“阻礙線圈轉動”、“大小相等方向相同”或“大小相等方向相反”）．（3）線圈從甲圖轉到乙圖時，由于慣性，會繼續(xù)轉動到如圖丙，此刻ab、cd段導線受到的磁場力______（選填“使線圈原方向轉動，實現(xiàn)持續(xù)轉動”、“使線圈反方向轉動，最后靜止在乙圖位置”、“使線圈反方向轉動，最后靜止在甲圖位置”）．5、如圖甲所示，電源電壓U=6V，S為單刀雙擲開關，小燈泡L的電阻Rl=10Ω，設燈絲電阻不隨溫度變化，R為某種壓敏電阻，其阻值R與壓力F成反比（如圖乙所示），R的正上方固定有一電磁鐵P，其線圈電阻不計：(1)在R上水平放置鐵制品，開關S由接a改為接b，其他條件不變，燈的亮度變______；(2)當開關接a，電流表的示數(shù)為0.375A時，燈泡兩端的電壓為多少___？此時R上水平放置的鐵制品重為多少______？(3)在R上水平放置重為20N的鐵制品，開關接b，電流表穩(wěn)定后的示數(shù)為0.4A，則此時壓敏電阻的阻值為多少_____？電磁鐵P對鐵制品的吸引力為多少________？-參考答案-一、單選題1、A【解析】【詳解】A．負電荷定向移動時會形成電流，因電流周圍存在磁場，所以導體中的負電荷在做定向移動時一定產(chǎn)生磁場，故A正確；B．磁感線是描述磁場的方法，是建立理想模型法，條形磁體的磁場不是由磁感線組成的，故B錯誤；C．導體中產(chǎn)生感應電流的條件是:閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動；導體在磁場中做切割磁感線運動，不一定會產(chǎn)生感應電流，故C錯誤；D．利用撒在磁體周圍的鐵屑只能判斷該磁體周圍的磁場強弱分布，不能判斷磁場方向，故D錯誤。故選A。2、B【解析】【分析】【詳解】由圖知道，電路中無電源，閉合電路中的部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，會產(chǎn)生感應電流，所以，在虛線框中應接入電流表，判斷是否產(chǎn)生感應電流，即探究電磁感應現(xiàn)象，故B符合題意。故選B。3、D【解析】【分析】【詳解】AB．電流通過螺線管的右端流入，左端流出，由安培定則可知螺線管的左端是N極，在磁體的外部，磁感線從N極指向S極，所以通電螺線管外M點的磁場方向向右，故AB錯誤；C．向右移動滑片P，連入電路的電阻增大，由可知，通過螺線管的電流減小，電磁鐵的磁性減弱，故C錯誤；D．通電螺線管的左端是N極，根據(jù)異名磁極相互吸引可知，小磁針的S極應靠近螺線管的左端，則小磁針的N極向左轉動，小磁針會逆時針旋轉，故小磁針靜止時，其N極的指向向左，故D正確。故選D。4、C【解析】【分析】【詳解】AB．圖中電流從螺線管的左側流入、右側流出，由安培定則可知，通電螺線管的右端是N極，因同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，則小磁針靜止時其左端為S極，故A、B錯誤；C．將電源正負極對調(diào)后，螺線管中的電流方向改變，螺線管的磁極發(fā)生改變，所以螺線管南北極也對調(diào)，故C正確；D．在螺線管所在電路中串聯(lián)一個電阻，總電阻增大，電路的電流變小，則通電螺線管的磁性減弱，故D錯誤。故選C。5、B【解析】【分析】【詳解】A．無人機勻速上升的過程中，在重力方向上通過了距離，所以重力做了功，故A錯誤；B．無人機勻速上升的過程中，質(zhì)量不變，速度不變，動能不變；高度越來越高，重力勢能越來越大；所以機械能不斷增大，故B正確；C．攝像頭是利用物距大于凸透鏡的二倍焦距時，物體成倒立縮小的實像而制成的，不是虛像，故C錯誤；D．電動機的工作原理是通電導體在磁場中受力運動，發(fā)電機的原理是電磁感應，故D錯誤。故選B。6、C【解析】【詳解】小磁針靜止時N極所指方向為該點的磁場方向，由此可知該磁體周圍的磁感線方向是水平環(huán)形順時針方向，故ABD不符合題意，C符合題意。故選C。7、D【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則，右手握住螺線管，四指指向電流的方向，大拇指所指的方向為螺線管的N極，由此可判斷出A端為N極，故A正確，不符合題意；B．電磁鐵向下吸引銜鐵時，彈簧片與螺釘分開，電路斷開，故B正確，不符合題意；C．聲音是由物體的振動產(chǎn)生的，小錘擊打鈴碗時發(fā)出聲音，是由于鈴碗發(fā)生了振動，故C正確，不符合題意；D．銜鐵被吸引時，小錘擊打鈴碗，電路斷路，電路中沒有電流，電磁鐵失去磁性，故D錯誤，符合題意。故選D。8、D【解析】【詳解】A．細線下端的磁體靠近小螺絲釘時，會吸引鐵質(zhì)小螺絲釘，從而取出小螺絲釘，故A不符合題意；B．磁體能夠吸引鐵、鈷、鎳，磁體吸引鐵棒而成為一個整體，靠近小螺絲釘時會吸引小螺絲釘，從而取出小螺絲釘，故B不符合題意；C．鐵棒被磁體磁化后具有磁性，靠近小螺絲釘時會吸引小螺絲釘而取出小螺絲釘，故C不符合題意；D．磁體能夠吸引鐵、鈷、鎳，但不吸引銅，也不能磁化銅，所以不能取出小螺絲釘，故D符合題意。故選D。9、D【解析】【詳解】A．由得，電功率越大，電流做功不一定多，故A錯誤；B．決定燈泡亮度的是實際功率，用電器的實際功率不一定等于其額定功率，燈泡的額定功率越大，燈泡不一定越亮，故B錯誤；C．由得，燈泡甲、乙的電阻分別為，兩燈泡與36V的電源串聯(lián)時解得，因此，因此兩燈泡都不能正常發(fā)光，故C錯誤；D．電風扇工作時，其內(nèi)部的電動機主要是電能轉化為機械能，故D正確。故選D。10、C【解析】【詳解】A．凹透鏡對光有發(fā)散作用，平行于主光軸的光線經(jīng)凹透鏡折射后，其折射光線的反向延長線過焦點，不會會聚焦點，故A錯誤；B．圖中法線垂直鏡面，反射角等于入射角，反射光線和入射光線分居法線的兩側，但光線的傳播方向標錯了，都是入射光線了，沒有反射光線，故B錯誤；C．電流從螺線管的右端流入、左端流出，結合線圈的繞向，利用安培定則可以確定通電螺線管的左端為N極，右端為S極，在磁體的周圍磁感線從磁體的N極出發(fā)回到S極，所以磁感線的方向是向右的，根據(jù)磁極間的相互作用規(guī)律可知，小磁針左端為S極，右端為N極，故C正確；D．物體靜止在斜面上，受到豎直向下的重力、垂直于斜面指向物體的支持力、沿斜面向上的摩擦力，圖中摩擦力方向錯誤，故D錯誤。故選C。二、填空題1、1962.0#1962S，N【詳解】（1）[1]電能表五位數(shù)中，最后一位是小數(shù)位，故讀數(shù)為1962.0度。（2）[2]根據(jù)磁場的相互作用，即同名磁極相互排斥，異名磁極相互吸引，磁體的左端是N極，故中間的小磁針的左端是S極，而乙圖中靠近S極的小磁針，因為異名磁極相互吸引，故小磁針的左端是N極。2、奧斯特【詳解】1820年，丹麥科學家奧斯特在課堂上做實驗時偶然發(fā)現(xiàn)：當導線中通過電流時，它旁邊的磁針發(fā)生了偏轉，他進而繼續(xù)研究，終于證實了電流周圍存在磁場，在世界上第一個發(fā)現(xiàn)了電和磁之間的聯(lián)系。3、強2【詳解】[1][2]壓敏電阻的阻值隨壓力的增大而減小。當人站在電梯上時，壓敏電阻受到的壓力變大，電阻變小，使得左邊控制電路中的電阻變小，電流變大，因此電磁鐵的磁性增強，就會把銜鐵吸引下來，于是就和觸電2接觸，此時工作電路中沒有串聯(lián)定值電阻R1，所以工作電路中電阻小，電流大，電動機轉速就快。4、磁場機械能【詳解】[1]放在磁場中的線圈通電時，通電導線周圍產(chǎn)生磁場，電流的磁場與電動機的磁場相互作用，使線圈受到力的作用而發(fā)生轉動，電動機就是利用通電導線在磁場中受力的作用而轉動的。[2]電動機在工作時消耗電能，使線圈轉動，將電能轉化為線圈的機械能。5、音箱懸浮的原因音箱是一個磁體，底座中有螺線管【詳解】[1]音箱懸浮的原因。[2]底座通電后上面的音箱就會懸浮起來，對音箱進行受力分析可知，此時音箱受到豎直向下的重力和一個豎直向上的力，且二力為一對平衡力，這樣音箱才能懸浮起來。向上的力是怎么產(chǎn)生的？據(jù)此，我們猜想，音箱是一個磁體，底座中有螺線管，當?shù)鬃姇r，根據(jù)電流的磁效應，螺線管產(chǎn)生較強的磁場，對放入其磁場的磁體音箱產(chǎn)生豎直向上的作用力，這個力和音箱的重力是一對平衡力，產(chǎn)生音箱懸浮的效果。6、電流電流的大小線圈的匝數(shù)【詳解】略7、【詳解】[1]電動機不轉時，電能全部轉化為電阻發(fā)熱產(chǎn)生的熱量，根據(jù)歐姆定律可知，線圈電阻為R＝[2]電動機正常工作時因發(fā)熱損失的功率為8、甲紅外線【詳解】[1]電動機是將電能轉化為機械能，故需要有電源，故選甲。[2]遙控器是利用紅外線向機器人發(fā)送指令的。9、S變小【詳解】[1]由圖知，電磁鐵中電流是從下端流入、上端流出，用右手握住螺線管，四指指向電流方向，則大拇指所指的電磁鐵的下端為N極、上端為S極。[2]體溫高于37.3℃的人經(jīng)過時，則熱敏電阻的溫度高，此時紅燈亮且電鈴響起，說明電磁鐵的磁性強，吸引銜鐵，使得動觸點與下面的靜觸點接觸，原因是電路中的電流大、電阻小?？梢?，熱敏電阻的阻值隨著溫度升高而變小。10、長度開關負A1332縮短【詳解】（1）[1]電阻表示導體對電流的阻礙作用。影響電阻大小的因素包括：材料、橫截面積和長度，還有溫度。（2）[2]由題意知，霍爾元件是一種對磁場敏感的電子元器件，當它周圍存在較強的磁場時，它可以斷開測溫手環(huán)的電路，所以霍爾元件在測溫手環(huán)的電路中相當于開關。（3）[3]熱敏電阻阻值隨溫度升高而變小的，稱為負溫度系數(shù)熱敏電阻；阻值隨溫度升高而變大的，稱為正溫度系數(shù)熱敏電阻。左圖中，熱敏電阻隨溫度的升高而變小，故所示的熱敏電阻R1是負溫度系數(shù)熱敏電阻。（4）[4]分析右圖可知，A圖線回路電流隨溫度變化最明顯，C圖線回路電流隨溫度變化不明顯，B圖線回路電流隨溫度變化不發(fā)生變化，故A符合題意，BCD不符合題意。故選A。（5）[5]根據(jù)表格的數(shù)據(jù)，表格中型號的測溫手環(huán)電池充滿電時的電能為W=UIt=3.7V×0.1A×3600s=1332J[6]根據(jù)題意可知，為了降低測溫手環(huán)的功率，延長它的工作時間，測溫手環(huán)一般配有智能休眠倉。有些測溫手環(huán)是通過判斷溫度變化來實現(xiàn)自動開關的。測溫手環(huán)放入智能休眠倉后，由于環(huán)境溫度低于某個設定的溫度或者手環(huán)檢測到的溫度長時間不發(fā)生變化，則測溫手環(huán)中的雙金屬片與熱敏電阻分離而自動關機。若所測溫度持續(xù)升高，則測溫手環(huán)不會關機，一直處于工作狀態(tài)，其功率較大，根據(jù)功率公式有則該測溫手環(huán)的使用時間會縮短。三、計算題1、（1）75Ω；（2）A、B端；（3）12.5kW?h．（4）255Ω．【解析】【詳解】（1）由題可知，恒溫箱保持60℃時，可變電阻R2＝225Ω，電流是20mA＝0.02A，電源電壓為6V，則根據(jù)歐姆定律可得控制電路的總電阻：；由電阻的串聯(lián)可得，60℃時熱敏電阻R1的阻值：R1＝R﹣R2＝300Ω﹣225Ω＝75Ω；（2）由如圖可知，熱敏電阻R1的阻值隨溫度的升高而減小，可見溫度越高，控制電路中的電流越大，當電流達到20mA時，繼電器的銜鐵被吸合，加熱電路應當斷開，所以應該把恒溫箱的加熱器接在A、B端；（3）恒溫箱內(nèi)的加熱器正常工作時的功率為1500W，每天加熱50次，每次加熱10min，則恒溫箱每天消耗電能：；（4）由題可知，R1t＝常數(shù)，由1小題可知，當溫度是60℃時，熱敏電阻為75Ω，則當溫度是100℃時，設熱敏電阻為R′1，則有：75Ω×60℃＝R′1×100℃，解得：R′1＝45Ω；由于繼電器的銜鐵被吸合時，電路中的電流仍然為20mA，則控制電路的總電阻仍然為R＝300Ω，根據(jù)串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，可變電阻R2的阻值：R2＝R﹣R′1＝300Ω﹣45Ω＝255Ω．答：（1）60℃時，熱敏電阻R1的阻值是75Ω；（2）應該把恒溫箱的加熱器接在A、B端；（3）恒溫箱每天消耗電能12.5kW?h．（4）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，可變電阻R2的阻值應調(diào)為255Ω．2、(1)電動機正常運轉時消耗的電能為144J，線圈產(chǎn)生的熱量為57.6J；(2)電動機輸出的機械功率為1.44W；(3)電動機的能量利用率為60%．【解析】【分析】（1）題目中告訴我們電壓和電流以及時間，我們可以直接利用W＝UIt求出電功，電機不轉時：由I＝求得電動機線圈的電阻，再由焦耳定律求產(chǎn)生的熱量．（2）由能量的轉化與守恒可知，電機輸出的機械功為電機正常運轉時消耗的電能減去線圈產(chǎn)生的熱量，再利用P＝可求得機械功率．（3）由能量轉化與守恒知，電能轉化為機械能與內(nèi)能，再根據(jù)公式η＝×100%計算能量利用率．【詳解】(1)t＝1min＝60s，電機正常運轉時消耗的電能：W＝UIt＝3V×0.8A×60s＝144J.線圈產(chǎn)生的熱量Q＝I2Rt＝(0.8A)2×1.5Ω×60＝57.6J，(2)由能量守恒定律得，電機輸出的機械功W1＝W?Q＝144J?57.6J＝86.4J,機械功率P＝＝1.44W;(3)由能量轉化與守恒知，電能轉化為機械能與內(nèi)能，能量利用率：η＝×100%＝×100%＝60%.3、S0.4160Ω小【解析】【詳解】(1)開關S閉合時，電磁鐵中電流的方向是向左的，由安培定則可知，電磁鐵P的上端為S極。(2)10盞節(jié)能燈的總功率為P=10P1=10×10W=100W=0.1kW則這些節(jié)能燈同時正常工作4小時消耗的電能W=Pt=0.1kW×4h=0.4kW?h(3)當外界光照強度達到1cd時，由圖可知，R=120Ω，當電動卷簾便開始工作，電磁鐵能吸合銜鐵的電流I=0.04A，由得，電路總電阻為根據(jù)串聯(lián)電路電阻規(guī)律可知，R0的阻值為R0=R總-R-RP=300Ω-120Ω-20Ω=160Ω(4)若要縮短節(jié)能燈點亮的時間，即當外界光照更弱時，