高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年度下期期末適應(yīng)性考試試題高一物理本試卷共6頁。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘注意事項(xiàng)：1．考生使用答題卡作答。2．在作答前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)和座位號(hào)填寫在答題卡上。考試結(jié)束，監(jiān)考人員將試卷和答題卡一并收回。3．選擇題部分請(qǐng)使用2B鉛筆填涂；非選擇題部分請(qǐng)使用0.5毫米黑色墨水簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。4．請(qǐng)按照題號(hào)在答題卡上各題目對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。5．保持答題卡面清潔，不得折疊、污染、破損等。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合要求。1.如圖所示，在一條張緊的繩子上掛3個(gè)擺。當(dāng)C擺振動(dòng)時(shí)，通過張緊的繩子給A、B擺施加驅(qū)動(dòng)力，使A、B擺也振動(dòng)起來（A、B、C的擺球質(zhì)量相等），以下說法正確的是（）A.A擺的固有周期最大B.A、B擺振動(dòng)周期不同C.A擺比B擺振幅大D.B擺比A擺振幅大【答案】D【解析】A．因C擺的擺長(zhǎng)最長(zhǎng)，根據(jù)可知，C擺的固有周期最大，故A錯(cuò)誤；B．A、B擺都做受迫振動(dòng)，其周期都等于驅(qū)動(dòng)力的周期，即C擺的固有周期，故振動(dòng)周期相同，故B錯(cuò)誤；CD．因A擺和B擺擺長(zhǎng)都比C擺的擺長(zhǎng)短，且B擺擺長(zhǎng)更接近C擺，故B擺的固有周期更接近驅(qū)動(dòng)力的周期（即C擺的固有周期），故B擺比A擺振幅大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.2025年春晚舞臺(tái)上，一組機(jī)器人扭秧歌。機(jī)器人通過內(nèi)置電動(dòng)機(jī)驅(qū)動(dòng)機(jī)械臂勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，從而使手帕在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.若機(jī)械臂的轉(zhuǎn)速增大，手帕轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度也增大B.若機(jī)械臂突然停止轉(zhuǎn)動(dòng)，手帕仍保持勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.手帕上P、Q兩點(diǎn)的向心加速度大小相等D.手帕上P、Q兩點(diǎn)的線速度大小相等【答案】A【解析】A．根據(jù)可知若機(jī)械臂的轉(zhuǎn)速增大，手帕轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度也增大，故A正確；B．若機(jī)械臂突然停止轉(zhuǎn)動(dòng)，提供的向心力減小，由于受重力作用，則手帕將逐漸停止運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．手帕上P、Q兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，所以兩點(diǎn)的角速度大小相同，根據(jù)可知由于P、Q兩點(diǎn)的不相等，故手帕上P、Q兩點(diǎn)的向心加速度大小不相等，故C錯(cuò)誤；D．手帕上P、Q兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，所以兩點(diǎn)的角速度大小相同，根據(jù)可知由于P、Q兩點(diǎn)的不相等，故手帕上P、Q兩點(diǎn)的線速度大小不相等，故D錯(cuò)誤。故選A。3.安全氣囊是汽車重要的被動(dòng)安全裝備，能夠在車輛發(fā)生碰撞時(shí)迅速充氣彈出，為車內(nèi)乘客提供保護(hù)。如圖甲所示，在某安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從距氣囊上表面高H=0.8m處由靜止釋放，與正下方的氣囊發(fā)生碰撞。以頭錘到氣囊上表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力F隨時(shí)間t的變化規(guī)律可近似用圖乙的圖像描述。已知頭錘質(zhì)量M=5kg，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A.頭錘落到氣囊上表面時(shí)的動(dòng)量大小為4kg?m/sB.碰撞過程中F的沖量方向豎直向下C.碰撞過程中F的沖量大小為60N?sD.碰撞過程中頭錘的動(dòng)量變化量大小為25kg?m/s【答案】D【解析】A．頭錘落到氣囊上表面時(shí)的動(dòng)量大小為，故A錯(cuò)誤；B．碰撞過程中氣囊對(duì)頭錘的作用力F豎直向上，可知F的沖量方向豎直向上，故B錯(cuò)誤；C．F?t圖像的面積等于力F的沖量，則碰撞過程中F的沖量大小為，故C錯(cuò)誤；D．碰撞過程中根據(jù)動(dòng)量定理即頭錘的動(dòng)量變化量大小為25kg?m/s，故D正確。故選D。4.如圖所示，速凍食品加工廠將餃子由水平傳送帶運(yùn)送至下一環(huán)節(jié)。餃子無初速度地放在傳送帶上，傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)且足夠長(zhǎng)，餃子與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)相同，不計(jì)餃子之間的相互作用力和空氣阻力。餃子在水平傳送帶上運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A.摩擦力對(duì)餃子做負(fù)功B.餃子的機(jī)械能一直增加C.傳送帶速度越大，相同質(zhì)量的餃子最終獲得的動(dòng)能一定越大D.傳送帶因傳送餃子多消耗的電能等于餃子增加的動(dòng)能【答案】C【解析】A．餃子無初速度地放在傳送帶上，相對(duì)于傳送帶，餃子往后運(yùn)動(dòng)，受到的摩擦力向前，餃子在傳送帶的傳送下向前運(yùn)動(dòng)，可知摩擦力做正功，故A錯(cuò)誤；B．由于水平傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)且足夠長(zhǎng)，故餃子在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，與傳送帶共速后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，餃子的機(jī)械能先增大后不變，故B錯(cuò)誤；C．傳送帶速度越大，餃子最終獲得的速度越大，質(zhì)量相同，則動(dòng)能也越大，故C正確；D．傳送帶因傳送餃子多消耗的電能等于餃子增加的動(dòng)能與因摩擦系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故D錯(cuò)誤。故選C。5.我國(guó)發(fā)射“天問一號(hào)”探測(cè)器對(duì)火星開展廣泛的科學(xué)探測(cè)工作。已知探測(cè)器質(zhì)量為m，在火星表面附近懸停，受到豎直向上的升力F，火星半徑為R，萬有引力常量為G，忽略火星自轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A.火星表面的重力加速度大小為B.火星質(zhì)量為C.火星的第一宇宙速度大小為D.火星密度為【答案】B【解析】A．探測(cè)器懸停時(shí)，升力與火星重力平衡，即可得火星表面重力加速度，故A錯(cuò)誤。B．由萬有引力提供重力有解得聯(lián)立得，故B正確。C．第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤。D．火星密度，故D錯(cuò)誤故選B。6.電動(dòng)平衡車因其體積小，速度快，攜帶及操作方便，被越來越多的人作為代步工具及警用巡邏車。某次騎行過程中，人站在平衡車上由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，整個(gè)騎行過程的v?t圖像如圖所示（0~1s及7s以后圖像均為直線），1s末功率達(dá)到額定功率并保持不變。已知人與平衡車總質(zhì)量為72kg，騎行過程所受的阻力保持不變，下列說法正確的是（）A.騎行過程中，人及平衡車整體所受阻力大小為240NB.騎行過程中，牽引力的最大功率為1200WC.0~7s時(shí)間內(nèi)，平衡車位移大小為22.125mD.0~7s時(shí)間內(nèi)，牽引力做功為3120J【答案】D【解析】AB．在t=1s時(shí)達(dá)到最大功率，此過程中由牛頓第二定律功率聯(lián)立可得因t=7s達(dá)到最大速度，則P=fvm=5f聯(lián)立解得f=96N，P=480W，故AB錯(cuò)誤；C．0?1s內(nèi)位移1?7s內(nèi)由動(dòng)能定理解得x2=22.125m則0~7s時(shí)間內(nèi)，平衡車位移大小為x=x1+x2=23.125m，故C錯(cuò)誤；D．0~7s時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理解得牽引力做功為W=3120J，故D正確。故選D。7.如圖所示，一拋物線形狀的光滑導(dǎo)軌豎直放置，固定在光滑水平面的B點(diǎn)，O為導(dǎo)軌的頂點(diǎn)，O點(diǎn)離水平面的高度，A在O點(diǎn)正下方，A、B兩點(diǎn)相距0.8m（A、B均在水平面上）。軌道上套有一個(gè)小球P，小球P通過輕桿與小球Q相連，兩小球的質(zhì)量均為1kg，Q始終不離開水平面?，F(xiàn)將小球P從距水平面高度處由靜止釋放，下列說法正確的是（）A.小球P即將落在水平面時(shí)，它的速度大小為B.小球P即將落在水平面時(shí)，它的速度方向與水平面的夾角為C.從靜止釋放到小球P即將落在水平面時(shí)，輕桿對(duì)小球Q做的功為1JD.若小球P落在水平面后不反彈，則水平面對(duì)小球P的作用力的沖量大小為【答案】C【解析】B．平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡為拋物線，將上述拋物線軌道類比平拋運(yùn)動(dòng)，將小球P從O點(diǎn)平拋，設(shè)速度與水平方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得，故B錯(cuò)誤；A．設(shè)小球P即將落地時(shí)，它的速度大小為，小球Q的速度大小為，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有小球P與小球Q沿桿方向的速度相等，則有聯(lián)立解得，，故A錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理可得，從靜止釋放到小球P即將落地，輕桿對(duì)小球Q做的功為，故C正確；D．小球P落地與地面相互作用的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理有由于軌道、輕桿對(duì)小球有作用力，且小球P有重力，則地面對(duì)小球P的作用力的沖量大小與大小不相等，即不等于，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.我國(guó)“鵲橋二號(hào)”通導(dǎo)技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星主要用于地月空間通導(dǎo)技術(shù)驗(yàn)證?！谤o橋二號(hào)”采用周期為24h的環(huán)月橢圓凍結(jié)軌道（如圖），A點(diǎn)為近月點(diǎn)，B點(diǎn)為遠(yuǎn)月點(diǎn)，CD為橢圓軌道的短軸，下列有關(guān)“鵲橋二號(hào)”的說法正確的是（）A.從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為12hB.從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中加速度逐漸增大C.從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中速度逐漸減小D.在C、D兩點(diǎn)的加速度方向指向【答案】AC【解析】A．“鵲橋二號(hào)”采用周期為24h，根據(jù)運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為12h，故A正確；B．從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中“鵲橋二號(hào)”受到的萬有引力逐漸減小，所以“鵲橋二號(hào)”加速度逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C．“鵲橋二號(hào)”從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中，引力做負(fù)功，速度逐漸減小，故C正確；D．“鵲橋二號(hào)”在C、D點(diǎn)受到月亮萬有引力，加速度方向指向月球球心，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示的工程器件，質(zhì)量為m的小球A與內(nèi)外均光滑的輕質(zhì)圓筒B用輕桿固定連接，圓筒B套在光滑的固定豎直細(xì)桿C上（A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，B、C之間無縫隙，桿C足夠長(zhǎng)），輕桿長(zhǎng)度為L(zhǎng)，初始時(shí)A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)。某時(shí)刻，小球A獲得垂直于輕桿的水平初速度，則（）A.小球A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.小球A轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為C.若經(jīng)過時(shí)間t小球恰好轉(zhuǎn)了2圈，小球動(dòng)量變化量的大小為2mgtD.若經(jīng)過時(shí)間t小球恰好轉(zhuǎn)了2圈，小球動(dòng)能為【答案】BD【解析】A．小球A的運(yùn)動(dòng)是豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)和水平方向的勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．小球A水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球A轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為，故B正確；CD．若經(jīng)過時(shí)間t小球恰好轉(zhuǎn)了2圈，豎直分速度為正好轉(zhuǎn)兩圈，所以水平方向上動(dòng)量變化零，則動(dòng)量變化量為動(dòng)能為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧豎直放置在水平地面上，其下端固定，上端拴接一個(gè)質(zhì)量為3m、厚度不計(jì)的薄板，薄板靜止時(shí)，彈簧壓縮量為a，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的物塊從薄板正上方某高度處自由下落，與薄板碰撞后立即粘連在一起，碰撞時(shí)間極短。碰后，物塊與薄板一起在豎直方向運(yùn)動(dòng)，彈簧最大壓縮量為3a，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（彈性勢(shì)能公式，k為彈簧勁度系數(shù)，x為彈簧形變量）（）A.物塊、薄板和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)的全過程中機(jī)械能守恒B.物塊與薄板在最低點(diǎn)加速度大小為1.25gC.物塊從距離薄板正上方16a處自由下落D.物塊與薄板碰撞后的瞬間速度大小為【答案】BC【解析】A．物塊與薄板碰撞后立即粘連在一起，即發(fā)生的是完全非彈性碰撞，此過程有機(jī)械能損耗，故A錯(cuò)誤；B．薄板靜止時(shí)，彈簧壓縮量為a，則有物塊與薄板在最低點(diǎn)時(shí)彈簧最大壓縮量為3a，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故B正確；CD．令物塊從距離薄板正上方h處自由下落，則有碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有碰后，物塊與薄板一起在豎直方向運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)過程有結(jié)合上述解得，，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。其中第13—15小題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.圖甲為小明同學(xué)設(shè)計(jì)的“驗(yàn)證動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)裝置，圖乙是其中一次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，起始點(diǎn)O至各計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E、F的距離如圖乙所示，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1s，小車所受拉力，小車質(zhì)量。在從O到E的運(yùn)動(dòng)過程中（1）拉力F所做的功______J（保留兩位有效數(shù)字）；（2）小車動(dòng)能增加量______J（保留兩位有效數(shù)字）；（3）通過計(jì)算，小明發(fā)現(xiàn)拉力所做的功略大于小車增加的動(dòng)能，請(qǐng)分析原因：______。【答案】（1）0.092##（2）0.090##（3）見解析【解析】【小問1解析】從O到E的運(yùn)動(dòng)過程中，拉力F所做的功【小問2解析】勻變速直線運(yùn)動(dòng)全程的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度則小車動(dòng)能增加量【小問3解析】因?yàn)樵谶\(yùn)動(dòng)過程中，除了拉力做功以外，還存在著阻力（包括摩擦阻力以及空氣阻力等）做負(fù)功，我們只計(jì)算了拉力做的功，而忽略了阻力做的功，因此造成了這種誤差，使得拉力所做的功略大于小車增加的動(dòng)能。12.某實(shí)驗(yàn)小組通過圖甲所示的裝置“探究向心加速度與線速度、半徑的關(guān)系”。滑塊上端固定寬度為d的遮光片，總質(zhì)量為m，滑塊套在水平桿上且隨水平桿一起繞豎直桿做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。光電門測(cè)得擋光時(shí)間為t，中心軸處力傳感器可測(cè)出輕繩的拉力F。不計(jì)一切摩擦，控制細(xì)繩長(zhǎng)度不變，改變水平桿轉(zhuǎn)動(dòng)速度，多次測(cè)量并記錄多組數(shù)據(jù)。（1）在“探究向心加速度與線速度、半徑的關(guān)系”時(shí)，主要用到的物理學(xué)方法是______；A.控制變量法 B.等效替代法 C.理想實(shí)驗(yàn)法（2）實(shí)驗(yàn)小組通過改變轉(zhuǎn)速測(cè)量多組數(shù)據(jù)，記錄力傳感器示數(shù)F并算出對(duì)應(yīng)的向心加速度大小____；通過光電門的測(cè)量數(shù)據(jù)算出對(duì)應(yīng)滑塊的線速度大小______；進(jìn)一步計(jì)算出的數(shù)值，并以a為縱軸、為橫軸擬合出圖線。（答案均用題中物理量字母表示）（3）實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)一步分析圖線（圖乙）得出如下實(shí)驗(yàn)結(jié)論：在誤差范圍內(nèi)，半徑不變時(shí)，向心加速度與線速度平方的關(guān)系為______（選填“正比”或者“反比”）（4）實(shí)驗(yàn)小組仔細(xì)觀察圖乙中的圖像是一條不過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線。導(dǎo)致該實(shí)驗(yàn)結(jié)果的原因可能是______。A.沒有考慮光電門測(cè)量擋光時(shí)間的誤差B.滑塊與水平桿間實(shí)際存在摩擦C.用繩長(zhǎng)作為圓周運(yùn)動(dòng)的半徑D.光電門的擋光寬度測(cè)量值偏大【答案】（1）A（2）（3）正比（4）B【解析】【小問1解析】在研究向心力F的大小與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系時(shí)，需要令質(zhì)量m、角速度ω和半徑r三個(gè)變量中的兩個(gè)不變，探究向心力F與另一個(gè)變量的關(guān)系，這采用的是控制變量法，故選A?！拘?解析】根據(jù)牛頓第二定律，有可得向心加速度大小滑塊經(jīng)過光電門線速度大小為【小問3解析】根據(jù)圖乙可知，在誤差允許范圍內(nèi)a-v2圖像幾乎是過原點(diǎn)的直線，因此得出如下實(shí)驗(yàn)結(jié)論:在誤差范圍內(nèi)，半徑不變時(shí)，向心加速度與線速度平方的關(guān)系為正比；【小問4解析】若滑塊與水平面間的摩擦力不能忽略，根據(jù)牛頓第二定律F=ma根據(jù)向心力公式聯(lián)立解得當(dāng)a=0時(shí)，橫截距故選B。13.一列簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸傳播，時(shí)刻部分波形如圖所示，此后質(zhì)點(diǎn)M比質(zhì)點(diǎn)N先回到平衡位置，且在18s時(shí)質(zhì)點(diǎn)M、N的位移再次與時(shí)刻相同，求：（1）波的傳播方向和波長(zhǎng)；（2）波的傳播速度大小?！敬鸢浮浚?）沿x軸正方向傳播，（2）【解析】【小問1解析】質(zhì)點(diǎn)M比質(zhì)點(diǎn)N先回到平衡位置，可知，質(zhì)點(diǎn)M沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)N沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知，波沿x軸正方向傳播結(jié)合圖示，根據(jù)對(duì)稱性有解得【小問2解析】由于在18s時(shí)質(zhì)點(diǎn)M、N的位移再次與時(shí)刻相同，可知，周期波傳播速度解得14.如圖所示，有一右側(cè)帶半圓弧槽的木板B固定在水平地面上，圓弧槽內(nèi)部光滑，半徑，N為圓弧軌道最低點(diǎn)且與木板水平段右側(cè)相連?；瑝KA經(jīng)過N點(diǎn)前后速度大小不變，M與半圓弧槽圓心O等高，木板水平段長(zhǎng)，滑塊A可視為質(zhì)點(diǎn)，開始時(shí)靜止放置在木板水平段的正中央。已知滑塊A與水平段木板的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑塊A的質(zhì)量，某一時(shí)刻給滑塊A以水平向右的初速度，重力加速度，求：（1）滑塊A向右通過N點(diǎn)時(shí)的速度大?。唬?）滑塊A通過M點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓弧槽的壓力大小；（3）滑塊A返回木板水平段（不考慮反彈及后續(xù)過程）的位置距出發(fā)點(diǎn)的水平距離d?！敬鸢浮浚?）（2）60N（3）【解析】【小問1解析】滑塊A在木板水平段由動(dòng)能定理解得【小問2解析】滑塊A從N到M，由動(dòng)能定理在M點(diǎn)由向心力聯(lián)立解得由牛頓第三定律，滑塊A在M點(diǎn)對(duì)半圓弧槽的壓力大小為60N。【小問3解析】假設(shè)滑塊A能到達(dá)半圓弧槽的最高點(diǎn)P，對(duì)NP段由機(jī)械能守恒解得滑塊A能到達(dá)半圓弧槽的最高點(diǎn)P并從P點(diǎn)水平拋出后落回到水平面；滑塊A從P點(diǎn)拋出后在豎直方向解得在水平方向故滑塊A返回水平段瞬間的位置在初位置左邊處。15.如圖所示，將長(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)輕繩一端固定在O點(diǎn)，輕繩另一端與質(zhì)量的小球相連。小球位于A點(diǎn)時(shí)，輕繩恰處于繃直狀態(tài)且與豎直方向夾角。一質(zhì)量的滑塊Q靜置于光滑平臺(tái)上，滑塊Q的正上方有一質(zhì)量的滑塊P套在固定的光滑水平細(xì)桿上，滑塊Q和滑塊P通過輕質(zhì)彈簧連接。現(xiàn)將小球從A點(diǎn)靜止釋放，當(dāng)小球到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)與滑塊Q發(fā)生彈性碰撞，滑塊Q在隨后的運(yùn)動(dòng)過程中一直沒有離開水平面且滑塊P沒有滑離細(xì)桿，重力加速度，不計(jì)空氣阻力，不計(jì)繩與桿、繩與滑塊P之間的相互作用，小球和滑塊P、Q均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）小球與滑塊Q碰前瞬間輕繩拉力大小；（2）小球與滑塊Q相碰后，小球能到達(dá)的最大高度；（3）若彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，滑塊P的速度大小為，則隨后運(yùn)動(dòng)過程中彈簧的最大彈性勢(shì)能為多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1解析】設(shè)小球由A到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)速度大小為，由機(jī)械能守恒可知解得由牛頓第二定律可知解得【小問2解析】小球在B處與Q發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰后小球的速度為v，滑塊Q的速度為，由動(dòng)量守恒可知由能量守恒定律可知解得，對(duì)小球，從碰后到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理解得【小問3解析】當(dāng)彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，設(shè)Q的速度為，假設(shè)此時(shí)P的速度向右，對(duì)P、Q系統(tǒng)由動(dòng)量守恒可得解得此時(shí)P、Q系統(tǒng)的動(dòng)能與實(shí)際不符，舍去。可知彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，P的速度向左，彈簧開始時(shí)一定處于壓縮狀態(tài)，對(duì)P、Q系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律可得解得此時(shí)：P、Q系統(tǒng)的動(dòng)能符合題意說明初態(tài)的彈簧被壓縮，儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能大小當(dāng)Q與P速度相等時(shí)彈簧最長(zhǎng)，對(duì)P、Q系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律有彈性勢(shì)能的大小解得彈簧的最大彈性勢(shì)能為2024-2025學(xué)年度下期期末適應(yīng)性考試試題高一物理本試卷共6頁。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘注意事項(xiàng)：1．考生使用答題卡作答。2．在作答前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)和座位號(hào)填寫在答題卡上。考試結(jié)束，監(jiān)考人員將試卷和答題卡一并收回。3．選擇題部分請(qǐng)使用2B鉛筆填涂；非選擇題部分請(qǐng)使用0.5毫米黑色墨水簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。4．請(qǐng)按照題號(hào)在答題卡上各題目對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。5．保持答題卡面清潔，不得折疊、污染、破損等。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合要求。1.如圖所示，在一條張緊的繩子上掛3個(gè)擺。當(dāng)C擺振動(dòng)時(shí)，通過張緊的繩子給A、B擺施加驅(qū)動(dòng)力，使A、B擺也振動(dòng)起來（A、B、C的擺球質(zhì)量相等），以下說法正確的是（）A.A擺的固有周期最大B.A、B擺振動(dòng)周期不同C.A擺比B擺振幅大D.B擺比A擺振幅大【答案】D【解析】A．因C擺的擺長(zhǎng)最長(zhǎng)，根據(jù)可知，C擺的固有周期最大，故A錯(cuò)誤；B．A、B擺都做受迫振動(dòng)，其周期都等于驅(qū)動(dòng)力的周期，即C擺的固有周期，故振動(dòng)周期相同，故B錯(cuò)誤；CD．因A擺和B擺擺長(zhǎng)都比C擺的擺長(zhǎng)短，且B擺擺長(zhǎng)更接近C擺，故B擺的固有周期更接近驅(qū)動(dòng)力的周期（即C擺的固有周期），故B擺比A擺振幅大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.2025年春晚舞臺(tái)上，一組機(jī)器人扭秧歌。機(jī)器人通過內(nèi)置電動(dòng)機(jī)驅(qū)動(dòng)機(jī)械臂勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，從而使手帕在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.若機(jī)械臂的轉(zhuǎn)速增大，手帕轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度也增大B.若機(jī)械臂突然停止轉(zhuǎn)動(dòng)，手帕仍保持勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.手帕上P、Q兩點(diǎn)的向心加速度大小相等D.手帕上P、Q兩點(diǎn)的線速度大小相等【答案】A【解析】A．根據(jù)可知若機(jī)械臂的轉(zhuǎn)速增大，手帕轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度也增大，故A正確；B．若機(jī)械臂突然停止轉(zhuǎn)動(dòng)，提供的向心力減小，由于受重力作用，則手帕將逐漸停止運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．手帕上P、Q兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，所以兩點(diǎn)的角速度大小相同，根據(jù)可知由于P、Q兩點(diǎn)的不相等，故手帕上P、Q兩點(diǎn)的向心加速度大小不相等，故C錯(cuò)誤；D．手帕上P、Q兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，所以兩點(diǎn)的角速度大小相同，根據(jù)可知由于P、Q兩點(diǎn)的不相等，故手帕上P、Q兩點(diǎn)的線速度大小不相等，故D錯(cuò)誤。故選A。3.安全氣囊是汽車重要的被動(dòng)安全裝備，能夠在車輛發(fā)生碰撞時(shí)迅速充氣彈出，為車內(nèi)乘客提供保護(hù)。如圖甲所示，在某安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從距氣囊上表面高H=0.8m處由靜止釋放，與正下方的氣囊發(fā)生碰撞。以頭錘到氣囊上表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力F隨時(shí)間t的變化規(guī)律可近似用圖乙的圖像描述。已知頭錘質(zhì)量M=5kg，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A.頭錘落到氣囊上表面時(shí)的動(dòng)量大小為4kg?m/sB.碰撞過程中F的沖量方向豎直向下C.碰撞過程中F的沖量大小為60N?sD.碰撞過程中頭錘的動(dòng)量變化量大小為25kg?m/s【答案】D【解析】A．頭錘落到氣囊上表面時(shí)的動(dòng)量大小為，故A錯(cuò)誤；B．碰撞過程中氣囊對(duì)頭錘的作用力F豎直向上，可知F的沖量方向豎直向上，故B錯(cuò)誤；C．F?t圖像的面積等于力F的沖量，則碰撞過程中F的沖量大小為，故C錯(cuò)誤；D．碰撞過程中根據(jù)動(dòng)量定理即頭錘的動(dòng)量變化量大小為25kg?m/s，故D正確。故選D。4.如圖所示，速凍食品加工廠將餃子由水平傳送帶運(yùn)送至下一環(huán)節(jié)。餃子無初速度地放在傳送帶上，傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)且足夠長(zhǎng)，餃子與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)相同，不計(jì)餃子之間的相互作用力和空氣阻力。餃子在水平傳送帶上運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A.摩擦力對(duì)餃子做負(fù)功B.餃子的機(jī)械能一直增加C.傳送帶速度越大，相同質(zhì)量的餃子最終獲得的動(dòng)能一定越大D.傳送帶因傳送餃子多消耗的電能等于餃子增加的動(dòng)能【答案】C【解析】A．餃子無初速度地放在傳送帶上，相對(duì)于傳送帶，餃子往后運(yùn)動(dòng)，受到的摩擦力向前，餃子在傳送帶的傳送下向前運(yùn)動(dòng)，可知摩擦力做正功，故A錯(cuò)誤；B．由于水平傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)且足夠長(zhǎng)，故餃子在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，與傳送帶共速后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，餃子的機(jī)械能先增大后不變，故B錯(cuò)誤；C．傳送帶速度越大，餃子最終獲得的速度越大，質(zhì)量相同，則動(dòng)能也越大，故C正確；D．傳送帶因傳送餃子多消耗的電能等于餃子增加的動(dòng)能與因摩擦系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故D錯(cuò)誤。故選C。5.我國(guó)發(fā)射“天問一號(hào)”探測(cè)器對(duì)火星開展廣泛的科學(xué)探測(cè)工作。已知探測(cè)器質(zhì)量為m，在火星表面附近懸停，受到豎直向上的升力F，火星半徑為R，萬有引力常量為G，忽略火星自轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）A.火星表面的重力加速度大小為B.火星質(zhì)量為C.火星的第一宇宙速度大小為D.火星密度為【答案】B【解析】A．探測(cè)器懸停時(shí)，升力與火星重力平衡，即可得火星表面重力加速度，故A錯(cuò)誤。B．由萬有引力提供重力有解得聯(lián)立得，故B正確。C．第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤。D．火星密度，故D錯(cuò)誤故選B。6.電動(dòng)平衡車因其體積小，速度快，攜帶及操作方便，被越來越多的人作為代步工具及警用巡邏車。某次騎行過程中，人站在平衡車上由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，整個(gè)騎行過程的v?t圖像如圖所示（0~1s及7s以后圖像均為直線），1s末功率達(dá)到額定功率并保持不變。已知人與平衡車總質(zhì)量為72kg，騎行過程所受的阻力保持不變，下列說法正確的是（）A.騎行過程中，人及平衡車整體所受阻力大小為240NB.騎行過程中，牽引力的最大功率為1200WC.0~7s時(shí)間內(nèi)，平衡車位移大小為22.125mD.0~7s時(shí)間內(nèi)，牽引力做功為3120J【答案】D【解析】AB．在t=1s時(shí)達(dá)到最大功率，此過程中由牛頓第二定律功率聯(lián)立可得因t=7s達(dá)到最大速度，則P=fvm=5f聯(lián)立解得f=96N，P=480W，故AB錯(cuò)誤；C．0?1s內(nèi)位移1?7s內(nèi)由動(dòng)能定理解得x2=22.125m則0~7s時(shí)間內(nèi)，平衡車位移大小為x=x1+x2=23.125m，故C錯(cuò)誤；D．0~7s時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理解得牽引力做功為W=3120J，故D正確。故選D。7.如圖所示，一拋物線形狀的光滑導(dǎo)軌豎直放置，固定在光滑水平面的B點(diǎn)，O為導(dǎo)軌的頂點(diǎn)，O點(diǎn)離水平面的高度，A在O點(diǎn)正下方，A、B兩點(diǎn)相距0.8m（A、B均在水平面上）。軌道上套有一個(gè)小球P，小球P通過輕桿與小球Q相連，兩小球的質(zhì)量均為1kg，Q始終不離開水平面?，F(xiàn)將小球P從距水平面高度處由靜止釋放，下列說法正確的是（）A.小球P即將落在水平面時(shí)，它的速度大小為B.小球P即將落在水平面時(shí)，它的速度方向與水平面的夾角為C.從靜止釋放到小球P即將落在水平面時(shí)，輕桿對(duì)小球Q做的功為1JD.若小球P落在水平面后不反彈，則水平面對(duì)小球P的作用力的沖量大小為【答案】C【解析】B．平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡為拋物線，將上述拋物線軌道類比平拋運(yùn)動(dòng)，將小球P從O點(diǎn)平拋，設(shè)速度與水平方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有解得，故B錯(cuò)誤；A．設(shè)小球P即將落地時(shí)，它的速度大小為，小球Q的速度大小為，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有小球P與小球Q沿桿方向的速度相等，則有聯(lián)立解得，，故A錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理可得，從靜止釋放到小球P即將落地，輕桿對(duì)小球Q做的功為，故C正確；D．小球P落地與地面相互作用的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理有由于軌道、輕桿對(duì)小球有作用力，且小球P有重力，則地面對(duì)小球P的作用力的沖量大小與大小不相等，即不等于，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.我國(guó)“鵲橋二號(hào)”通導(dǎo)技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星主要用于地月空間通導(dǎo)技術(shù)驗(yàn)證?！谤o橋二號(hào)”采用周期為24h的環(huán)月橢圓凍結(jié)軌道（如圖），A點(diǎn)為近月點(diǎn)，B點(diǎn)為遠(yuǎn)月點(diǎn)，CD為橢圓軌道的短軸，下列有關(guān)“鵲橋二號(hào)”的說法正確的是（）A.從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為12hB.從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中加速度逐漸增大C.從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中速度逐漸減小D.在C、D兩點(diǎn)的加速度方向指向【答案】AC【解析】A．“鵲橋二號(hào)”采用周期為24h，根據(jù)運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為12h，故A正確；B．從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中“鵲橋二號(hào)”受到的萬有引力逐漸減小，所以“鵲橋二號(hào)”加速度逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C．“鵲橋二號(hào)”從A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)過程中，引力做負(fù)功，速度逐漸減小，故C正確；D．“鵲橋二號(hào)”在C、D點(diǎn)受到月亮萬有引力，加速度方向指向月球球心，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示的工程器件，質(zhì)量為m的小球A與內(nèi)外均光滑的輕質(zhì)圓筒B用輕桿固定連接，圓筒B套在光滑的固定豎直細(xì)桿C上（A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，B、C之間無縫隙，桿C足夠長(zhǎng)），輕桿長(zhǎng)度為L(zhǎng)，初始時(shí)A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)。某時(shí)刻，小球A獲得垂直于輕桿的水平初速度，則（）A.小球A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B.小球A轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為C.若經(jīng)過時(shí)間t小球恰好轉(zhuǎn)了2圈，小球動(dòng)量變化量的大小為2mgtD.若經(jīng)過時(shí)間t小球恰好轉(zhuǎn)了2圈，小球動(dòng)能為【答案】BD【解析】A．小球A的運(yùn)動(dòng)是豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)和水平方向的勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．小球A水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球A轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為，故B正確；CD．若經(jīng)過時(shí)間t小球恰好轉(zhuǎn)了2圈，豎直分速度為正好轉(zhuǎn)兩圈，所以水平方向上動(dòng)量變化零，則動(dòng)量變化量為動(dòng)能為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧豎直放置在水平地面上，其下端固定，上端拴接一個(gè)質(zhì)量為3m、厚度不計(jì)的薄板，薄板靜止時(shí)，彈簧壓縮量為a，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的物塊從薄板正上方某高度處自由下落，與薄板碰撞后立即粘連在一起，碰撞時(shí)間極短。碰后，物塊與薄板一起在豎直方向運(yùn)動(dòng)，彈簧最大壓縮量為3a，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（彈性勢(shì)能公式，k為彈簧勁度系數(shù)，x為彈簧形變量）（）A.物塊、薄板和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)的全過程中機(jī)械能守恒B.物塊與薄板在最低點(diǎn)加速度大小為1.25gC.物塊從距離薄板正上方16a處自由下落D.物塊與薄板碰撞后的瞬間速度大小為【答案】BC【解析】A．物塊與薄板碰撞后立即粘連在一起，即發(fā)生的是完全非彈性碰撞，此過程有機(jī)械能損耗，故A錯(cuò)誤；B．薄板靜止時(shí)，彈簧壓縮量為a，則有物塊與薄板在最低點(diǎn)時(shí)彈簧最大壓縮量為3a，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故B正確；CD．令物塊從距離薄板正上方h處自由下落，則有碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有碰后，物塊與薄板一起在豎直方向運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)過程有結(jié)合上述解得，，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。其中第13—15小題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.圖甲為小明同學(xué)設(shè)計(jì)的“驗(yàn)證動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)裝置，圖乙是其中一次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，起始點(diǎn)O至各計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E、F的距離如圖乙所示，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1s，小車所受拉力，小車質(zhì)量。在從O到E的運(yùn)動(dòng)過程中（1）拉力F所做的功______J（保留兩位有效數(shù)字）；（2）小車動(dòng)能增加量______J（保留兩位有效數(shù)字）；（3）通過計(jì)算，小明發(fā)現(xiàn)拉力所做的功略大于小車增加的動(dòng)能，請(qǐng)分析原因：______?！敬鸢浮浚?）0.092##（2）0.090##（3）見解析【解析】【小問1解析】從O到E的運(yùn)動(dòng)過程中，拉力F所做的功【小問2解析】勻變速直線運(yùn)動(dòng)全程的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度則小車動(dòng)能增加量【小問3解析】因?yàn)樵谶\(yùn)動(dòng)過程中，除了拉力做功以外，還存在著阻力（包括摩擦阻力以及空氣阻力等）做負(fù)功，我們只計(jì)算了拉力做的功，而忽略了阻力做的功，因此造成了這種誤差，使得拉力所做的功略大于小車增加的動(dòng)能。12.某實(shí)驗(yàn)小組通過圖甲所示的裝置“探究向心加速度與線速度、半徑的關(guān)系”?；瑝K上端固定寬度為d的遮光片，總質(zhì)量為m，滑塊套在水平桿上且隨水平桿一起繞豎直桿做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。光電門測(cè)得擋光時(shí)間為t，中心軸處力傳感器可測(cè)出輕繩的拉力F。不計(jì)一切摩擦，控制細(xì)繩長(zhǎng)度不變，改變水平桿轉(zhuǎn)動(dòng)速度，多次測(cè)量并記錄多組數(shù)據(jù)。（1）在“探究向心加速度與線速度、半徑的關(guān)系”時(shí)，主要用到的物理學(xué)方法是______；A.控制變量法 B.等效替代法 C.理想實(shí)驗(yàn)法（2）實(shí)驗(yàn)小組通過改變轉(zhuǎn)速測(cè)量多組數(shù)據(jù)，記錄力傳感器示數(shù)F并算出對(duì)應(yīng)的向心加速度大小____；通過光電門的測(cè)量數(shù)據(jù)算出對(duì)應(yīng)滑塊的線速度大小______；進(jìn)一步計(jì)算出的數(shù)值，并以a為縱軸、為橫軸擬合出圖線。（答案均用題中物理量字母表示）（3）實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)一步分析圖線（圖乙）得出如下實(shí)驗(yàn)結(jié)論：在誤差范圍內(nèi)，半徑不變時(shí)，向心加速度與線速度平方的關(guān)系為______（選填“正比”或者“反比”）（4）實(shí)驗(yàn)小組仔細(xì)觀察圖乙中的圖像是一條不過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線。導(dǎo)致該實(shí)驗(yàn)結(jié)果的原因可能是______。A.沒有考慮光電門測(cè)量擋光時(shí)間的誤差B.滑塊與水平桿間實(shí)際存在摩擦C.用繩長(zhǎng)作為圓周運(yùn)動(dòng)的半徑D.光電門的擋光寬度測(cè)量值偏大【答案】（1）A（2）（3）正比（4）B【解析】【小問1解析】在研究向心力F的大小與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系時(shí)，需要令質(zhì)量m、角速度ω和半徑r三個(gè)變量中的兩個(gè)不變，探究向心力F與另一個(gè)變量的關(guān)系，這采用的是控制變量法，故選A?！拘?解析】根據(jù)牛頓第二定律，有可得向心加速度大小滑塊經(jīng)過光電門線速度大小為【小問3解析】根據(jù)圖乙可知，在誤差允許范圍內(nèi)a-v2圖像幾乎是過原點(diǎn)的直線，因此得出如下實(shí)驗(yàn)結(jié)論:在誤差范圍內(nèi)，半徑不變時(shí)，向心加速度與線速度平方的關(guān)系為正比；【小問4解析】若滑塊與水平面間的摩擦力不能忽略，根據(jù)牛頓第二定律F=ma根