高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1湖北省2024—2025學(xué)年下學(xué)期八校期末聯(lián)考高二物理試題本試卷共6頁(yè)，全卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1、答題前，請(qǐng)將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的制定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3、非選擇題作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4、考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡上交。一、單項(xiàng)選擇題：（本題共10小題，每小題4分，共40分，。在小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合要求，每小題全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或者不選的得0分）1.飛力士棒（Flexi-bar）是德國(guó)物理治療師發(fā)明的一種物理康復(fù)器材，也是一種有效加強(qiáng)軀干肌肉功能的訓(xùn)練器材。標(biāo)準(zhǔn)型飛力士棒整體結(jié)構(gòu)由中間的握柄，兩端負(fù)重頭，用一根PVC軟桿連接，質(zhì)量為，長(zhǎng)度為，棒的固有頻率為，如圖所示，可以使用雙手進(jìn)行驅(qū)動(dòng)，則下列關(guān)于飛力士棒的認(rèn)識(shí)正確的是（）A.使用者用力越大飛力士棒振動(dòng)越快B.隨著手振動(dòng)的頻率增大，飛力士棒振動(dòng)的幅度一定越來(lái)越大C.雙手驅(qū)動(dòng)該飛力士棒每分鐘振動(dòng)270次全振動(dòng)，會(huì)產(chǎn)生共振D.負(fù)重頭質(zhì)量相同，同樣材料的PVC桿縮短，飛力士棒的固有頻率不變【答案】C【解析】A．使用者用力大小影響的是振幅，與振動(dòng)快慢沒(méi)有關(guān)系。故A錯(cuò)誤；B．隨著手振動(dòng)的頻率增大，飛力士棒振動(dòng)的頻率隨之增大，但是幅度不一定越來(lái)越大。故B錯(cuò)誤；C．雙手驅(qū)動(dòng)該飛力士棒每分鐘振動(dòng)270次全振動(dòng)，則驅(qū)動(dòng)力的頻率為與飛力士棒的固有頻率相等，會(huì)產(chǎn)生共振。故C正確；D．負(fù)重頭質(zhì)量相同，同樣材料的PVC桿縮短，飛力士棒的固有頻率會(huì)變。故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，一束光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光a、b，波長(zhǎng)分別為λa、λb，該玻璃對(duì)單色光a、b的折射率分別為na、nb。則（）A.λa<λb，na>nb B.λa>λb，na<nbC.λa<λb，na<nb D.λa>λb，na>nb【答案】B【解析】由圖可知，b光的偏折程度較大，根據(jù)折射定律可知三棱鏡對(duì)b光的折射率較大，又因?yàn)楣獾念l率越大，介質(zhì)對(duì)光的折射率就越大，故b光的頻率大于a光的頻率，根據(jù)可知b光的波長(zhǎng)小于a光的波長(zhǎng)。故選B。3.某化工廠排污管末端安裝了如圖所示的流量計(jì)，測(cè)量管由絕緣材料制成，其長(zhǎng)為L(zhǎng)、直徑為D，左右兩端開(kāi)口，在前后兩個(gè)內(nèi)側(cè)面a、c固定有金屬板作為電極，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向下。污水（含有大量的正、負(fù)離子）充滿管口從左向右流經(jīng)該測(cè)量管時(shí)，a、c兩端的電壓為U，顯示儀器顯示污水流量Q（單位時(shí)間內(nèi)排出的污水體積）。則（）A.a側(cè)電勢(shì)比c側(cè)電勢(shì)低B.污水中離子濃度越高，顯示儀器的示數(shù)越大C.污水流量Q與U成正比，與L、D無(wú)關(guān)D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】D【解析】A．污水中正、負(fù)離子從左向右移動(dòng)，受到洛倫茲力，根據(jù)左手定則，正離子向后表面偏，負(fù)離子向前表面偏轉(zhuǎn)，所以a側(cè)電勢(shì)比c側(cè)電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；BCD．最終正、負(fù)離子會(huì)在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，有即而污水流量Q·可知Q與U、D成正比，與L無(wú)關(guān)，顯示儀器的示數(shù)與離子濃度無(wú)關(guān)；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B故D正確，B、C錯(cuò)誤。故選D。4.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，發(fā)電機(jī)的輸出電壓恒為U1、輸電線的電阻及理想變壓器的匝數(shù)均不變，下列表述正確的是（）A.若，則用戶獲得的電壓B.若用戶開(kāi)啟的用電器增多，則升壓變壓器輸出的增大C.若用戶開(kāi)啟的用電器增多，則輸電線消耗的功率增大D.若用戶開(kāi)啟的用電器增多，則發(fā)電機(jī)輸出的功率減小【答案】C【解析】A．根據(jù)變壓器原理可得又可得由于輸電線上電阻分壓作用所以故A錯(cuò)誤；B．輸入電壓恒定，升壓變壓器的原副線圈匝數(shù)比恒定，則則升壓變壓器輸出的不變，故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)用戶的功率增大時(shí)，用電器增多，總電阻減小。降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，可知輸電線上的消耗功率增加，發(fā)電機(jī)的輸出功率等于輸電線消耗功率與用戶的功率之和，因此，發(fā)電機(jī)的輸出功率增加，故C正確，D錯(cuò)誤。5.鉆石是首飾和高強(qiáng)度鉆頭、刻刀等工具中的主要材料，設(shè)鉆石的密度為ρ（單位為kg/m3），摩爾質(zhì)量為M（單位為g/mol），阿伏加德羅常數(shù)為NA。已知1克拉＝0.2克，則（）A.a克拉鉆石所含有的分子數(shù)為B.a克拉鉆石所含有的分子數(shù)為C.每個(gè)鉆石分子直徑的表達(dá)式為（單位為m）D.每個(gè)鉆石分子直徑的表達(dá)式為（單位為m）【答案】A【解析】AB.a克拉鉆石物質(zhì)的量（摩爾數(shù)）為所含分子數(shù)為選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD.鉆石的摩爾體積（單位為m3/mol）每個(gè)鉆石分子體積為設(shè)鉆石分子直徑為d則聯(lián)立解得（單位為m）選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；6.正確佩戴口罩是日常預(yù)防飛沫傳播和呼吸道感染的有效途徑之一。取一個(gè)新的醫(yī)用防護(hù)口罩貼近皮膚一面朝上，平鋪在桌面上，往口罩上滴幾滴水，水滴沒(méi)有浸濕口罩，呈橢球形，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.水滴形狀的成因與水的表面張力有關(guān)，與重力無(wú)關(guān)B.水滴不浸潤(rùn)口罩，換另一種液體，也不會(huì)浸潤(rùn)該口罩C.若處于完全失重的環(huán)境中，水滴將浸濕口罩D.水滴與口罩附著層內(nèi)水分子間距比水滴內(nèi)部分子間距大【答案】D【解析】A.水滴形狀的成因與水的表面張力有關(guān)，因水滴呈現(xiàn)橢圓形，則與重力也有關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.水滴不浸潤(rùn)口罩，換另一種液體，不一定不會(huì)浸潤(rùn)該口罩，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.能否浸潤(rùn)是由水與口罩的材料決定的，與是否處于完全失重的環(huán)境無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.水滴與口罩附著層內(nèi)水分子間距比水滴內(nèi)部分子間距大，產(chǎn)生表面張力，使液體表面繃緊即減小表面積的作用，選項(xiàng)D正確。故選D。7.如圖所示，密封的礦泉水瓶中，距瓶口越近水的溫度越高。一開(kāi)口向下、導(dǎo)熱良好的小瓶置于礦泉水瓶中，小瓶中封閉一段空氣。擠壓礦泉水瓶，小瓶下沉到底部；松開(kāi)后，小瓶緩慢上浮，上浮過(guò)程中，小瓶?jī)?nèi)氣體（）A.內(nèi)能減少B.對(duì)外界做正功C.增加的內(nèi)能大于吸收的熱量D.增加的內(nèi)能等于吸收的熱量【答案】B【解析】A．由于越接近礦泉水瓶口，水的溫度越高，因此小瓶上浮的過(guò)程中，小瓶?jī)?nèi)溫度升高，內(nèi)能增加，A錯(cuò)誤；B．在小瓶上升的過(guò)程中，小瓶?jī)?nèi)氣體的溫度逐漸升高，壓強(qiáng)逐漸減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程氣體體積膨脹，對(duì)外界做正功，B正確；由于氣體對(duì)外做功，因此吸收的熱量大于增加的內(nèi)能，CD錯(cuò)誤。故選B。8.質(zhì)量為M的帶有光滑圓弧軌道的小車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質(zhì)量也為M的小球以速度v0水平?jīng)_上小車，到達(dá)某一高度后，小球又返回小車的左端，重力加速度為g，則（）A.小球以后將向左做平拋運(yùn)動(dòng)B.小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C.此過(guò)程小球?qū)π≤囎龅墓镸v02D.小球在圓弧軌道上上升的最大高度為【答案】BC【解析】AB．由題可知，小球及小車組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，當(dāng)小球返回到小車的左端時(shí)，二者類似于彈性碰撞，由于小球與小車的質(zhì)量相等，二者交換速度，故此時(shí)小球的速度為0，小車的速度為，小球在重力的作用下做自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理可知，小球?qū)π≤囁龅墓Γ蔆正確；D．設(shè)小球在圓弧軌道上升的最大高度為，此時(shí)小球與小車水平方向共速，設(shè)速度為，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則有根據(jù)能量守恒定律可得聯(lián)立解得，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一個(gè)不變形的單匝金屬圓線圈，線圈所圍的面積為線圈電阻為．規(guī)定線圈中感應(yīng)電流I的正方向從上往下看是順時(shí)針?lè)较?，如圖甲所示．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．則以下說(shuō)法正確的是（）A.在時(shí)間內(nèi)，I的最大值為B.在時(shí)間內(nèi)，I的大小越來(lái)越小C.前2s內(nèi)，通過(guò)線圈某截面的總電荷量為D.第3s內(nèi)，線圈的發(fā)熱功率最大【答案】AC【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，就可以解得電流的大小，從而可以判斷電流、電量等問(wèn)題；A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可以看出B-t圖像的斜率越大則電動(dòng)勢(shì)越大，所以零時(shí)刻線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，即：，根據(jù)歐姆定律：，故A正確；B、在時(shí)間內(nèi)，B-t圖像的斜率不變，可知該段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)不變，即電流大小不變，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、通過(guò)線圈某一截面的電量，故C正確；D、第3s內(nèi)，磁場(chǎng)不變，則磁通量不變，故沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，則線圈不會(huì)產(chǎn)生熱量，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．10.一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A經(jīng)B、C變化到狀態(tài)D的狀態(tài)變化過(guò)程圖像如圖所示，與橫軸平行，與縱軸平行，在同一直線上。已知A狀態(tài)溫度為400K，從A狀態(tài)至B狀態(tài)氣體吸收了320J的熱量，下列說(shuō)法正確的是（）A.D狀態(tài)的溫度為225KB.A狀態(tài)的內(nèi)能大于C狀態(tài)的內(nèi)能C.從A狀態(tài)至D狀態(tài)整個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)外做功62.5JD.從A狀態(tài)到B狀態(tài)的過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加了240J【答案】ACD【解析】A．根據(jù)可解得TD=225K選項(xiàng)A正確；B．因?yàn)锳C兩態(tài)的pV乘積相等，則溫度相同，即A狀態(tài)的內(nèi)能等于C狀態(tài)的內(nèi)能，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因p-V圖像的面積等于功，則從A狀態(tài)至D狀態(tài)整個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)外做功選項(xiàng)C正確；D．從A狀態(tài)到B狀態(tài)的過(guò)程中，氣體吸收了320J的熱量，同時(shí)氣體對(duì)外做功氣體內(nèi)能增加了240J，選項(xiàng)D正確。故選ACD。二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11.如圖所示，光滑水平平臺(tái)EF左端有一豎直彈性擋板P，木板丙緊靠平臺(tái)EF右端放置在光滑水平面MN上，丙的上表面與平臺(tái)EF處于同一高度。小物塊甲和乙放置在平臺(tái)EF上，甲、乙用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮的輕彈簧，彈簧的壓縮量，開(kāi)始時(shí)甲、乙、丙均靜止?，F(xiàn)燒斷細(xì)線，甲、乙彈開(kāi)后隨即移走彈簧，乙以一定的速度向左滑動(dòng)與擋板P發(fā)生彈性碰撞后返回，接著甲、乙在平臺(tái)EF上相碰后粘在一起，在甲、乙滑上木板丙上表面的同時(shí)，在木板丙的右端施加一個(gè)水平向右的恒力，甲、乙運(yùn)動(dòng)中恰好不從木板丙的右端滑落。已知甲、乙在丙上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，甲、乙和丙之間因摩擦產(chǎn)生的熱量。已知甲、乙、丙的質(zhì)量分別為，甲、乙與木板丙的上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度g取，求：（1）在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，甲發(fā)生的位移大??；（2）甲、乙一起滑上木板丙上表面時(shí)速度大?。唬?）彈簧開(kāi)始時(shí)的彈性勢(shì)能。【答案】（1）0.1m；（2）1.2m/s；（3）3.84J【解析】（1）對(duì)甲、乙系統(tǒng)分析，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有該方程在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程每時(shí)每刻均成立，則在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程有則有在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，兩金屬球的相對(duì)位移大小為x，則有解得（2）在甲、乙滑上木板丙后至共速過(guò)程，對(duì)甲乙對(duì)木板速度關(guān)系位移差熱量解之得甲、乙一起滑上木板丙上表面時(shí)的速度大?。?）對(duì)甲、乙彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有能量守恒得甲反彈后速率不變，與乙碰撞動(dòng)量守恒得解之得12.在同一水平面的光滑平行導(dǎo)軌P、Q相距l(xiāng)＝1m，導(dǎo)軌左端接有如圖所示的電路。其中水平放置的平行板電容器兩極板M、N相距d＝10mm，定值電阻R1＝R2＝12Ω，R3＝2Ω，金屬棒ab的電阻r＝2Ω，其他電阻不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，當(dāng)金屬棒ab沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)量m＝1×10－14kg、電荷量q＝－1×10－14C的微粒懸浮于電容器兩極板之間恰好靜止不動(dòng)。取g＝10m/s2，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，且速度保持恒定。試求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向；（2）ab兩端的路端電壓；（3）金屬棒ab運(yùn)動(dòng)的速度?！敬鸢浮浚?）豎直向下（2）0.4V（3）1m/s【解析】（1）由于微粒帶負(fù)電，且在電場(chǎng)中處于平衡狀態(tài)，故M板應(yīng)與電源的正極相連，根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)軌平面的磁場(chǎng)方向應(yīng)豎直向下；（2）由題可知，設(shè)電容器兩極板間的電勢(shì)差，根據(jù)平衡條件可得代入數(shù)據(jù)解得結(jié)合電路特點(diǎn)可知，定值電阻兩端的電壓由歐姆定律可知，電路中的感應(yīng)電流故ab兩端的路端電壓（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)又因?yàn)槁?lián)立代入數(shù)據(jù)解得13.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。他準(zhǔn)備了可拆變壓器、多用電表、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)需要以下哪種電源___________；A．低壓直流電源B．高壓直流電源C．低壓交流電源D．高壓交流電源（2）該同學(xué)認(rèn)真檢查電路無(wú)誤后，先保證原線圈匝數(shù)不變，改變副線圈匝數(shù)；再保證副線圈匝數(shù)不變，改變?cè)€圈匝數(shù)。分別測(cè)出相應(yīng)的原、副線圈電壓值。由于交變電流電壓是變化的，所以，我們實(shí)際上測(cè)量的是電壓的___________值（填“有效”或“最大”）。其中一次多用電表讀數(shù)如圖所示，此時(shí)電壓表讀數(shù)為_(kāi)__________；（3）理想變壓器原、副線圈電壓應(yīng)與其匝數(shù)成___________（填“正比”或“反比”），實(shí)驗(yàn)中由于變壓器的銅損和鐵損，導(dǎo)致原線圈與副線圈的電壓之比一般___________（填“大于”“小于”或“等于”）原線圈與副線圈的匝數(shù)之比。（4）實(shí)驗(yàn)中原、副線圈的電壓之比與它們的匝數(shù)之比有微小差別。原因不可能為_(kāi)__________。（填字母代號(hào)）A．原、副線圈上通過(guò)的電流發(fā)熱B．鐵芯在交變磁場(chǎng)作用下發(fā)熱C．變壓器鐵芯漏磁D．原線圈輸入電壓發(fā)生變化【答案】（1）C（2）有效7.2V（3）正比大于（4）D【解析】（1）[1]探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系，應(yīng)選擇低壓交流電源。故選C。（2）[2][3]多用電表測(cè)量的交流電壓為有效值，不是最大值；多用電表選用的擋位是交流電壓的10V擋位，所以應(yīng)該在0～10V擋位讀數(shù)，所以讀數(shù)應(yīng)該是7.2V。（3）[4][5]根據(jù)可知，理想變壓器原、副線圈電壓應(yīng)與其匝數(shù)成正比。實(shí)驗(yàn)中由于變壓器的銅損和鐵損，變壓器的鐵芯損失一部分的磁通量，所以導(dǎo)致副線圈的電壓的實(shí)際值一般略小于理論值，所以導(dǎo)致。（4）[6]原、副線圈上通過(guò)的電流發(fā)熱，鐵芯在交變磁場(chǎng)作用下發(fā)熱，都會(huì)使變壓器輸出功率發(fā)生變化，從而導(dǎo)致電壓比與匝數(shù)比有差別；變壓器鐵芯漏磁，也會(huì)導(dǎo)致電壓比與匝數(shù)比有差別；原線圈輸入電壓發(fā)生變化，不會(huì)影響電壓比和匝數(shù)比。故選D。14.某雙層玻璃保溫杯夾層中有少量空氣，溫度為27℃時(shí)，壓強(qiáng)為。（1）當(dāng)夾層中空氣的溫度升至37℃，求此時(shí)夾層中空氣的壓強(qiáng)；（2）當(dāng)保溫杯外層出現(xiàn)裂隙，靜置足夠長(zhǎng)時(shí)間，求夾層中增加的空氣質(zhì)量與原有空氣質(zhì)量的比值，設(shè)環(huán)境溫度為27℃，大氣壓強(qiáng)為?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）由題意可知夾層中的氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知代入數(shù)據(jù)解得（2）當(dāng)保溫杯外層出現(xiàn)裂縫后，靜置足夠長(zhǎng)時(shí)間，則夾層壓強(qiáng)和大氣壓強(qiáng)相等，設(shè)夾層體積為V，以靜置后的所有氣體為研究對(duì)象有解得則增加空氣的體積為所以增加的空氣質(zhì)量與原有空氣質(zhì)量之比為15.花崗巖、磚砂、水泥等建筑材料是室內(nèi)氡的最主要來(lái)源。人呼吸時(shí)，氡氣會(huì)隨氣體進(jìn)入肺臟，氡衰變放出的射線像小“炸彈”一樣擊肺細(xì)胞，使肺細(xì)胞受損，從而引發(fā)肺癌、白血病等。一靜止的氡核Rn發(fā)生一次衰變生成新核釙（Po），此過(guò)程動(dòng)量守恒且釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為粒子和釙核的動(dòng)能已知m氡=222.0866u，mα=4.0026u，m釙=218.0766u，1u相當(dāng)于931MeV的能量。（1）寫(xiě)出上述核反應(yīng)方程；（2）求上述核反應(yīng)放出的能量；（3）求粒子的動(dòng)能Eka。【答案】（1）；（2）6.89MeV；（3）6.77MeV【解析】（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒有（2）質(zhì)量虧損解得=0.0074×931MeV=6.89MeV（3）設(shè)粒子、釙核的動(dòng)能分別為、Ek釙，動(dòng)量分別為、p釙，由能量守恒定律得由動(dòng)量守恒定律得0=+p釙又故解得湖北省2024—2025學(xué)年下學(xué)期八校期末聯(lián)考高二物理試題本試卷共6頁(yè)，全卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1、答題前，請(qǐng)將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的制定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3、非選擇題作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4、考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡上交。一、單項(xiàng)選擇題：（本題共10小題，每小題4分，共40分，。在小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合要求，每小題全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或者不選的得0分）1.飛力士棒（Flexi-bar）是德國(guó)物理治療師發(fā)明的一種物理康復(fù)器材，也是一種有效加強(qiáng)軀干肌肉功能的訓(xùn)練器材。標(biāo)準(zhǔn)型飛力士棒整體結(jié)構(gòu)由中間的握柄，兩端負(fù)重頭，用一根PVC軟桿連接，質(zhì)量為，長(zhǎng)度為，棒的固有頻率為，如圖所示，可以使用雙手進(jìn)行驅(qū)動(dòng)，則下列關(guān)于飛力士棒的認(rèn)識(shí)正確的是（）A.使用者用力越大飛力士棒振動(dòng)越快B.隨著手振動(dòng)的頻率增大，飛力士棒振動(dòng)的幅度一定越來(lái)越大C.雙手驅(qū)動(dòng)該飛力士棒每分鐘振動(dòng)270次全振動(dòng)，會(huì)產(chǎn)生共振D.負(fù)重頭質(zhì)量相同，同樣材料的PVC桿縮短，飛力士棒的固有頻率不變【答案】C【解析】A．使用者用力大小影響的是振幅，與振動(dòng)快慢沒(méi)有關(guān)系。故A錯(cuò)誤；B．隨著手振動(dòng)的頻率增大，飛力士棒振動(dòng)的頻率隨之增大，但是幅度不一定越來(lái)越大。故B錯(cuò)誤；C．雙手驅(qū)動(dòng)該飛力士棒每分鐘振動(dòng)270次全振動(dòng)，則驅(qū)動(dòng)力的頻率為與飛力士棒的固有頻率相等，會(huì)產(chǎn)生共振。故C正確；D．負(fù)重頭質(zhì)量相同，同樣材料的PVC桿縮短，飛力士棒的固有頻率會(huì)變。故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，一束光經(jīng)玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光a、b，波長(zhǎng)分別為λa、λb，該玻璃對(duì)單色光a、b的折射率分別為na、nb。則（）A.λa<λb，na>nb B.λa>λb，na<nbC.λa<λb，na<nb D.λa>λb，na>nb【答案】B【解析】由圖可知，b光的偏折程度較大，根據(jù)折射定律可知三棱鏡對(duì)b光的折射率較大，又因?yàn)楣獾念l率越大，介質(zhì)對(duì)光的折射率就越大，故b光的頻率大于a光的頻率，根據(jù)可知b光的波長(zhǎng)小于a光的波長(zhǎng)。故選B。3.某化工廠排污管末端安裝了如圖所示的流量計(jì)，測(cè)量管由絕緣材料制成，其長(zhǎng)為L(zhǎng)、直徑為D，左右兩端開(kāi)口，在前后兩個(gè)內(nèi)側(cè)面a、c固定有金屬板作為電極，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向下。污水（含有大量的正、負(fù)離子）充滿管口從左向右流經(jīng)該測(cè)量管時(shí)，a、c兩端的電壓為U，顯示儀器顯示污水流量Q（單位時(shí)間內(nèi)排出的污水體積）。則（）A.a側(cè)電勢(shì)比c側(cè)電勢(shì)低B.污水中離子濃度越高，顯示儀器的示數(shù)越大C.污水流量Q與U成正比，與L、D無(wú)關(guān)D.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】D【解析】A．污水中正、負(fù)離子從左向右移動(dòng)，受到洛倫茲力，根據(jù)左手定則，正離子向后表面偏，負(fù)離子向前表面偏轉(zhuǎn)，所以a側(cè)電勢(shì)比c側(cè)電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；BCD．最終正、負(fù)離子會(huì)在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，有即而污水流量Q·可知Q與U、D成正比，與L無(wú)關(guān)，顯示儀器的示數(shù)與離子濃度無(wú)關(guān)；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B故D正確，B、C錯(cuò)誤。故選D。4.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，發(fā)電機(jī)的輸出電壓恒為U1、輸電線的電阻及理想變壓器的匝數(shù)均不變，下列表述正確的是（）A.若，則用戶獲得的電壓B.若用戶開(kāi)啟的用電器增多，則升壓變壓器輸出的增大C.若用戶開(kāi)啟的用電器增多，則輸電線消耗的功率增大D.若用戶開(kāi)啟的用電器增多，則發(fā)電機(jī)輸出的功率減小【答案】C【解析】A．根據(jù)變壓器原理可得又可得由于輸電線上電阻分壓作用所以故A錯(cuò)誤；B．輸入電壓恒定，升壓變壓器的原副線圈匝數(shù)比恒定，則則升壓變壓器輸出的不變，故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)用戶的功率增大時(shí)，用電器增多，總電阻減小。降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，可知輸電線上的消耗功率增加，發(fā)電機(jī)的輸出功率等于輸電線消耗功率與用戶的功率之和，因此，發(fā)電機(jī)的輸出功率增加，故C正確，D錯(cuò)誤。5.鉆石是首飾和高強(qiáng)度鉆頭、刻刀等工具中的主要材料，設(shè)鉆石的密度為ρ（單位為kg/m3），摩爾質(zhì)量為M（單位為g/mol），阿伏加德羅常數(shù)為NA。已知1克拉＝0.2克，則（）A.a克拉鉆石所含有的分子數(shù)為B.a克拉鉆石所含有的分子數(shù)為C.每個(gè)鉆石分子直徑的表達(dá)式為（單位為m）D.每個(gè)鉆石分子直徑的表達(dá)式為（單位為m）【答案】A【解析】AB.a克拉鉆石物質(zhì)的量（摩爾數(shù)）為所含分子數(shù)為選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD.鉆石的摩爾體積（單位為m3/mol）每個(gè)鉆石分子體積為設(shè)鉆石分子直徑為d則聯(lián)立解得（單位為m）選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；6.正確佩戴口罩是日常預(yù)防飛沫傳播和呼吸道感染的有效途徑之一。取一個(gè)新的醫(yī)用防護(hù)口罩貼近皮膚一面朝上，平鋪在桌面上，往口罩上滴幾滴水，水滴沒(méi)有浸濕口罩，呈橢球形，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.水滴形狀的成因與水的表面張力有關(guān)，與重力無(wú)關(guān)B.水滴不浸潤(rùn)口罩，換另一種液體，也不會(huì)浸潤(rùn)該口罩C.若處于完全失重的環(huán)境中，水滴將浸濕口罩D.水滴與口罩附著層內(nèi)水分子間距比水滴內(nèi)部分子間距大【答案】D【解析】A.水滴形狀的成因與水的表面張力有關(guān)，因水滴呈現(xiàn)橢圓形，則與重力也有關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.水滴不浸潤(rùn)口罩，換另一種液體，不一定不會(huì)浸潤(rùn)該口罩，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.能否浸潤(rùn)是由水與口罩的材料決定的，與是否處于完全失重的環(huán)境無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.水滴與口罩附著層內(nèi)水分子間距比水滴內(nèi)部分子間距大，產(chǎn)生表面張力，使液體表面繃緊即減小表面積的作用，選項(xiàng)D正確。故選D。7.如圖所示，密封的礦泉水瓶中，距瓶口越近水的溫度越高。一開(kāi)口向下、導(dǎo)熱良好的小瓶置于礦泉水瓶中，小瓶中封閉一段空氣。擠壓礦泉水瓶，小瓶下沉到底部；松開(kāi)后，小瓶緩慢上浮，上浮過(guò)程中，小瓶?jī)?nèi)氣體（）A.內(nèi)能減少B.對(duì)外界做正功C.增加的內(nèi)能大于吸收的熱量D.增加的內(nèi)能等于吸收的熱量【答案】B【解析】A．由于越接近礦泉水瓶口，水的溫度越高，因此小瓶上浮的過(guò)程中，小瓶?jī)?nèi)溫度升高，內(nèi)能增加，A錯(cuò)誤；B．在小瓶上升的過(guò)程中，小瓶?jī)?nèi)氣體的溫度逐漸升高，壓強(qiáng)逐漸減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程氣體體積膨脹，對(duì)外界做正功，B正確；由于氣體對(duì)外做功，因此吸收的熱量大于增加的內(nèi)能，CD錯(cuò)誤。故選B。8.質(zhì)量為M的帶有光滑圓弧軌道的小車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質(zhì)量也為M的小球以速度v0水平?jīng)_上小車，到達(dá)某一高度后，小球又返回小車的左端，重力加速度為g，則（）A.小球以后將向左做平拋運(yùn)動(dòng)B.小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C.此過(guò)程小球?qū)π≤囎龅墓镸v02D.小球在圓弧軌道上上升的最大高度為【答案】BC【解析】AB．由題可知，小球及小車組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，當(dāng)小球返回到小車的左端時(shí)，二者類似于彈性碰撞，由于小球與小車的質(zhì)量相等，二者交換速度，故此時(shí)小球的速度為0，小車的速度為，小球在重力的作用下做自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)動(dòng)能定理可知，小球?qū)π≤囁龅墓?，故C正確；D．設(shè)小球在圓弧軌道上升的最大高度為，此時(shí)小球與小車水平方向共速，設(shè)速度為，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則有根據(jù)能量守恒定律可得聯(lián)立解得，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一個(gè)不變形的單匝金屬圓線圈，線圈所圍的面積為線圈電阻為．規(guī)定線圈中感應(yīng)電流I的正方向從上往下看是順時(shí)針?lè)较颍鐖D甲所示．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．則以下說(shuō)法正確的是（）A.在時(shí)間內(nèi)，I的最大值為B.在時(shí)間內(nèi)，I的大小越來(lái)越小C.前2s內(nèi)，通過(guò)線圈某截面的總電荷量為D.第3s內(nèi)，線圈的發(fā)熱功率最大【答案】AC【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出各段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，就可以解得電流的大小，從而可以判斷電流、電量等問(wèn)題；A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可以看出B-t圖像的斜率越大則電動(dòng)勢(shì)越大，所以零時(shí)刻線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，即：，根據(jù)歐姆定律：，故A正確；B、在時(shí)間內(nèi)，B-t圖像的斜率不變，可知該段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)不變，即電流大小不變，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、通過(guò)線圈某一截面的電量，故C正確；D、第3s內(nèi)，磁場(chǎng)不變，則磁通量不變，故沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，則線圈不會(huì)產(chǎn)生熱量，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．10.一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A經(jīng)B、C變化到狀態(tài)D的狀態(tài)變化過(guò)程圖像如圖所示，與橫軸平行，與縱軸平行，在同一直線上。已知A狀態(tài)溫度為400K，從A狀態(tài)至B狀態(tài)氣體吸收了320J的熱量，下列說(shuō)法正確的是（）A.D狀態(tài)的溫度為225KB.A狀態(tài)的內(nèi)能大于C狀態(tài)的內(nèi)能C.從A狀態(tài)至D狀態(tài)整個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)外做功62.5JD.從A狀態(tài)到B狀態(tài)的過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加了240J【答案】ACD【解析】A．根據(jù)可解得TD=225K選項(xiàng)A正確；B．因?yàn)锳C兩態(tài)的pV乘積相等，則溫度相同，即A狀態(tài)的內(nèi)能等于C狀態(tài)的內(nèi)能，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因p-V圖像的面積等于功，則從A狀態(tài)至D狀態(tài)整個(gè)過(guò)程中，氣體對(duì)外做功選項(xiàng)C正確；D．從A狀態(tài)到B狀態(tài)的過(guò)程中，氣體吸收了320J的熱量，同時(shí)氣體對(duì)外做功氣體內(nèi)能增加了240J，選項(xiàng)D正確。故選ACD。二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11.如圖所示，光滑水平平臺(tái)EF左端有一豎直彈性擋板P，木板丙緊靠平臺(tái)EF右端放置在光滑水平面MN上，丙的上表面與平臺(tái)EF處于同一高度。小物塊甲和乙放置在平臺(tái)EF上，甲、乙用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮的輕彈簧，彈簧的壓縮量，開(kāi)始時(shí)甲、乙、丙均靜止?，F(xiàn)燒斷細(xì)線，甲、乙彈開(kāi)后隨即移走彈簧，乙以一定的速度向左滑動(dòng)與擋板P發(fā)生彈性碰撞后返回，接著甲、乙在平臺(tái)EF上相碰后粘在一起，在甲、乙滑上木板丙上表面的同時(shí)，在木板丙的右端施加一個(gè)水平向右的恒力，甲、乙運(yùn)動(dòng)中恰好不從木板丙的右端滑落。已知甲、乙在丙上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，甲、乙和丙之間因摩擦產(chǎn)生的熱量。已知甲、乙、丙的質(zhì)量分別為，甲、乙與木板丙的上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度g取，求：（1）在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，甲發(fā)生的位移大??；（2）甲、乙一起滑上木板丙上表面時(shí)速度大?。唬?）彈簧開(kāi)始時(shí)的彈性勢(shì)能。【答案】（1）0.1m；（2）1.2m/s；（3）3.84J【解析】（1）對(duì)甲、乙系統(tǒng)分析，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有該方程在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程每時(shí)每刻均成立，則在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程有則有在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，兩金屬球的相對(duì)位移大小為x，則有解得（2）在甲、乙滑上木板丙后至共速過(guò)程，對(duì)甲乙對(duì)木板速度關(guān)系位移差熱量解之得甲、乙一起滑上木板丙上表面時(shí)的速度大小（3）對(duì)甲、乙彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有能量守恒得甲反彈后速率不變，與乙碰撞動(dòng)量守恒得解之得12.在同一水平面的光滑平行導(dǎo)軌P、Q相距l(xiāng)＝1m，導(dǎo)軌左端接有如圖所示的電路。其中水平放置的平行板電容器兩極板M、N相距d＝10mm，定值電阻R1＝R2＝12Ω，R3＝2Ω，金屬棒ab的電阻r＝2Ω，其他電阻不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直穿過(guò)導(dǎo)軌平面，當(dāng)金屬棒ab沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)量m＝1×10－14kg、電荷量q＝－1×10－14C的微粒懸浮于電容器兩極板之間恰好靜止不動(dòng)。取g＝10m/s2，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，且速度保持恒定。試求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向；（2）ab兩端的路端電壓；（3）金屬棒ab運(yùn)動(dòng)的速度?！敬鸢浮浚?）豎直向下（2）0.4V（3）1m/s【解析】（1）由于微粒帶負(fù)電，且在電場(chǎng)中處于平衡狀態(tài)，故M板應(yīng)與電源的正極相連，根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)軌平面的磁場(chǎng)方向應(yīng)豎直向下；（2）由題可知，設(shè)電容器兩極板間的電勢(shì)差，根據(jù)平衡條件可得代入數(shù)據(jù)解得結(jié)合電路特點(diǎn)可知，定值電阻兩端的電壓由歐姆定律可知，電路中的感應(yīng)電流故ab兩端的路端電壓（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)又因?yàn)槁?lián)立代入數(shù)據(jù)解得13.某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。他準(zhǔn)備了可拆變壓器、多用電表、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)需要以下哪種電源___________；A．低壓直流電源B．高壓直流電源C．低壓交流電源D．高壓交流電源（2）該同學(xué)認(rèn)真檢查電路無(wú)誤后，先保證原線圈匝數(shù)不變，改變副線圈匝數(shù)；再保證副線圈匝數(shù)不變，改變?cè)€圈匝數(shù)。分別測(cè)出相應(yīng)的原、副線圈電壓值。由于交變電流電壓是變化的，所以，我們實(shí)際上測(cè)量的是電壓的