高級中學名校試卷PAGE2025學年湖南省岳陽市高一（上）物理質量檢測卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.2024年巴黎奧運會，潘展樂在男子100米自由泳決賽中游出46秒40的好成績，打破男子100米自由泳奧運會紀錄。已知比賽用標準游泳池長度為50米，下列說法正確的是（）A.“46秒40”的比賽成績指的是時刻 B.100m指的是比賽中潘展樂運動的位移C.研究潘展樂的泳姿時可以將他視為質點 D.比賽過程中潘展樂慣性大小不變【答案】D【解析】A．“46秒40”表示時間間隔，不是時刻，時刻是時間點，故A錯誤；B．“100m”指的是路程，不是位移大小，故B錯誤；C．研究潘展樂的泳姿時，潘展樂的身體姿態(tài)、形狀和大小都不能忽略，所以不能把潘展樂看作質點，故C錯誤；D．慣性的大小只與物體的質量有關，比賽過程中潘展樂慣性大小不變，故D正確。故選D。2.一輛汽車在教練場上沿平直道路行駛，以x表示它相對于出發(fā)點的位移。汽車在0時刻到40s這段時間的圖像如圖所示，關于汽車行駛說法正確的是（）A.時間一直做勻加速運動 B.在時間一直駛離出發(fā)點C.最遠位置距離出發(fā)點為30m D.在前10秒和后10秒平均速度大小相等【答案】C【解析】A．圖像的斜率表示速度，圖像的斜率不變，物體運動的速度不變，物體做勻速運動，從出發(fā)點出發(fā)，正向運動，故A錯誤；BC．內(nèi)，斜率為零，速度為零，位移不變，物體處于靜止狀態(tài)，位于處，內(nèi)，圖像的斜率為負且不變，物體沿反方向做勻速直線運動，即向著出發(fā)點行駛的，故B錯誤，C正確；D．在前10秒內(nèi)和后10秒內(nèi)，位移大小不相等，方向不同，所以平均速度大小不相等，故D錯誤。故選C3.兩個力和之間的夾角為，其合力為F，以下說法正確的是（）A.當時，合力F此時為最大值B.合力F總比力和中的任何一個都大C.若力和大小不變，角越小，則合力F就越大D.若夾角不變，力大小不變，增大，則合力F一定增大【答案】C【解析】AB．兩個力的合力范圍是，可知合力F可能比力和中的任何一個都大，也可能比力和中的任何一個都小，當時，合力F為最大值，故AB錯誤；C．根據(jù)平行四邊形定則可知，若和大小不變，角越小，則合力F就越大，故C正確；D．若夾角大于，大小不變，增大，合力F不一定增大；若兩力夾角為，且大于時，增大時，合力減小，故D錯誤。故選C。4.跳水運動員訓練時從5m跳臺雙腳朝下自由落下，某同學利用手機的連拍功能，連拍了多張照片。測得其中兩張連續(xù)的照片中運動員雙腳離水面的高度分別為和。由此估算手機連拍時間間隔是（）A. B. C. D.1s【答案】B【解析】設手機連拍時間間隔為T，跳臺高為，運動員做自由落體運動，下落到距水面為時，所需時間為t，則下落到距水面為時，下落的時間為，則聯(lián)立解得故選B。5.一同學站在力學傳感器上反復嘗試“下蹲”、“站起”動作，某時間段力學傳感器示數(shù)變化如圖所示，圖像顯示的是該同學（）A.完成一次先“站起”再“下蹲”的過程B.完成一次先“下蹲”再“站起”的過程C.完成一次先“站起”后“下蹲”再“站起”的過程D.完成一次先“下蹲”后“站起”再“下蹲”的過程【答案】A【解析】站起的過程中，始末速度均為0，則先向上加速后向上減速，即加速度方向先向上再向下，人先超重后失重，對應圖象中的；下蹲的過程中，始末速度均為0，則先向上加速后向上減速，即加速度先向下再向上，人先失重后超重，對應圖象中的，故該同學完成一次先“站起”再“下蹲”的過程。故選A。6.如圖所示，兩石柱用鐵環(huán)各連接一條鐵鏈，每條鐵鏈由10個鐵環(huán)構成，兩鐵鏈下端連接一質量為4m的鐵鎖，最上面的1環(huán)和20環(huán)兩端等高地懸掛在石柱上，兩端點的切線與豎直方向的夾角均為。已知每個鐵環(huán)的質量均為m，重力加速度為g，，忽略一切摩擦。下列說法正確的是（）A.1環(huán)上端受到的彈力大小為12mgB.10環(huán)和11環(huán)的上端受到彈力的合力為mgC.鐵鎖受到10環(huán)和11環(huán)對它的作用力是一對平衡力D.1環(huán)上端受到的彈力大小大于10環(huán)下端受到的彈力大小【答案】D【解析】A．設1環(huán)上端的彈力大小為，則20環(huán)上端的彈力大小也為，以兩鐵鏈和鐵鎖為整體，根據(jù)受力平衡可知解得故A錯誤；B．以10環(huán)、11環(huán)和鐵鎖整體為研究對象，根據(jù)平衡條件可知10環(huán)和11環(huán)的上端受到的彈力的合力為6mg，故B錯誤；C．鐵鎖受三個力作用，鐵鎖兩側受到兩鐵環(huán)的作用力不是一對平衡力，故C錯誤。D．設10環(huán)下端的切線方向與豎直方向的夾角為，以1到10環(huán)為研究對象，在水平方向有因，故故D正確。故選D。二、多選題：本大題共4小題，共20分。7.下列說法中，有符合說法的實例的是（）A.物體運動的加速度等于0，而速度卻不等于0B.兩物體相比，一個物體的位置變化快，而速度卻比較小C.兩物體相比，一個物體的速度變化率比較大，而加速度卻比較小D.物體做直線運動，后一階段的加速度比前一階段小，但速度卻比前一階段大【答案】AD【解析】A．做勻速直線運動的物體，加速度為零，速度不為零且不變，故A正確；B．根據(jù)知，位置變化快，速度較大，故B錯誤；C．根據(jù)知，速度變化率即為加速度，所以速度變化率較大，加速度也較大，故C錯誤；D．物體做直線運動時，若加速度方向與速度方向相同，后一階段比前一階段加速度小，但是速度增大，故D正確；故選AD。8.伽利略曾用如圖所示的“理想實驗”來研究力與運動的關系，則下列符合實驗事實的是（）A.小球由靜止開始釋放，“沖”上對接的斜面B.小球會上升到原來釋放時的高度C.減小斜面的傾角θ，小球仍然能到達原來的高度D.繼續(xù)減小斜面的傾角θ，最后使它成水平面，小球沿水平面永遠運動下去【答案】A【解析】A．小球由靜止開始釋放，“沖”上對接的斜面，這是事實，故A正確；B．因為生活中沒有無摩擦的軌道，所以小球上升到原來釋放時的高度為推理，故B錯誤；C．減小斜面的傾角θ，小球仍然到達原來的高度是在B項的基礎上進一步推理，故C錯誤；D．繼續(xù)減小斜面的傾角θ，最后使它成水平面，小球沿水平面永遠運動下去，是在C項的基礎上繼續(xù)推理得出的結論，故D錯誤。故選A。9.如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時A、B靜止。現(xiàn)用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未動。下列說法正確的是（）A.施力后A、B之間的摩擦力一定比施力前大B.施力后B與墻面間的彈力一定比施力前大C.施力后B與墻面間的摩擦力可能與施力前相等D.施力后A對B的作用力可能比施力前小【答案】BD【解析】A．對A物體分析，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為若，則A、B之間的靜摩擦力大小還是等于，所以A、B之間的摩擦力大小可能不變，故A錯誤；B．以整體為研究對象，開始時B與墻面彈力為零，施加力F后，B與墻面的彈力變?yōu)?，彈力增大，故B正確；C．對整體分析，因為AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，由于水平方向沒有外力作用，故整體和墻間沒有彈力，也就肯定沒有摩擦力；施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡條件知，則B與墻之間一定有摩擦力，摩擦力大小等于力F在豎直方向的分力，方向豎直向下，所以施力前后的摩擦力不可能相等，故C錯誤；D．對A分析可知，施力前A受重力和B對A的作用力處于平衡，B對A的作用力大小等于A的重力，施力后A受重力、推力以及B對A的作用力，推力和B對A的作用力的合力等于A的重力，根據(jù)力的合成可知，B對A的作用力可能小于A的重力，再由牛頓第三定律可知，施力后A對B的作用力可能比施力前小，故D正確。故選BD。10.圖甲，足夠長木板靜置于水平地面上，木板右端放置一小物塊。在時刻對木板施加一水平向右的恒定拉力F，作用2s后撤去F，此后木板運動的圖像如圖乙。物塊和木板的質量均為1kg，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度，下列說法正確的是（）A.拉力F的大小為9NB.時刻，物塊的速度減為0C.物塊與木板、木板與地面間的動摩擦因數(shù)均為D.物塊最終停止時的位置與木板右端間的距離為6m【答案】AD【解析】AC．由圖可知，木板在的加速度大小比3s后的加速度大小要大，也就意味著在3s之前木塊與木板之間相對滑動，直到3s時刻木塊與木板共速；在內(nèi)，木板的加速度大小為在內(nèi)，物塊的加速度大小為假設木板與地面的動摩擦因數(shù)為，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為，則木板在內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律有木塊在內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得，木板在內(nèi)的加速度為木板在內(nèi)受力為F，根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得，拉力故A正確，C錯誤；D．在0~3s內(nèi)木板的位移在內(nèi)物塊的位移在3s后，物塊與木板間仍有相對滑動。物塊的加速度大小為木板的加速度大小為，則解得物塊到停止的時間還需要木板到停止的時間還需要物塊的位移為木板的位移為物塊最終停止時的位置與木板右端間的距離為故D正確；B．由前面可知，物塊從開始到停止運動的時間為，所以時的速度不為零，故B錯誤。故選AD。三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗裝置如圖所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。該同學某次實驗的主要的步驟有：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O，記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力和的圖示，并用平行四邊形定則求出合力FE．只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，使結點到達同一位置O，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，按同一標度作出這個力F的圖示F．比較和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結論。（1）上述步驟中，有重要遺漏的步驟的序號是________（填字母）；（2）甲圖中彈簧測力計的示數(shù)為________；（3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在白紙上所作圖如圖乙所示，乙圖中、、F、四個力，其中力________（填上述字母）不是由實驗中彈簧測力計直接測得的；（4）該同學按正確實驗步驟進行第二次實驗時，________（選填“需要”或“不需要”）使結點始終在同一位置O點。【答案】（1）C（2）（3）（4）不需要【解析】（1）本實驗為了驗證力的平行四邊形定則，采用的方法是作力的圖示法，作出合力的理論值和實際值，然后進行比較，得出結果，所以實驗時，除記錄彈簧秤的示數(shù)外，還要記下兩條細繩的方向，以便確定兩個拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示，步驟C中未記下兩條細繩的方向；（2）由圖示測力計可知，其分度值為，示數(shù)為；（3）是平行四邊形定則作出的合力，是合力的理論值，所以F不是彈簧測力計所得；（4）重復步驟，進行第二次實驗時，因為是兩次不同的實驗，所以不需要使結點始終在同一位置O點。12.某實驗小組用圖甲所示裝置“探究加速度與力的關系”實驗。（1）關于該實驗操作，說法正確的是（）（填字母代號）A先接通打點計時器電源，后釋放小車B.小車的質量要遠小于所掛鉤碼的質量C.補償阻力時，小車前不需要懸掛鉤碼D.每次改變小車質量后都需要重新平衡摩擦力（2）打點計時器的電源頻率為50Hz，圖乙所示紙帶為按正確的操作打出的一條紙帶，圖中所標的點為計數(shù)點，兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，則小車運動過程中：計數(shù)點B對應的瞬時速度大小________，加速度大小________（結果保留三位有效數(shù)字）。（3）已知重力加速度大小為g，小車的質量為M。若多次增大鉤碼的質量進行實驗，得到鉤碼的質量m及對應的小車運動的加速度a，作出圖像如圖丙實線所示，圖像出現(xiàn)彎曲的原因是________；在曲線部分取一點P，對應的橫坐標為已知，則P點的縱坐標________（用g、M、表示）?！敬鸢浮浚?）AC（2）（3）不能滿足【解析】（1）A．實驗時應先接通打點計時器電源，后釋放小車，故A正確；B．實驗時所掛鉤碼的質量要遠小于小車的質量，故B錯誤；CD．補償阻力時，小車前不需要懸掛鉤碼，但需要連接紙帶，每次改變小車質量時不需要重新平衡摩擦力，故C正確，D錯誤。故選AC。（2）相鄰兩計數(shù)點間有四個點未畫出，相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為則有根據(jù)逐差法可得，小車的加速度為2（3）圖丙實線所示，圖像出現(xiàn)彎曲的原因是此時不能滿足；設此時細線的拉力為T，則對小車有對懸掛物有聯(lián)立上述式子解得四、計算題：本大題共3小題，共38分。13.滑躍式起飛是一種航母艦載機的起飛方式。飛機跑道的前一部分是水平的，跑道尾段略微向上翹起。飛機在尾段翹起跑道上的運動雖然會使加速度略有減小，但能使飛機具有斜向上的速度，有利于飛機的起飛。假設某飛機滑躍式起飛過程是兩段連續(xù)的勻加速直線運動，前一段的加速度為，位移為；后一段的加速度為，時間為，求：（1）前一段的運動時間；（2）后一段的位移大小；（3）飛機離艦時的速度大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1解析】前一段位移有【小問2解析】前一段的末速度為后一段的位移為【小問3解析】設離艦時速度為，則有14.如圖所示，物體A、B之間用輕彈簧連接放置在水平地面上，在水平向右拉力的作用下，A、B一起以加速度做勻加速直線運動。已知，，A與地面間的動摩擦因數(shù)，彈簧的勁度系數(shù)，重力加速度g取。求：（1）彈簧的形變量x；（2）B與地面間的動摩擦因數(shù)（3）撤去力F的瞬間，物體B加速度的大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1解析】對A進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)胡克定律有解得【小問2解析】對B進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有結合上述解得小問3解析】撤去F后，對B進行分析，根據(jù)牛頓第二定律有結合上述解得15.如圖甲所示，為一貨車運輸貨物。半圓柱體A、B并排放車廂，相互靠近并恰被牢牢固定，光滑圓柱體C靜置其上，a、b為切點。已知A、B、C半徑之比為，質量之比為圓柱體C的質量為m，重力加速度為g，。（1）當貨車勻速運動時，求圓柱體C受到半圓柱體A、B的支持力、的大?。唬?）當汽車向左加速運動時，汽車向左運動的加速度增大到一定值，桶C就脫離A而運動到B的右邊，求這個加速度的大??；（3）將貨物卸下來放在粗糙水平面上，如圖乙所示，半圓柱體A、B通過插銷分別固定。現(xiàn)解除半圓柱體A、B固定的同時，在圓柱體C上施加一個豎直向下、且緩慢增大的外力F。已知地面與半圓柱體A、B接觸面之間的動摩擦因數(shù)均為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。試判斷，半圓柱體A、B誰先滑動，求滑動瞬間外力F的大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）根據(jù)題目半徑之比為，由幾何關系可知和連線與水平方向的夾角為和連線與水平方向的夾角為，對圓柱體C受力分析，由正交分解可知解得（2）分析C受力可知，貨車加速度增大，A對C的支持力減小，當A對C的支持力減小到0時，C就脫離A，根據(jù)牛頓第二定律有解得（3）設施加一個外力后，A與地面之間先達到最大靜摩后，發(fā)生相對滑動，則根據(jù)受力分析可知解得設施加一個外力后，B與地面之間先達到最大靜摩后，發(fā)生相對滑動，則根據(jù)受力分析可知解得則則外力大小為時，A相對地面發(fā)生滑動，則半圓柱A先滑動，此時外力F的大小為。2024-2025學年湖南省岳陽市高一（上）物理質量檢測卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.2024年巴黎奧運會，潘展樂在男子100米自由泳決賽中游出46秒40的好成績，打破男子100米自由泳奧運會紀錄。已知比賽用標準游泳池長度為50米，下列說法正確的是（）A.“46秒40”的比賽成績指的是時刻 B.100m指的是比賽中潘展樂運動的位移C.研究潘展樂的泳姿時可以將他視為質點 D.比賽過程中潘展樂慣性大小不變【答案】D【解析】A．“46秒40”表示時間間隔，不是時刻，時刻是時間點，故A錯誤；B．“100m”指的是路程，不是位移大小，故B錯誤；C．研究潘展樂的泳姿時，潘展樂的身體姿態(tài)、形狀和大小都不能忽略，所以不能把潘展樂看作質點，故C錯誤；D．慣性的大小只與物體的質量有關，比賽過程中潘展樂慣性大小不變，故D正確。故選D。2.一輛汽車在教練場上沿平直道路行駛，以x表示它相對于出發(fā)點的位移。汽車在0時刻到40s這段時間的圖像如圖所示，關于汽車行駛說法正確的是（）A.時間一直做勻加速運動 B.在時間一直駛離出發(fā)點C.最遠位置距離出發(fā)點為30m D.在前10秒和后10秒平均速度大小相等【答案】C【解析】A．圖像的斜率表示速度，圖像的斜率不變，物體運動的速度不變，物體做勻速運動，從出發(fā)點出發(fā)，正向運動，故A錯誤；BC．內(nèi)，斜率為零，速度為零，位移不變，物體處于靜止狀態(tài)，位于處，內(nèi)，圖像的斜率為負且不變，物體沿反方向做勻速直線運動，即向著出發(fā)點行駛的，故B錯誤，C正確；D．在前10秒內(nèi)和后10秒內(nèi)，位移大小不相等，方向不同，所以平均速度大小不相等，故D錯誤。故選C3.兩個力和之間的夾角為，其合力為F，以下說法正確的是（）A.當時，合力F此時為最大值B.合力F總比力和中的任何一個都大C.若力和大小不變，角越小，則合力F就越大D.若夾角不變，力大小不變，增大，則合力F一定增大【答案】C【解析】AB．兩個力的合力范圍是，可知合力F可能比力和中的任何一個都大，也可能比力和中的任何一個都小，當時，合力F為最大值，故AB錯誤；C．根據(jù)平行四邊形定則可知，若和大小不變，角越小，則合力F就越大，故C正確；D．若夾角大于，大小不變，增大，合力F不一定增大；若兩力夾角為，且大于時，增大時，合力減小，故D錯誤。故選C。4.跳水運動員訓練時從5m跳臺雙腳朝下自由落下，某同學利用手機的連拍功能，連拍了多張照片。測得其中兩張連續(xù)的照片中運動員雙腳離水面的高度分別為和。由此估算手機連拍時間間隔是（）A. B. C. D.1s【答案】B【解析】設手機連拍時間間隔為T，跳臺高為，運動員做自由落體運動，下落到距水面為時，所需時間為t，則下落到距水面為時，下落的時間為，則聯(lián)立解得故選B。5.一同學站在力學傳感器上反復嘗試“下蹲”、“站起”動作，某時間段力學傳感器示數(shù)變化如圖所示，圖像顯示的是該同學（）A.完成一次先“站起”再“下蹲”的過程B.完成一次先“下蹲”再“站起”的過程C.完成一次先“站起”后“下蹲”再“站起”的過程D.完成一次先“下蹲”后“站起”再“下蹲”的過程【答案】A【解析】站起的過程中，始末速度均為0，則先向上加速后向上減速，即加速度方向先向上再向下，人先超重后失重，對應圖象中的；下蹲的過程中，始末速度均為0，則先向上加速后向上減速，即加速度先向下再向上，人先失重后超重，對應圖象中的，故該同學完成一次先“站起”再“下蹲”的過程。故選A。6.如圖所示，兩石柱用鐵環(huán)各連接一條鐵鏈，每條鐵鏈由10個鐵環(huán)構成，兩鐵鏈下端連接一質量為4m的鐵鎖，最上面的1環(huán)和20環(huán)兩端等高地懸掛在石柱上，兩端點的切線與豎直方向的夾角均為。已知每個鐵環(huán)的質量均為m，重力加速度為g，，忽略一切摩擦。下列說法正確的是（）A.1環(huán)上端受到的彈力大小為12mgB.10環(huán)和11環(huán)的上端受到彈力的合力為mgC.鐵鎖受到10環(huán)和11環(huán)對它的作用力是一對平衡力D.1環(huán)上端受到的彈力大小大于10環(huán)下端受到的彈力大小【答案】D【解析】A．設1環(huán)上端的彈力大小為，則20環(huán)上端的彈力大小也為，以兩鐵鏈和鐵鎖為整體，根據(jù)受力平衡可知解得故A錯誤；B．以10環(huán)、11環(huán)和鐵鎖整體為研究對象，根據(jù)平衡條件可知10環(huán)和11環(huán)的上端受到的彈力的合力為6mg，故B錯誤；C．鐵鎖受三個力作用，鐵鎖兩側受到兩鐵環(huán)的作用力不是一對平衡力，故C錯誤。D．設10環(huán)下端的切線方向與豎直方向的夾角為，以1到10環(huán)為研究對象，在水平方向有因，故故D正確。故選D。二、多選題：本大題共4小題，共20分。7.下列說法中，有符合說法的實例的是（）A.物體運動的加速度等于0，而速度卻不等于0B.兩物體相比，一個物體的位置變化快，而速度卻比較小C.兩物體相比，一個物體的速度變化率比較大，而加速度卻比較小D.物體做直線運動，后一階段的加速度比前一階段小，但速度卻比前一階段大【答案】AD【解析】A．做勻速直線運動的物體，加速度為零，速度不為零且不變，故A正確；B．根據(jù)知，位置變化快，速度較大，故B錯誤；C．根據(jù)知，速度變化率即為加速度，所以速度變化率較大，加速度也較大，故C錯誤；D．物體做直線運動時，若加速度方向與速度方向相同，后一階段比前一階段加速度小，但是速度增大，故D正確；故選AD。8.伽利略曾用如圖所示的“理想實驗”來研究力與運動的關系，則下列符合實驗事實的是（）A.小球由靜止開始釋放，“沖”上對接的斜面B.小球會上升到原來釋放時的高度C.減小斜面的傾角θ，小球仍然能到達原來的高度D.繼續(xù)減小斜面的傾角θ，最后使它成水平面，小球沿水平面永遠運動下去【答案】A【解析】A．小球由靜止開始釋放，“沖”上對接的斜面，這是事實，故A正確；B．因為生活中沒有無摩擦的軌道，所以小球上升到原來釋放時的高度為推理，故B錯誤；C．減小斜面的傾角θ，小球仍然到達原來的高度是在B項的基礎上進一步推理，故C錯誤；D．繼續(xù)減小斜面的傾角θ，最后使它成水平面，小球沿水平面永遠運動下去，是在C項的基礎上繼續(xù)推理得出的結論，故D錯誤。故選A。9.如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時A、B靜止。現(xiàn)用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未動。下列說法正確的是（）A.施力后A、B之間的摩擦力一定比施力前大B.施力后B與墻面間的彈力一定比施力前大C.施力后B與墻面間的摩擦力可能與施力前相等D.施力后A對B的作用力可能比施力前小【答案】BD【解析】A．對A物體分析，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為若，則A、B之間的靜摩擦力大小還是等于，所以A、B之間的摩擦力大小可能不變，故A錯誤；B．以整體為研究對象，開始時B與墻面彈力為零，施加力F后，B與墻面的彈力變?yōu)?，彈力增大，故B正確；C．對整體分析，因為AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，由于水平方向沒有外力作用，故整體和墻間沒有彈力，也就肯定沒有摩擦力；施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡條件知，則B與墻之間一定有摩擦力，摩擦力大小等于力F在豎直方向的分力，方向豎直向下，所以施力前后的摩擦力不可能相等，故C錯誤；D．對A分析可知，施力前A受重力和B對A的作用力處于平衡，B對A的作用力大小等于A的重力，施力后A受重力、推力以及B對A的作用力，推力和B對A的作用力的合力等于A的重力，根據(jù)力的合成可知，B對A的作用力可能小于A的重力，再由牛頓第三定律可知，施力后A對B的作用力可能比施力前小，故D正確。故選BD。10.圖甲，足夠長木板靜置于水平地面上，木板右端放置一小物塊。在時刻對木板施加一水平向右的恒定拉力F，作用2s后撤去F，此后木板運動的圖像如圖乙。物塊和木板的質量均為1kg，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度，下列說法正確的是（）A.拉力F的大小為9NB.時刻，物塊的速度減為0C.物塊與木板、木板與地面間的動摩擦因數(shù)均為D.物塊最終停止時的位置與木板右端間的距離為6m【答案】AD【解析】AC．由圖可知，木板在的加速度大小比3s后的加速度大小要大，也就意味著在3s之前木塊與木板之間相對滑動，直到3s時刻木塊與木板共速；在內(nèi)，木板的加速度大小為在內(nèi)，物塊的加速度大小為假設木板與地面的動摩擦因數(shù)為，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為，則木板在內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律有木塊在內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得，木板在內(nèi)的加速度為木板在內(nèi)受力為F，根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得，拉力故A正確，C錯誤；D．在0~3s內(nèi)木板的位移在內(nèi)物塊的位移在3s后，物塊與木板間仍有相對滑動。物塊的加速度大小為木板的加速度大小為，則解得物塊到停止的時間還需要木板到停止的時間還需要物塊的位移為木板的位移為物塊最終停止時的位置與木板右端間的距離為故D正確；B．由前面可知，物塊從開始到停止運動的時間為，所以時的速度不為零，故B錯誤。故選AD。三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗裝置如圖所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。該同學某次實驗的主要的步驟有：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O，記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力和的圖示，并用平行四邊形定則求出合力FE．只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，使結點到達同一位置O，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，按同一標度作出這個力F的圖示F．比較和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結論。（1）上述步驟中，有重要遺漏的步驟的序號是________（填字母）；（2）甲圖中彈簧測力計的示數(shù)為________；（3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在白紙上所作圖如圖乙所示，乙圖中、、F、四個力，其中力________（填上述字母）不是由實驗中彈簧測力計直接測得的；（4）該同學按正確實驗步驟進行第二次實驗時，________（選填“需要”或“不需要”）使結點始終在同一位置O點?！敬鸢浮浚?）C（2）（3）（4）不需要【解析】（1）本實驗為了驗證力的平行四邊形定則，采用的方法是作力的圖示法，作出合力的理論值和實際值，然后進行比較，得出結果，所以實驗時，除記錄彈簧秤的示數(shù)外，還要記下兩條細繩的方向，以便確定兩個拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示，步驟C中未記下兩條細繩的方向；（2）由圖示測力計可知，其分度值為，示數(shù)為；（3）是平行四邊形定則作出的合力，是合力的理論值，所以F不是彈簧測力計所得；（4）重復步驟，進行第二次實驗時，因為是兩次不同的實驗，所以不需要使結點始終在同一位置O點。12.某實驗小組用圖甲所示裝置“探究加速度與力的關系”實驗。（1）關于該實驗操作，說法正確的是（）（填字母代號）A先接通打點計時器電源，后釋放小車B.小車的質量要遠小于所掛鉤碼的質量C.補償阻力時，小車前不需要懸掛鉤碼D.每次改變小車質量后都需要重新平衡摩擦力（2）打點計時器的電源頻率為50Hz，圖乙所示紙帶為按正確的操作打出的一條紙帶，圖中所標的點為計數(shù)點，兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，則小車運動過程中：計數(shù)點B對應的瞬時速度大小________，加速度大小________（結果保留三位有效數(shù)字）。（3）已知重力加速度大小為g，小車的質量為M。若多次增大鉤碼的質量進行實驗，得到鉤碼的質量m及對應的小車運動的加速度a，作出圖像如圖丙實線所示，圖像出現(xiàn)彎曲的原因是________；在曲線部分取一點P，對應的橫坐標為已知，則P點的縱坐標________（用g、M、表示）。【答案】（1）AC（2）（3）不能滿足【解析】（1）A．實驗時應先接通打點計時器電源，后釋放小車，故A正確；B．實驗時所掛鉤碼的質量要遠小于小車的質量，故B錯誤；CD．補償阻力時，小車前不需要懸掛鉤碼，但需要連接紙帶，每次改變小車質量