此卷只裝訂不密封班級姓名此卷只裝訂不密封班級姓名準(zhǔn)考證號考場號座位號2021年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試物理注意事項(xiàng)：1．本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上。2．回答第Ⅰ卷時(shí)，選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。寫在試卷上無效。3．回答第Ⅱ卷時(shí)，將答案填寫在答題卡上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．下列各組物理量，全屬于矢量的是()A．磁感應(yīng)強(qiáng)度洛倫茲力B．電流磁通量C．電場強(qiáng)度電勢D．磁通量安培力【答案】A【解析】電勢、電流、磁通量都是標(biāo)量，A項(xiàng)正確。2．李娜是亞洲第一位大滿貫女子單打冠軍。若李娜某次訓(xùn)練擊球時(shí)，第一次將網(wǎng)球從A點(diǎn)水平擊出，網(wǎng)球擊中D點(diǎn)；第二次將該網(wǎng)球從位于A點(diǎn)正下方且與D點(diǎn)等高的B點(diǎn)斜向上擊出，最高點(diǎn)為C，網(wǎng)球也擊中D點(diǎn)。A、C高度相同，忽略空氣阻力，則()A．兩次擊球過程中，網(wǎng)球的初速度大小一定不相等B．網(wǎng)球兩次擊中D點(diǎn)時(shí)速大小相等C．網(wǎng)球兩次擊中D點(diǎn)時(shí)，重力做功的瞬時(shí)功率相同D．網(wǎng)球從B點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中，重力對球的沖量為零【答案】C【解析】A、B兩點(diǎn)發(fā)出的球都能到達(dá)D點(diǎn)，球從C到地面豎直方向做自由落體運(yùn)動，根據(jù)豎直方向的運(yùn)動可知tB＝2tA，vyA＝vyB，由于水平方向的位移相同，根據(jù)v＝eq\f(x,t)可知vxA＞vxB，根據(jù)速度的合成可知，球從A點(diǎn)拋出時(shí)的速度vA＝vxA，球從B點(diǎn)拋出時(shí)的速度，故兩次擊球時(shí)球的初速度大小可能相等，A錯誤；第一次落到D點(diǎn)時(shí)的速度，第二次落到D點(diǎn)時(shí)的速度，故兩過程中網(wǎng)球擊中D點(diǎn)時(shí)速度不相等，B錯誤；vyA＝vyB，則重力的瞬時(shí)功率P＝mgvy，相同，故C正確；網(wǎng)球從B點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中，重力的沖量I＝mgt，不為零，故D錯誤。3．如圖，在水平桌面上疊放著兩個物塊M和m，M與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ1，m與M之間的動摩擦因數(shù)為μ2，一根輕繩一端與M相連，另一端繞過光滑的定滑輪A系在豎直桿上的B點(diǎn)，現(xiàn)將另一個物體G用光滑輕質(zhì)掛鉤掛在輕繩上AB之間的O點(diǎn)，已知整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，豎直桿與繩OB的夾角為α，則()A．將繩的B端向上緩慢移動一小段距離時(shí)繩的張力變小B．將豎直桿緩慢向右移動一小段距離時(shí)繩的張力增大C．M所受的摩擦力為μ1(M＋m)gD．剪斷A處輕繩瞬間，m的加速度為μ2g【答案】B【解析】設(shè)滑輪A和豎直桿之間的繩長為L，距離為d，則根據(jù)晾衣繩模型可知，而2Tsinα＝G，解得繩子上的張力，所以將繩的B端向上緩慢移動一小段距離時(shí)，d不變，L不變，故α不變，所以繩子的張力不變，A錯誤；將豎直桿緩慢向右移動一小段距離，則d變大，L不變，故α變大，因此繩子的張力增大，B正確；由于有整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以M和m都受力平衡，M和m之間沒有摩擦力，因此M所受的摩擦力等于繩子的張力。但由于是靜摩擦力，所以，C錯誤；剪斷A處輕繩瞬間，m的加速度為零，D錯誤。4．如圖所示，通電直導(dǎo)線a與金屬圓環(huán)b位于同一豎直平面內(nèi)，相互絕緣。若a中通有方向水平向右的電流時(shí)，其受到的安培力向上，則下列分析正確的是()A．a(chǎn)中的電流一定在增大B．a(chǎn)中的電流可能在增大，也可能在減小C．b中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，且感應(yīng)電流在減小D．b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，感應(yīng)電流可能恒定不變【答案】D【解析】由右手螺旋定則可判斷，通過電導(dǎo)線a在圓環(huán)中的合磁通量方向向里，又因?qū)Ь€a受到的安培力向上，則說明圓環(huán)中向里的磁通量在減弱，即a中的電流在減小，故AB錯誤；由右手螺旋定則可判斷圓環(huán)b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，因不知a中電流變化的快慢程度，所以b中感應(yīng)電流的大小可能恒定不變，故C錯誤，D正確。5．如圖所示，矩形ABCD的頂點(diǎn)A、C分別固定有電荷量相等的正、負(fù)點(diǎn)電荷，O點(diǎn)為矩形對角線的交點(diǎn)，B點(diǎn)的電勢為φ，則下列說法正確的是()A．D點(diǎn)電勢為φB．B、D兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方向相反C．B、D兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方向相同D．將一質(zhì)子從B點(diǎn)沿直線移到D點(diǎn)電場力先做正功后做負(fù)功【答案】C【解析】電場線由A指向C，等勢線與電場線垂直，順著電場線的方向電勢逐漸降低，所以B點(diǎn)的電勢比D點(diǎn)的高，故A錯誤；根據(jù)點(diǎn)電荷的電場線分布特點(diǎn)可知，B、D兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方向相同，故B錯誤，C正確；將一質(zhì)子從B點(diǎn)沿直線移到D點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功，故D錯誤。6．如圖所示，某機(jī)器人研究小組自制的機(jī)器車能夠自動識別障礙物上、下坡。該機(jī)器車質(zhì)量m＝20kg，在水平路面AB段以速度v1＝6m/s勻速行駛，BC段是一段陡坡。機(jī)器車在BC段僅用t＝5s就運(yùn)動到了坡頂，且到達(dá)坡頂前機(jī)器車已經(jīng)以速度v2＝3m/s做勻速運(yùn)動。已知整個過程中該機(jī)器車的輸出功率保持不變，機(jī)器車在AB段受到的阻力Ff1＝200N，在BC段所受阻力恒定，機(jī)器車經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)無機(jī)械能損失，則下列說法正確的是()A．該機(jī)器車的額定功率為600WB．該機(jī)器車經(jīng)過B點(diǎn)后剛開始上坡的加速度大小為8m/s2C．該機(jī)器車速度減至4m/s時(shí)，其加速度大小為5m/s2D．BC段的長度為10.5m【答案】C【解析】該機(jī)器車在AB段勻速運(yùn)動，則F＝Ff1，則額定功率P＝Ff1v1＝200×6W＝1200W，故A錯誤；機(jī)器車到達(dá)坡頂之前勻速運(yùn)動，滿足P＝(Ff2＋mgsinθ)v2，剛經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)F－(Ff2＋mgsinθ)＝maB，解得aB＝－10m/s2，即機(jī)器車經(jīng)過B點(diǎn)后剛開始上坡的加速度大小為10m/s2，故B錯誤；該機(jī)器車速度減至4m/s時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知F′－(Ff2＋mgsinθ)＝ma′，其中P＝F′v′，解得a′＝－5m/s2，即加速度大小為5m/s2，故C正確；設(shè)BC段長度為s，從B到C的過程中，根據(jù)動能定理Pt－(Ff2＋mgsinθ)s＝eq\f(1,2)mv22－eq\f(1,2)mv12，解得s＝15.675m，故D錯誤。7．如圖所示，圖甲為氫原子的能級圖，大量處于n＝3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時(shí)，發(fā)出頻率不同的大量光子，其中頻率最高的光子照射到圖乙電路中光電管陰極K上時(shí)，電路中電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示。下列說法正確的是()A．光電管陰極K金屬材料的逸出功為7.00eVB．這些氫原子躍遷時(shí)共發(fā)出3種頻率的光C．若調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片能使光電流為零，則可判斷圖乙中電源右側(cè)為正極D．氫原子躍遷放出的光子中有3種頻率的光子可以使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象【答案】B【解析】由圖甲可知光子的能量E＝－1.51eV－(－13.6eV)＝12.09eV，由圖丙可知遏止電壓為7V，所以光電子的初動能Ek＝eU＝7eV，所以金屬材料的逸出功W＝E－Ek＝5.09eV，故A錯誤；由排列組合的規(guī)律可知，處于n＝3激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時(shí)能夠發(fā)出3種頻率的光，故B正確；光電子由陰極K向?qū)γ娴臉O板運(yùn)動，形成的電流在圖乙中從右向左流動，要阻止該電流，需要施加反向電壓，即電源左側(cè)應(yīng)該為正極，故C錯誤；只要光子的能量大于5.09eV，就可以使陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，由圖甲可知滿足要求的有2種頻率的光子，故D錯誤。二、多選選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。8．電阻不可忽略的線圈L0可看作是一個定值電阻R0（線圈電阻）與一個純線圈L串聯(lián)而成，如圖甲。在如圖乙所示電路中，常規(guī)變壓器T線圈電阻不可忽略，變壓器原線圈接理想交流電源，當(dāng)滑動變阻器觸頭P向b端滑動時(shí)，下列說法正確的是()A．變壓器初級線圈電壓降低B．變壓器輸入功率變小C．小燈泡變暗D．R1消耗功率增大【答案】CD【解析】初級線圈電壓U1等于理想交流電源電壓，不變，故A錯誤；當(dāng)滑動變阻器觸頭P向b端滑動時(shí)，由R1、R2組成的電路總電阻減小，副線圈電流增大，由I1＝eq\f(n2,n1)I2得原線圈電流增大，則變壓器輸入功率變大，B錯誤；U2＝eq\f(n2,n1)U1不變，由于常規(guī)變壓器T線圈電阻不可忽略，所以次級線圈等效為有內(nèi)阻的電源，變壓器次級線圈電壓E＝U2－I2r降低，小燈泡變暗，故C正確；燈泡兩端的電壓降低，則燈泡的電流降低，而副線圈的總電流變大，因此電阻R1兩端電流升高，功率增大，故D正確。9．有A、B兩顆繞地球運(yùn)動的人造衛(wèi)星，其軌道分別為如圖所示的Ⅰ和Ⅱ，軌道Ⅰ為半徑為R的圓，軌道Ⅱ?yàn)殚L軸等于2R的橢圓，兩軌道不在同一平面內(nèi)，軌道Ⅱ上c、d兩點(diǎn)距離軌道Ⅰ垂直距離均為l且是兩軌道距離最近的兩點(diǎn)，O點(diǎn)為地球球心位置，已知地球質(zhì)量為M，萬有引力常量為G。下列說法正確的是()A．A、B運(yùn)行周期之比TA∶TB＝1∶1B．若B經(jīng)過c點(diǎn)時(shí)到A的距離為l，則下次距離為l時(shí)B恰好經(jīng)過d點(diǎn)C．若A的運(yùn)行速率為v0，設(shè)B經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)的速率為v，則v＜v0D．若Oa＝eq\f(1,2)R，則B經(jīng)過b點(diǎn)時(shí)的加速度與A的加速度之比為4∶9【答案】AD【解析】由開普勒第三定律得，其中RA、RB是圓軌道半徑或橢圓軌道半長軸，因此TA∶TB＝1∶1，A正確；若B經(jīng)過c點(diǎn)時(shí)到A的距離為l，則下次距離為l時(shí)B恰好經(jīng)過一個周期又回到c點(diǎn)，同時(shí)A經(jīng)過一個周期又回到上次位置，兩衛(wèi)星相距最近，B錯誤；若A的運(yùn)行速率v0＝eq\r(\f(GM,R))，B經(jīng)過a點(diǎn)時(shí)的速率，C錯誤；衛(wèi)星加速度a＝eq\f(GM,r2)，因此，D正確。10．如圖所示，足夠長的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.6m，導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ＝37°，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T，方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場。兩導(dǎo)軌上端接有一額定電壓U＝3.6V的小燈泡?，F(xiàn)把一質(zhì)量m＝0.1kg的金屬棒ab垂直放置在導(dǎo)軌上由靜止釋放，當(dāng)金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)小燈泡恰好正常發(fā)光，金屬棒運(yùn)動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。金屬棒和導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。則下列說法正確的是()A．通過金屬棒ab的電流方向從a到bB．金屬棒運(yùn)動過程中的最大速度為12m/sC．小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻值為2.0ΩD．小燈泡的額定功率為7.2W【答案】BD【解析】由右手定則可判斷通過金屬棒的電流方向從b到a，故A錯誤；因金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)小燈泡恰好正常發(fā)光，則金屬棒達(dá)到最大速度時(shí)其感應(yīng)電動勢E＝U＝3.6V，由公式E＝BLv解得v＝12m/s，故B正確；金屬棒達(dá)到最大速度后做勻速運(yùn)動，則有BIL＝mgsin37°，解得I＝2A，則燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻r＝eq\f(U,I)＝1.8Ω，功率P＝UI＝7.2W，故C錯誤，D正確。三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，每個試題考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分11．(6分)某學(xué)生用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，物塊下滑過程中所得到的紙帶的一部分如圖乙所示，已知圖中每相鄰兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有一個點(diǎn)未標(biāo)出。(l)由圖乙可知：物塊下滑過程打計(jì)數(shù)點(diǎn)D時(shí)物塊的速度vD＝m/s，該過程物塊運(yùn)動的加速度a＝m/s2；（結(jié)果保留兩位小數(shù)）(2)已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭，斜面傾角θ，則物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)可表示為μ＝＿＿＿＿。（用g、θ及a等物理理表示）【答案】(l)0.773.96(2)（每空2分）【解析】(l)由公式，其中T＝0.04s，解得vD＝0.77m/s，m/s2；(2)由公式，解得。12．(10分)某同學(xué)準(zhǔn)備測量一節(jié)干電池電動勢和內(nèi)電阻，他從實(shí)驗(yàn)室里借來如下實(shí)驗(yàn)器材：A．電流表A1（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）B．電流表A2（量程為2mA，內(nèi)阻為100Ω）C．電壓表V（量程為6V，內(nèi)阻約為10kΩ）D．滑動變阻器R1（最大電阻值為10Ω）E．電阻箱R2（最大電阻值為999.9Ω）F．開關(guān)、導(dǎo)線若干G．待測干電池(l)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)電壓表的量程太大，準(zhǔn)備用電流表和電阻箱改裝為一量程為2.0V的電壓表，則其應(yīng)該選擇的電流表是________(填“A1”或“A2”)，電阻箱的接入電路的電阻值應(yīng)該為______Ω；(2)請你幫助該同學(xué)在圖甲中補(bǔ)充完整實(shí)驗(yàn)電路圖；(3)實(shí)驗(yàn)過程中，該同學(xué)多次調(diào)節(jié)滑動接入電路的電阻值，得到兩電流表A1的示數(shù)I1和電流表A2的示數(shù)I2如下表所示。請你根據(jù)表中的數(shù)據(jù)幫助該同學(xué)在圖乙的坐標(biāo)系中描點(diǎn)并連線。根據(jù)圖線可知，該干電流的電動勢E＝_____V，內(nèi)阻r＝_____Ω。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）I1/A0.100.200.300.400.50I2/mA1.371.281.211.141.05【答案】(l)A2（1分）900（2分）(2)見解析圖（2分）(3)描點(diǎn)連線見解析圖（1分）1.45（2分）0.82（2分）【解析】(l)要用已知精確內(nèi)阻的電流表改裝電壓表，所以選A2，電流表與電阻箱串聯(lián)后改裝為電壓表，則有U＝I2m(r2＋R)，解得R＝900Ω。(2)如圖所示。(3)由閉合電流的歐姆定律可得E＝I2(r2＋R)＋I(xiàn)1r，則有，由圖可知A，，解得E＝1.45V，內(nèi)阻r＝0.82Ω。13．(10分)如圖甲所示，傾角為θ的傾斜軌道與水平軌道交于Q點(diǎn)，在傾斜軌道上高h(yuǎn)處由靜止釋放滑塊A，此后A與靜止在水平軌道上P處的滑塊B發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間不計(jì)）。已知B與軌道間的動摩擦因數(shù)為μ，A與軌道間無摩擦，重力加速度大小為g?；瑝KA的部分速度－時(shí)間圖像如圖乙所示。（A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，水平軌道足夠長，A過Q點(diǎn)時(shí)速度大小不變、方向變?yōu)榕c軌道平行。）(1)求A、B的質(zhì)量之比mA∶mB；(2)當(dāng)P、Q的距離sPQ＝0.2h，θ＝30°時(shí)，要使在B的速度減為零之前，A與B能發(fā)生第二次碰撞，試確定μ的取值范圍?！窘馕觥?1)第一次碰撞前的過程中A的機(jī)械能守恒，有：mAgh＝eq\f(1,2)mAvA02（1分）解得vA0＝eq\r(2gh)第一次碰撞過程中，以向左方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾?，機(jī)械能守恒有mAvA0＝mAvA＋mBvB（1分）eq\f(1,2)mAvA02＝eq\f(1,2)mAvA2＋eq\f(1,2)mBvB2（1分）由圖乙可知，碰后滑塊A反向，速度大小vA＝－eq\f(3,5)vA0解得：mA∶mB＝1∶4，vB＝eq\f(2,5)eq\r(2gh)。（1分）(2)設(shè)第一次碰撞至B的速度減為零經(jīng)歷的時(shí)間為t，A與B在時(shí)間t內(nèi)發(fā)生的位移分別為xA、xB對B，由動量定理有：－μmBgt＝0－mBvB（1分）解得由運(yùn)動學(xué)規(guī)律有（1分）對A，在時(shí)間t內(nèi)，設(shè)其在傾斜軌道、水平軌道上運(yùn)動的時(shí)間分別為t1、t2。在傾斜軌道上，由牛頓第二定律有：mgsin30°＝ma（1分）由運(yùn)動學(xué)規(guī)律有（1分）解得（1分）由題意可得xA＞xB，μ＞0聯(lián)立解得：。（1分）14．(16分)如圖，在xOy平面的I、II區(qū)域內(nèi)，分別存在沿y軸方向的勻強(qiáng)電場與垂直xOy平面的勻強(qiáng)磁場，其邊界與x軸垂直，電場的寬度為l，電場強(qiáng)度大小為E；磁場的寬度為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B。一帶正電的粒子以某一速度從P點(diǎn)沿x軸正方向射入電場，經(jīng)過一段時(shí)間后恰好以從II區(qū)域右側(cè)沿x軸正方向射出。不計(jì)重力。(1)求該粒子從P點(diǎn)入射時(shí)速度的大?。?2)若改變磁場的大小，帶電粒子從P點(diǎn)以原速度射入，恰好不從磁場右側(cè)射出，且該粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為37°，求改變后磁場的大小及粒子運(yùn)動的時(shí)間?！窘馕觥?1)粒子運(yùn)動的軌跡如圖甲所示，粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，設(shè)粒子從P點(diǎn)射入時(shí)速度的大小為v0，在電場中運(yùn)動的時(shí)間為t，加速度的大小為a；粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為v，方向與電場方向的夾角為θ，速度沿電場方向的分量為vy。根據(jù)牛頓第二定律有：qE＝ma(1分)由運(yùn)動學(xué)公式有：vy＝at(1分)l＝v0t(1分)vy＝vcosθ(1分)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，設(shè)其運(yùn)動軌道半徑為R，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得：qvB＝meq\f(v2,R)(1分)由幾何關(guān)系得：d＝Rcosθ(1分)聯(lián)立解得：。(2分)(3)如圖乙，有：qvB′＝meq\f(v2,r)，d＝r(1+cosθ)(2分)θ=37°聯(lián)立解得：(2分)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期(1分)粒子由M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)所用的時(shí)間為t′，則t′＝2t＋(1分)得。(2分)（二）選考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。15．[物理——選修3－3]（12分）(1)(4分)一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c、d再回到a，它的壓強(qiáng)p與熱力學(xué)溫度T的變化關(guān)系如圖所示，其中ba和cd的延長線過坐標(biāo)原點(diǎn)，狀態(tài)a、d的溫度相等。則從狀態(tài)d到a，氣體與外界熱交換（選填“有”或“無”）；從狀態(tài)b到c，氣體吸收的熱量它對外界做的功（選填“大于”“等于”或“小于”）?！敬鸢浮坑写笥冢靠?分）【解析】對于p－T圖像，因?yàn)閍b、cd延長線經(jīng)過原點(diǎn)，因此ab、cd分別體積恒定。因?yàn)閍d過程是等溫降壓，因此體積變大，即Vd＞Va，從而得到Vc＞Va。從d到a，氣體溫度不變，則內(nèi)能不變；體積變小，則外界對氣體做功，所以氣體需要放出熱量，故有熱交換發(fā)生。從b到c，溫度升高，體積變大，因此氣體吸收的熱量抵消對外界做功后仍使其內(nèi)能增加，故從狀態(tài)b到c，氣體吸收的熱量大于它對外界做的功。(2)(8分)如圖所示，一豎直放置的氣缸被輕活塞AB和固定隔板CD分成兩個氣室，CD上安裝一單向閥門，單向閥門只能向下開啟；氣室1內(nèi)氣體壓強(qiáng)為2p0，氣室2內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p0，氣柱長均為L，活塞面積為S，活塞與氣缸間無摩擦，氣缸導(dǎo)熱性能良好?，F(xiàn)在活塞上方緩慢放上質(zhì)量為m的細(xì)砂，重力加速度為g。若，則氣室1內(nèi)氣體壓強(qiáng)為多少？【解析】若，對活塞AB有：pS＝p0S＋mg（2分）解得：p＝4p0（1分）單向閥打開，如果氣室2的氣體未完全進(jìn)入氣室1，則有：p0LS＋2p0LS＝4p0xS（2分）解得x＝eq