高三物理考生注意：．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分分，考試時間分鐘。．答題前，考生務必用直徑毫米黑色墨水簽字筆將密封線內項目填寫清楚。．考生作答時，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。．本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題：本題共小題，共分。在每小題給出的四個選項中，第題只有一項符合題目要求，每小題4分，第題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.鈾238的衰變方程為，下列說法正確的是（）A.該核反應為衰變B.該核反應吸收能量C.該核反應會發(fā)生質量虧損D.比更穩(wěn)定【答案】C【解析】【詳解】A．該反應釋放的是αα衰變，故A錯誤；B．自發(fā)衰變過程會釋放能量，故B錯誤；C．核反應釋放能量時，總質量減少，所以該核反應會發(fā)生質量虧損，故C正確；D．衰變方向由不穩(wěn)定核向更穩(wěn)定核進行，因此比更穩(wěn)定，故D錯誤。故選C。2.的某位同學用兩只手分別撐住等高的桌面使自己懸空，并處于靜止狀態(tài)。已知伸直的兩手臂和桌面夾角均為。當增大，該同學再次靜止時，下列說法正確的是（）A.每只手掌所承受桌面的支持力變小B.該同學所受合力增大C.每只手掌所受桌面的摩擦力變小第1頁/共18頁【答案】C【解析】【詳解】A．每只手掌受到桌面的支持力豎直向上，豎直方向上根據(jù)平衡條件可得支持力即支持力不變，A錯誤；B．該同學始終處于平衡狀態(tài)，合力為零保持不變，B錯誤；C．設每只手臂對同學的力為，手臂與桌面夾角為，則豎直方向得每只手掌的摩擦力增大時增大，變小，C正確；D，增大時摩擦力變小，D錯誤；故選C。3.有關圓周運動的基本模型，下列說法正確的是（）A.如圖甲，小球固定在細繩的一端，在豎直面內繞繩的另一端做圓周運動，小球通過最高點的速度至少等于B.如圖乙，汽車通過拱形橋的最高點時處于超重狀態(tài)C.如圖丙，完全相同的A、B兩個物塊放在勻速轉動的水平轉臺上隨轉臺一起做勻速圓周運動，，轉臺轉速緩慢加快時，物塊B先開始滑動D.如圖丁，火車轉彎超過規(guī)定速度行駛時，車輪對內軌會有擠壓作用【答案】A【解析】第2頁/共18頁A即解得，故A正確；B．汽車通過拱形橋的最高點時具有向下的加速度，汽車處于失重狀態(tài)，故B錯誤；C擦力，即有解得由于，則物塊A的臨界角速度較小，因此逐漸增大轉度時，物體A最先滑動，故C錯誤；DD錯誤。故選A。4.ABt度都變?yōu)樵瓉淼囊话?，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.兩球不能相遇B.兩球相遇時間不變C.兩球相遇時間為2tD.兩球相遇時間為4t【答案】C【解析】【詳解】A．A、B兩小球同時拋出，豎直方向上做自由落體運動，相等時間內下降的高度相同，始終在同一水平面上，所以改變平拋的初速度后兩球也能相遇，故A錯誤；BCD．設A、B間的水平距離為x,當A、B兩小球以相同的水平速度v拋出時，則有若兩球拋出的速度都變?yōu)樵瓉淼囊话?，則有聯(lián)立解得，故C正確，BD錯誤。故選C。第3頁/共18頁電壓的有效值之比為（）A.1∶1B.C.1∶2D.【答案】D【解析】【詳解】圖甲為正弦交流電，電壓的有效值為根據(jù)圖乙交流電電壓的有效值為則圖甲與圖乙交流電電壓的有效值之比為。故選D。6.一列沿x軸傳播的簡諧橫波在時的波形如圖甲，平衡位置在的質點a的振動圖像如圖乙，下列說法正確的是（）A.該波沿x軸負方向傳播B.該波的傳播速度大小為4m/sC.4~10s內質點a通過的路程為40cmD.時，質點a的位移為5cm【答案】B第4頁/共18頁【解析】A時質點a向上振動，根據(jù)上下坡法可知，該波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由甲圖可知波長為16m，由圖乙可知周期為4s，則該波的傳播速度大小為，故B正確；C．由題知，振幅為，在4~10s內的時間間隔為故4~10s內質點a通過的路程為，故C錯誤；D．設質點a的振動方程為其中，則有當時，質點a的位移為，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，半徑為r的圓形區(qū)域內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場邊界上O點有一粒子源，源源不斷地向磁場發(fā)射各種方向（均平行于紙面）且速度大小相等的帶正電的粒子（重力不m，電荷量大小為q，速度大小為。則粒子在磁場中運動的最長時間為（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】由洛倫茲力提供向心力得第5頁/共18頁解得粒子在磁場中的運動周期為當粒子在磁場中運動時間最長時，其軌跡對應的圓心角最大，此時弦長最大，其最大值為磁場圓的直徑2r，根據(jù)幾何關系可知，最大圓心角為，則粒子在磁場中運動的最長時間為故選B。8.2025年4月24R做圓周運動的軌道半徑為kR，周期為T，引力常量為G。下列說法正確的是（）A.地球的質量為B.地球的平均密度為C.空間站的線速度大小為D.空間站所在高度處的重力加速度為【答案】BC【解析】【詳解】A．設空間站的質量為m，地球的質量為M，對空間站而言，萬有引力提供其圓周運動的向心力，則有解得地球的質量，故A錯誤；B．地球的平均密度，故B正確；C．空間站線速度的大小為，故C正確；D．在空間站圓軌道運行時，則有結合上述結論第6頁/共18頁聯(lián)立解得空間站所在高度處的重力加速度為，故D錯誤。故選BC。9.一定質量的理想氣體經歷了a→b→c→a循環(huán)，已知該氣體在狀態(tài)a時的壓強為、體積為、溫度為，其壓強p與的比值隨熱力學溫度T的關系圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.從c到a的過程中，氣體單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數(shù)減少B.從c到a的過程中，氣體單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數(shù)增加C.從b到c的過程中，氣體對外做功大于氣體從外界吸收的熱量D.從b到c的過程中，氣體對外做功小于氣體從外界吸收的熱量【答案】AD【解析】【詳解】AB．由圖可知，從c到a過程中，體積不變，則分子數(shù)不變，溫度降低，分子平均動能減小，故氣體單位時間內與單位面積器壁碰撞的次數(shù)減少，故A正確，B錯誤；CD．從b到c的過程中，壓強不變，溫度升高，氣體內能增加，體積增大，氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律，可知氣體對外做功小于氣體從外界吸收的熱量，故C錯誤，D正確。故選AD。10.mq的小環(huán)套在細桿上，小環(huán)與細桿之間的動摩擦因數(shù)為?？臻g存在沿水平方向、大小變化的勻強電場，規(guī)定水平向左為正方向，從開始，場強按照變化，k是某一大于0的常量。最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，不計空氣阻力，重力加速度為g，下列說法正確的是（）第7頁/共18頁A.在時間內，小環(huán)的加速度逐漸增大B.時，小環(huán)的加速度最大C.時，小環(huán)達到最大速度D.小環(huán)的最大速度為【答案】AC【解析】【詳解】AB．由題意可知，小環(huán)開始運動后電場強度為在水平方向，根據(jù)平衡條件有在豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律有又聯(lián)立解得可知隨著時間增加，小環(huán)向下做加速度增大加速運動；當時根據(jù)可得則此時電場力零，支持力也為零，故滑動摩擦力也為零，小環(huán)只受重力作用，根據(jù)牛頓第二定律解得第8頁/共18頁根據(jù)牛頓第二定律有解得可知隨著時間的增加，小環(huán)繼續(xù)向下做加速減小的加速運動；當時減速，最后速度為零，作出小環(huán)的圖像如圖所示因圖線與時間軸圍成的面積表示速度變化量，可知加速的速度變化量等于減速時的速度變化量，則最終減速的加速度一定大于g，故此時不是最大的加速度，故A正確，B錯誤；C．當時根據(jù)解得電場強度為此時小環(huán)受到的摩擦力大小為可知此時小環(huán)合力為零，加速度為零，則速度達到最大，此后小環(huán)開始減速；時間內，根據(jù)動量定理有因為在水平方向彈力始終與電場力等大反向，故彈力先均勻減小后反向均勻增大，所以摩擦力先均勻減小后均勻增大，即聯(lián)立解得，故C正確，D錯誤。故選AC。二、非選擇題：本大題共5小題，共分。在“探究彈力和彈簧伸長的關系”時，某實驗小組把兩根輕質彈簧如圖甲連接起來進行探究。第9頁/共18頁（2）在彈性限度內，將一定質量的鉤碼逐個掛在彈簧Ⅱ下端，靜止時指針所指刻度、的數(shù)據(jù)如下表，通過表中數(shù)據(jù)可知用彈簧______（選填“Ⅰ”或“Ⅱ”）制作的彈簧秤，靈敏度更高；彈簧Ⅰ的勁度系數(shù)為，彈簧Ⅱ的勁度系數(shù)為，將彈簧Ⅰ與彈簧Ⅱ等效為一根新彈簧，其勁度系數(shù)為，則______。鉤碼個數(shù)【答案】（1）（2）①.Ⅱ②.【解析】【小問1詳解】圖乙中毫米刻度尺的分度值為，由圖可知【小問2詳解】由表格中的數(shù)據(jù)可知，當彈力的變化量相等時，彈簧Ⅰ的形變量的變化量為彈簧Ⅱ形變量的變化量將彈簧Ⅰ與彈簧Ⅱ等效為一根新彈簧，其形變量第10頁/共18頁根據(jù)胡克定律知彈簧Ⅱ勁度系數(shù)小于彈簧Ⅰ的勁度系數(shù)，故用彈簧Ⅱ來制作彈簧秤，當彈簧秤示數(shù)相同時，形變量越大，靈敏度越高，12.熱敏電阻是電路中經常使用的傳感器元件：（1）某學習小組要探究一熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律。可供選擇的器材有：待測熱敏電阻R電源E（電動勢1.5V，內阻r約為0.5Ω電阻箱R（阻值范圍0~9999.99Ω滑動變阻器R（最大阻值20Ω滑動變阻器R（最大阻值2000Ω微安表（量程100μA，內阻等于2500Ω開關兩個，溫控裝置一套，導線若干。該小組設計了如圖甲所示的測量電路，主要實驗步驟如下：a.按圖甲連接電路；b.閉合S、S，調節(jié)滑動變阻器滑片P的位置，使微安表指針滿偏；c.保持滑動變阻器滑片P的位置不變，斷開S，調節(jié)電阻箱，使微安表指針半偏；d.記錄此時的溫度和電阻箱的阻值?；卮鹣铝袉栴}：①為了使微安表所在支路兩端電壓基本不變，滑動變阻器應選用__________（選填“R”或“R”②某溫度下微安表半偏時，電阻箱的讀數(shù)為6500.00Ω，該溫度下熱敏電阻的測量值為__________Ω（保留__________（選填“大于”或“小于”）真實值。（2）在坐標紙中描繪熱敏電阻的圖像，如圖所示。利用該熱敏電阻、電動勢（內阻不計）第11頁/共18頁計電路，以實現(xiàn)環(huán)境溫度控制。要求將環(huán)境溫度控制在之間，且當兩端電壓大于時，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱。則下列A、B、C三種電路中，可以滿足要求的是______阻的阻值應選______，兩端的電壓小于______時，自動關閉加熱系統(tǒng)（不考慮控制開關對電路【答案】（1）①.②.4000③.大于（2）①.B②.3000③.1.8【解析】【小問1詳解】①[1]用半偏法測量熱敏電阻的阻值，盡可能讓該電路的電壓在變阻器左側部分電阻并聯(lián)，滑動變阻器的阻值越小，閉合前、后并聯(lián)部分電阻變化越小，從而并聯(lián)部分的電壓值變化越小，故滑動變阻器應選；②[2][3]微安表半偏時，該支路的總電阻為原來的2倍，即可得當斷開，微安表半偏時，由于該支路的電阻增加，電壓略有升高，根據(jù)歐姆定律，總電阻比原來2倍略大，也就是電阻箱的阻值略大于熱敏電阻與微安表的總電阻，而我們用電阻箱的阻值等于熱敏電阻與微安表的總電阻來計算，因此熱敏電阻的測量值比真實值偏大。第12頁/共18頁【小問2詳解】[1]A電路A，定值電阻和熱敏電阻并聯(lián)，電壓不變，故不能實現(xiàn)電路的控制，A錯誤；B電路B1、2兩端電壓大于2V，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱，B正確；C電路C1、2兩端電壓大于2V，控制開關開啟加熱系統(tǒng)加熱，C錯誤；故選B。[2]熱敏電阻在20℃的阻值為由題意可知解得[3]28℃時關閉加熱系統(tǒng)，此時熱敏電阻阻值為4500Ω，此時1、2兩點間的電壓為則1、2兩端的電壓小于1.8V時，自動關閉加熱系統(tǒng)。13.如圖所示，直角△ABC為某光學元件的橫截面，∠A=30°，∠C=90°，BC邊長l=3cm，在A點正上方3cm處有一點光源S，發(fā)出的一束單色光恰好垂直AB邊射入光學元件，在AC邊恰好發(fā)生全反射。不考慮BC邊的反射，光在真空中的傳播速度為c=3.0×108m/s。求（1）光學元件對該光束的折射率n的大??；（2）光束在元件中的傳播時間?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳解】光束在AC邊發(fā)生全反射，入射角為臨界角，光路如圖第13頁/共18頁幾何關系可知入射角則折射率【小問2詳解】幾何關系可知光在AB邊的入射角為，光會在AB邊的E點發(fā)生全反射，最終垂直于BC邊的F點射出，幾何關系可知AD=DE，則光束在元件中通過的路程其中代入題中數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得因為則光束在元件中的傳播時間聯(lián)立解得14.CD連線與導軌垂直且C、D處平滑連接。水平導軌間有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為，傾斜導軌間無磁場。一導體棒aa棒與CD的距離為db從距水平導軌高度為的傾斜導軌上由靜止釋放，運動過程中a、b棒始終與導軌垂直且接觸良好，a、b棒始終未相遇。已知a、b棒的質量均為g取。求：第14頁/共18頁（1）b棒剛進入磁場時，回路的電流；（2）a、b棒穩(wěn)定后，a棒上產生的總焦耳熱；（3）a棒與CD的距離d的最小值。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】b棒在傾斜導軌上運動時，機械能守恒。由機械能守恒定律有解得代入數(shù)據(jù)解得b棒剛進入磁場時，切割磁感線產生感應電動勢回路總電阻由歐姆定律得電流代入數(shù)據(jù)解得【小問2詳解】a、b棒在磁場中運動時，系統(tǒng)水平方向合外力為零，動量守恒。初始時a靜止，b速度為，穩(wěn)定后共同速度為，則解得系統(tǒng)損失的機械能轉化為焦耳熱，總焦耳熱代入數(shù)據(jù)得a、b棒電阻相等，串聯(lián)時產生熱量相等，故第15頁/共18頁【小問3詳解】對a棒，由動量定理其中為電荷量，回路中電荷量、分別為b棒和a棒在磁場中位移，聯(lián)立得解得代入數(shù)據(jù)解得為保證兩棒不相撞，a棒與CD距離至少為，故15.如圖所示，一豎直固定的足夠長圓管內有一質量為的薄圓盤，圓盤與管的上端口