123456789DBBCACDAAD化簡也對(duì)3）C14.（1）C（2）1.5V，2500Ω（3）4.5×10-3J（4.3～4.8均正確每空2分）15.解1）木筷靜止在水中時(shí)，設(shè)木筷在水中部分的長度為l0,有0s木筷在靜止位置上方x處時(shí)，以豎直向上為正方向，合外力F=Pg(l0x)smg聯(lián)立①②式得F=-Pgsx①5分故木筷做簡諧運(yùn)動(dòng)。（2）木筷放手后做簡諧運(yùn)動(dòng)，有整理可知放手后木筷位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為②3分（1）設(shè)三角形某一頂點(diǎn)A’到圓心的距離為h，到底部A的距離為s，由幾何關(guān)系s22分（2）由正弦定理17.解1）小球從P到A水平方向豎直方向：vA=v0sinθ+gt（2）小球在第二、三象限運(yùn)動(dòng)過程中，所受合的大小及方向方向與水平方向的夾角為53°當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到合力與速度方向垂直時(shí)速度達(dá)到最大，從A到Q解得從P到Q，利用動(dòng)量定理I總=mvQm（v0）（3）小球在第一象限運(yùn)動(dòng)時(shí)，Eq=mg，故小球只受洛倫茲力，小球運(yùn)動(dòng)至x軸最遠(yuǎn)位置時(shí)y方向上的分速度為零，豎直方向利用動(dòng)量定理其中B=ky，左邊微元累積2n2n18.解1）設(shè)物塊A到達(dá)圓弧底端的速度為vA0，由動(dòng)能定理解得vA0=12m/sA、B相碰由動(dòng)量守恒能量守恒mAvA0+0=mAvA1+mBvB1（2）物塊B在木板C上滑動(dòng)時(shí)mBg=mBaB解得aB=2m/s2對(duì)C：μ1mBg-μ2(mA+mB)g設(shè)木板C運(yùn)動(dòng)到物體D位置時(shí)所用時(shí)間t1，此時(shí)B、C速度分別為vB2、vC1vC1=aCt1vB2=vB1-aBt1解得t1由于C、D質(zhì)量相同，C、D發(fā)生第一次彈性碰撞后二者交換速度即碰后C的速度變?yōu)榱?，vD1=1m/sB接著減速，C從零加速，D減速,對(duì)D：μ1mDg=mDaDD第一次減速的位移解得xD1=0.5mC從零加速到xD1=0.5m時(shí)，速度大小vC2=1m/s，所用時(shí)間t2=1sB減速到vB3=vB2-aBt2解得vB3=2m/s由于C、D質(zhì)量相同，C、D發(fā)生第二次彈性碰撞后二者仍交換速度，即碰后C的速度變?yōu)榱悖瑅D2=1m/s，B接著減速，C從零加速，D減速。D第二次減速的位移xD2=0.5m，設(shè)又經(jīng)過t3，B、C達(dá)到共同速度v，C第三次加速的距離為xC3B3-aBt3Ct3解得B、C達(dá)到共同速度v后一起做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為μ2g，假設(shè)與D不相碰，B、C一起停下來的位移為解得由于