高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第二學(xué)期溫州十校聯(lián)合體期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：1.本卷共8頁(yè)滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字。3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無(wú)效；4.考試結(jié)束后，只需上交答題紙。5.本試卷中的有關(guān)計(jì)算中重力加速度取10m/s2選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)目中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列單位屬于國(guó)際單位制基本單位的是（）A.km B.V C.K D.T【答案】C【解析】K（開爾文）是國(guó)際單位制的7個(gè)基本單位之一，km不是國(guó)際單位制基本單位，V、T為導(dǎo)出單位。故選C。2.杭州第19屆亞運(yùn)會(huì)的賽艇項(xiàng)目女子輕量級(jí)雙人雙槳決賽中，中國(guó)選手鄒佳琪和邱秀萍以7分06秒78的成績(jī)斬獲本屆亞運(yùn)會(huì)首金，則下列說法正確的是（）A.研究運(yùn)動(dòng)員的劃槳技術(shù)，可以將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)B.賽艇在加速前進(jìn)時(shí)其慣性增大C.賽艇能加速前進(jìn)是由于水推槳的力大于槳推水的力D.“7分06秒78”是指奪金的時(shí)間間隔【答案】D【解析】A．研究比賽中運(yùn)動(dòng)員的劃槳技術(shù)技巧時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的大小和形狀不能忽略，運(yùn)動(dòng)員不能被看作質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故賽艇在加速前進(jìn)時(shí)其慣性不變，故B錯(cuò)誤；C．水推槳的力與槳推水的力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等，方向相反，作用在不同的物體上，故C錯(cuò)誤；D．時(shí)間間隔是在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的一段時(shí)間，時(shí)刻是時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的一個(gè)點(diǎn)，故“7分06秒78”是指奪金的時(shí)間間隔，故D正確。故選D。3.如圖所示，一只氣球在風(fēng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，風(fēng)對(duì)氣球的作用力水平向右．細(xì)繩與豎直方向的夾角為α，繩的拉力為T，則風(fēng)對(duì)氣球作用力的大小為（）A. B. C.Tsinα D.Tcosα【答案】C【解析】對(duì)氣球受力分析，由水平方向平衡條件可得：，故C正確．4.如圖所示，將靜電計(jì)與電容器相連，可檢測(cè)帶電電容器的兩極間的電壓變化。帶電靜電計(jì)的金屬指針和圓形金屬外殼的空間內(nèi)存在電場(chǎng)，分別用實(shí)線和虛線表示電場(chǎng)線和等勢(shì)面，該空間內(nèi)有P、Q兩點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A.靜電計(jì)兩根金屬指針帶異種電荷B.圖中實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示等勢(shì)面C.圖中P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)D.圖中P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)【答案】C【解析】A．靜電計(jì)兩根金屬指針帶同種電荷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．圓形金屬外殼是等勢(shì)面，則圖中實(shí)線表示等勢(shì)面，電場(chǎng)線與等勢(shì)面正交，可知虛線表示電場(chǎng)線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．金屬指針帶正電，電場(chǎng)線由金屬指針指向金屬外殼，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知圖中P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)，選項(xiàng)C正確；D．圖中P點(diǎn)的電場(chǎng)線較Q點(diǎn)密集，可知P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。5.兩物塊A、B用輕彈簧相連，質(zhì)量均為2kg，初始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，A、B兩物塊都以v=6m/s速度在光滑的水平地面上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量4kg的物塊C靜止在前方，如圖所示，B與C碰撞后二者會(huì)粘在一起運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.B、C碰撞剛結(jié)束時(shí)BC的共同速度為3m/sB.彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物塊A的速度為3m/sC.彈簧的彈性勢(shì)能最大值為36JD.彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A、B、C三物塊速度相同【答案】B【解析】A．B與C碰撞時(shí)B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰后瞬間B、C兩者速度為vBC，規(guī)定向右為正方向，則解得故A錯(cuò)誤；BC．當(dāng)A、B、C三者的速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，由A、B、C三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)向右為正方向解得設(shè)物塊ABC速度相同時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大為Ep，根據(jù)能量守恒故B正確，C錯(cuò)誤；D．若三者共速時(shí)系統(tǒng)減少的動(dòng)能最多，一定是變成儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能，則此時(shí)彈簧不會(huì)是原長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故選B。6.我國(guó)首個(gè)火星探測(cè)器“天問一號(hào)”發(fā)射過程可簡(jiǎn)化為：探測(cè)器在地球表面加速并經(jīng)過一系列調(diào)整變軌，成為一顆沿地球公轉(zhuǎn)軌道繞太陽(yáng)運(yùn)行的人造行星；再在適當(dāng)位置加速，經(jīng)橢圓軌道（霍曼轉(zhuǎn)移軌道）到達(dá)火星。已知地球的公轉(zhuǎn)周期為T，P、N兩點(diǎn)分別為霍曼轉(zhuǎn)移軌道上的近日點(diǎn)與遠(yuǎn)日點(diǎn)，可認(rèn)為地球和火星在同一軌道平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，火星軌道半徑約為地球軌道半徑的1.5倍，則下列說法正確的是（）A.火星的公轉(zhuǎn)周期為B.天問一號(hào)的發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/sC.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的速度小于N點(diǎn)的速度D.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P、N兩點(diǎn)加速度之比為9∶4【答案】D【解析】A．根據(jù)開普勒第三定律可知火星的公轉(zhuǎn)周期為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．天問一號(hào)要脫離地球的引力，但不脫離太陽(yáng)的引力范圍，可知其發(fā)射速度介于11.2km/s與16.7km/s之間，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的速度大于N點(diǎn)的速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可得探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P、N兩點(diǎn)加速度之比為選項(xiàng)D正確。故選D。7.甲為智能停車位，車位地面預(yù)埋有自感線圈L和電容器C構(gòu)成LC振蕩電路。當(dāng)車輛靠近或駛離自感線圈L時(shí)，可使線圈L自感系數(shù)發(fā)生變化，從而引起LC電路中的振蕩電流頻率變化。智能停車位計(jì)時(shí)器根據(jù)振蕩電流頻率變化，進(jìn)行計(jì)時(shí)。某次汽車靠近自感線圈L時(shí)，振蕩電路中的電流隨時(shí)間變化如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.若汽車駛離智能停車位，則線圈L自感系數(shù)變大B.t1~t2過程，電容C中電場(chǎng)能在增大C.t1~t2過程，線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在減小D.t2時(shí)刻電容器C所帶電量為最大【答案】C【解析】A．由圖乙可知，振蕩電路的周期變大，根據(jù)可知線圈自感系數(shù)變大，則汽車正駛?cè)胫悄芡＼囄?，故A錯(cuò)誤；B．t1～t2過程，電流逐漸增大，線圈L中磁場(chǎng)能在增大，電場(chǎng)能在減小，故B錯(cuò)誤；C．t1～t2過程，由圖可知，圖像斜率減小，電流的變化率越來越小，線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在減小，故C正確；D．t2時(shí)刻電流最大，電容器放電結(jié)束，此時(shí)電容器C所帶電量最小，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，真空中平行玻璃磚的折射率，一束單色光與界面成角斜射到玻璃磚表面上，最后在玻璃磚的右側(cè)面豎直光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光點(diǎn)A和B，相距h=2.0cm，則下列說法正確的是（）A.若減小θ角，則在玻璃磚的下表面將會(huì)沒有光線射出B.該單色光射入玻璃磚的折射角為60°C.該玻璃磚的厚度D.若減小θ角，則射出玻璃磚的光線側(cè)移越小【答案】C【解析】A．最后在玻璃磚的右側(cè)面豎直光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光點(diǎn)A和B如圖，若減小θ角，則在玻璃磚的下表面不會(huì)發(fā)生全反射，只要有光折射進(jìn)去就會(huì)有光線射出，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)折射定律解得，，故B錯(cuò)誤；C．如圖根據(jù)幾何關(guān)系OE=h，又由解得，故C正確；9.某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，水以v0=15m/s的速度水平噴出，每秒噴出水的質(zhì)量為4.0kg。噴出的水是從井下抽取的，噴口離水面的高度保持H=3.75m不變。水泵由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，輸入電壓為220V，輸入電流為4.0A。不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗，電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率。已知水泵的抽水效率（水泵的輸出功率與輸入功率之比）為75%，忽略水在管道中運(yùn)動(dòng)的機(jī)械能損失，則下列說法正確的是（）A.每秒水泵對(duì)水做功為150JB.每秒水泵對(duì)水做功為450JC.水泵輸入功率為880WD.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為5Ω【答案】D【解析】AB．水從井下到噴出位置之間的過程中，根據(jù)功能關(guān)系可得，每秒水泵對(duì)水做功為解得W=600J故AB錯(cuò)誤；C．水泵輸入功率為故C錯(cuò)誤；D．由題意可知，水泵的輸入功率等于電動(dòng)機(jī)的輸出功率，而電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于電動(dòng)機(jī)的輸出功率和發(fā)熱功率之和，即UI=P入+I2r解得電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為r=5Ω故D正確。故選D。10.排球比賽中，某次運(yùn)動(dòng)員將飛來的排球從a點(diǎn)水平擊出，球擊中b點(diǎn)；另一次將飛來的排球從a點(diǎn)的正下方c點(diǎn)斜向上擊出，也擊中b點(diǎn)，且b點(diǎn)與c點(diǎn)等高。第二次排球運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)d與a點(diǎn)等高，且兩軌跡交點(diǎn)恰好為排球網(wǎng)上端點(diǎn)e。不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A.兩個(gè)過程中，排球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的速度大小可能相等B.b點(diǎn)與c點(diǎn)到球網(wǎng)平面的水平距離之比為3:2C.a、c兩點(diǎn)高度差與e、c兩點(diǎn)高度差之比為4:3D.運(yùn)動(dòng)員兩次擊球?qū)ε徘蛩龅墓赡芟嗟取敬鸢浮緿【解析】AD.第二次排球運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)d與a點(diǎn)等高，故比較第一次排球從到給過程和第二次排球從到的過程，這兩個(gè)過程都做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落高度一樣，假設(shè)到的高度差為，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間一樣，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有且可得第一次排球到達(dá)的速度為第二次排球到達(dá)的速度為可得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)員兩次擊球?qū)ε徘蛩龅墓Ψ謩e等于排球在點(diǎn)和點(diǎn)的動(dòng)能，即，第二次排球在點(diǎn)速度大小等于點(diǎn)速度大小，即說明只要滿足則有即選項(xiàng)D正確；B.比較第一次排球從到過程和第二次排球從到過程，根據(jù)可逆性，把第二次排球從到過程看成是從到過程的平拋運(yùn)動(dòng)，這兩個(gè)過程豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落高度一樣，運(yùn)動(dòng)時(shí)間也一樣，根據(jù)可得故有選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.研究第一次排球的運(yùn)動(dòng)過程，由于可知根據(jù)可得故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選D。二、選擇題II（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.關(guān)于以下四張圖片，則下列說法正確的是（）A.圖甲豎直的肥皂膜看起來是一條條水平彩色橫紋，是由于光的衍射現(xiàn)象B.圖乙當(dāng)磁鐵靠近干簧管時(shí)，兩個(gè)簧片被磁化而接通，干簧管起到開關(guān)的作用C.圖丙方解石的雙折射現(xiàn)象，說明所有晶體在光學(xué)性質(zhì)方面都具有各向異性D.圖丁醫(yī)生通過發(fā)射頻率已知的超聲波來檢查血管是否發(fā)生病變，俗稱“彩超”，這是利用超聲波的多普勒效應(yīng)【答案】BD【解析】A．圖甲豎直的肥皂膜看起來是一條條水平彩色橫紋，是由于光的干涉產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；B．圖乙當(dāng)磁鐵靠近干簧管時(shí)，兩個(gè)簧片被磁化，由于磁化后的簧片相互吸引而接通，干簧管起到開關(guān)的作用，故B正確；C．方解石的雙折射現(xiàn)象表明方解石這種晶體在光學(xué)性質(zhì)方面具有各向異性，但不是所有晶體在光學(xué)性質(zhì)方面都具有各向異性，例如多晶體在光學(xué)性質(zhì)上表現(xiàn)為各向同性，故C錯(cuò)誤；D．圖丁醫(yī)生通過發(fā)射頻率已知的超聲波來檢查血管是否發(fā)生病變，俗稱“彩超”，這是利用超聲波的多普勒效應(yīng)。當(dāng)超聲波遇到運(yùn)動(dòng)的物體時(shí)，反射回來的超聲波頻率會(huì)發(fā)生變化，根據(jù)這個(gè)頻率變化可以了解血管內(nèi)血液的流動(dòng)情況等，從而判斷血管是否病變，故D正確。故選BD。12.如圖甲所示，在同一均勻介質(zhì)中有兩個(gè)振動(dòng)方向相同的波源S1、S2，S1在處，S2在x=12m處，介質(zhì)中的P點(diǎn)坐標(biāo)為x=4m。t1=0時(shí)刻，S1、S2同時(shí)開始振動(dòng)，振動(dòng)圖像均如圖乙所示，在t2=4s時(shí)，P點(diǎn)開始振動(dòng)。則下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)起振的方向沿y軸正方向B.該波波長(zhǎng)為1mC.P點(diǎn)為兩波相遇后的振動(dòng)減弱點(diǎn)D.質(zhì)點(diǎn)P在0~8s內(nèi)走過的路程為600cm【答案】AD【解析】A．波源S2先傳播到P點(diǎn)，由振動(dòng)圖像可知波源起振方向?yàn)閥軸正方向，故P點(diǎn)起振的方向沿y軸正方向，故A正確；B．波源S2先傳播到P點(diǎn)時(shí)間為4s，波速，振動(dòng)圖像可知該波波長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；C．兩個(gè)波源振動(dòng)方向相同且P點(diǎn)到兩波源的路程差，P點(diǎn)為兩波相遇后的振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．t2=4s時(shí)，P點(diǎn)開始參與S2振動(dòng)10個(gè)周期，t2=6s時(shí)，P點(diǎn)同時(shí)參與S1、S2振動(dòng)10個(gè)周期且為加強(qiáng)點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)P在0~8s內(nèi)走過的路程，故D正確。故選AD。13.如圖所示，矩形線圈abcd放置在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直于磁場(chǎng)的中心轉(zhuǎn)軸OO'以600r/min的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磁場(chǎng)分布在OO'的右側(cè)，磁感應(yīng)強(qiáng)度線圈匝數(shù)n=50匝，面積S=100cm2。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比，定值電阻，C為電容器，電流表A為理想交流電表，不計(jì)矩形線圈的電阻，則下列說法正確的是（）A.矩形線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為B.副線圈兩端獲得電壓為15VC.減小電容器的電容，電流表示數(shù)將增大D.變壓器輸出功率小于90W【答案】BD【解析】A．由于磁場(chǎng)分布在的右側(cè)，則矩形線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為其中角速度聯(lián)立解得，故A錯(cuò)誤；B．原線圈輸入電壓有效值為根據(jù)電壓比等于匝數(shù)比解得副線圈輸出電壓有效值，故B正確；C．交變電流頻率不變，電容對(duì)交流電也有阻礙效果，這種阻礙效果為容抗，其大小為減小電容器的電容，電容對(duì)交流電的阻礙效果增強(qiáng)，則通過定值電阻所在支路電流減小，即電流表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；D．定值電阻中電流為定值電阻消耗的功率為由題知，定值電阻，定值電阻與電容器串聯(lián)，所在支路除了對(duì)電流有阻礙作用外，還有電容器對(duì)電流的阻礙作用，即所在支路對(duì)電流的總的阻礙效果作用大于定值電阻所在支路對(duì)電流的阻礙效果，所以電流表示數(shù)小于3A，即根據(jù)可知?jiǎng)t變壓器輸出功率故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某同學(xué)要研究一小燈泡L（3.6V，0.30A）的伏安特性。所用器材有：電流表A1（量程200mA，內(nèi)阻Rg1=10.0Ω），電流表A2（量程500mA，內(nèi)阻Rg2=1.0Ω）、定值電阻R0（阻值R0=10.0Ω）、滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10Ω）、電源E（電動(dòng)勢(shì)4.5V，內(nèi)阻很?。?、開關(guān)S和若干導(dǎo)線。該同學(xué)設(shè)計(jì)的電路如圖（a）所示。（1）閉合開關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)滑到___________（填“左”或“右”）端；（2）若I1、I2分別為流過電流表A1和A2的電流，利用I1、I2、Rg1和R0寫出：小燈泡兩端的電壓U=___________，為保證小燈泡的安全，I1不能超過___________mA。（3）如果用另一個(gè)電阻替代定值電阻R0，其他不變，為了能夠測(cè)量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于___________Ω（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）右（2）I1(Rg1+R0)180（3）8.0【解析】（1）閉合開關(guān)S前，為了保證電流表安全，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)滑到右端，使電流表示數(shù)從0開始調(diào)節(jié)。（2）[1]由電路圖可知小燈泡兩端的電壓為[2]為保證小燈泡的安全，應(yīng)有代入數(shù)據(jù)解得可知I1不能超過180mA。（3）要測(cè)量完整的伏安特性曲線則燈泡兩端的電壓至少要達(dá)到3.6V，而電流表A1不能超過其量程200mA，根據(jù)歐姆定律有可得如果用另一個(gè)電阻替代定值電阻R0，為了能夠測(cè)量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于8.0Ω。15.如圖所示，某同學(xué)在“測(cè)定玻璃折射率”的實(shí)驗(yàn)中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa'和bb'（aa'bb'），O為直線MO與aa'的交點(diǎn)，在直線MO上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針。（1）該同學(xué)接下來要完成的必要步驟有；A.插上大頭針P3，使P3僅擋住P2的像B.插上大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像C.插上大頭針P4，使P4僅擋住P3的像D.插上大頭針P4，使P4擋住P3和P1、P2的像（2）如圖是他在操作過程中的一個(gè)狀態(tài)，請(qǐng)你指出第四枚大頭針P4最可能插在圖中的位置是________；（選填“A”“B”或“C”）（3）如果玻璃磚的界面aa'和bb'不平行，仍然用這種方法測(cè)玻璃折射率，在操作完全正確的情況下，測(cè)量值將__________（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實(shí)值；【答案】（1）BD（2）B（3）等于【解析】（1）在插上大頭針P3時(shí)，需要使P3擋住P1、P2的像；在插大頭針P4時(shí)，需要使P4擋住P3和P1、P2的像，BD符合題意。故選BD。（2）由于和兩個(gè)邊界平行，因此出射光線與入射光線也應(yīng)平行，因此P4的位置在B點(diǎn)，如圖所示（3）如果玻璃磚的界面和不平行，仍然用這種方法測(cè)玻璃折射率，在操作完全正確的情況下，測(cè)量的入射角和折射角都是正確的，所以測(cè)量值等于真實(shí)值。16.某實(shí)驗(yàn)小組完成“用油膜法測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn).（1）實(shí)驗(yàn)中要讓油酸在水面盡可能散開，形成單分子油膜，并將油膜分子看成球形且緊密排列.本實(shí)驗(yàn)體現(xiàn)的物理思想方法為（單選，填字母）.A.控制變量法 B.理想化模型法 C.等效替代法（2）某同學(xué)在完成“用油膜法測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，計(jì)算結(jié)果明顯偏小，可能是由于（單選，填字母）.A.油酸酒精溶液配制的時(shí)間較長(zhǎng)，酒精揮發(fā)較多B.計(jì)算油膜面積時(shí)舍去了所有不足一格的方格C.求每滴體積時(shí)，1mL的溶液的滴數(shù)少記了10滴D.油酸未完全散開【答案】（1）B（2）A【解析】（1）本實(shí)驗(yàn)體現(xiàn)的物理思想方法為理想化模型法，故選B。（2）根據(jù)可知A．油酸酒精溶液配制的時(shí)間較長(zhǎng)，酒精揮發(fā)較多，則一滴油酸酒精溶液中含純油酸偏多，導(dǎo)致油膜面積較大，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏小，選項(xiàng)A正確；B．計(jì)算油膜面積時(shí)舍去了所有不足一格的方格，則S偏小，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．求每滴體積時(shí)，1mL的溶液的滴數(shù)少記了10滴，導(dǎo)致一滴油酸酒精溶液中含純油酸的體積偏大，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．油酸未完全散開，則S偏小，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。17.家庭中使用的一種強(qiáng)力掛鉤，其工作原理如圖所示。使用時(shí)，按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上（如圖甲），吸盤中的空氣被擠出一部分后，吸盤內(nèi)封閉氣體的體積為V0，壓強(qiáng)為p0，然后再把鎖扣扳下（如圖乙），使吸盤內(nèi)氣體體積變?yōu)?.5V0，讓吸盤緊緊吸在墻上，已知吸盤與墻面的有效正對(duì)面積為S，強(qiáng)力掛鉤的總質(zhì)量為m，與墻面間的最大靜摩擦力是正壓力的k倍，外界大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g，忽略操作時(shí)的溫度變化，把封閉氣體看成理想氣體（只有吸盤內(nèi)的氣體是封閉的）。（1）在鎖扣扳下的過程中墻壁上單位面積所受氣體分子的平均作用力___________（選填“變大”、“變小”或“不變”），氣體分子的平均動(dòng)能___________（選填“變大”、“變小”或“不變”）。（2）此掛鉤所掛物體的最大質(zhì)量為多少？【答案】（1）變小不變（2）【解析】（1）[1][2]此過程中溫度不變，根據(jù)玻意耳定律可知，吸盤內(nèi)的氣體的壓強(qiáng)減小，因此墻壁上單位面積所受氣體分子的平均作用力變小，氣體分子的平均動(dòng)能不變。（2）根據(jù)玻意耳定律有令此掛鉤所掛物體的最大質(zhì)量為M對(duì)物體與掛鉤整體分析有解得18.如圖所示，在豎直平面內(nèi)一游戲裝置由兩個(gè)分離的軌道Ⅰ和Ⅱ組成，軌道Ⅰ固定在水平地面上，由水平直軌道AB，圓心為O1的螺旋圓形軌道BCD，水平直軌道DE和傾斜直軌道EF組成。軌道Ⅱ可按需要在水平面上平移后固定，由傾斜直軌道GH，圓心為O2的圓弧形軌道HIJ，傾斜直軌道JK組成，兩個(gè)軌道的各部分均平滑連接。F、G、O2等高，除JK段外，其他各段均光滑。游戲開始，固定在A處的彈射裝置將質(zhì)量為m1=0.3kg的滑塊1以初動(dòng)能Ek水平射入軌道Ⅰ，滑塊1順利通過圓形軌道BCD后，與靜止在DE段上，質(zhì)量為m2的滑塊2發(fā)生彈性碰撞，碰后滑塊1的速度大小減為原來的一半，方向保持不變?；瑝K2滑上EF后從F處拋出，調(diào)節(jié)FG的間距x，使滑塊2恰能從G點(diǎn)無(wú)碰撞地切入軌道Ⅱ，并保留在軌道Ⅱ內(nèi)不離開，則游戲成功。已知圓形軌道BCD的半徑R1=0.2m，圓弧軌道HIJ段的半徑R2=1.0m，JK段的長(zhǎng)度l=3.0m，EF、GH和JK段的傾角均為37°，滑塊與JK間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.25，兩個(gè)滑塊都可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。（sin37°=0.6）（1）若滑塊1恰好不脫離圓形軌道BCD，求滑塊1過最高點(diǎn)C時(shí)的速度大小vC以及它出射時(shí)的初動(dòng)能Ek；（2）求滑塊2的質(zhì)量m2；（3）求游戲成功條件下，F(xiàn)、G的間距x與滑塊1初動(dòng)能Ek的關(guān)系（用Ek表示x）?！敬鸢浮浚?），（2）（3）【解析】（1）滑塊1恰好通過C點(diǎn)，在C點(diǎn)由牛頓第二定律可得故由機(jī)械能守恒定律可得，故故（2）發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒得由機(jī)械能守恒定律可得，，帶入聯(lián)立可得（3）碰撞后滑塊2獲得動(dòng)能Ek2，運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)的速度為vF，由彈性碰撞和機(jī)械能守恒定律可得，滑塊從F點(diǎn)拋出，由拋體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得，聯(lián)立可得討論：滑塊2能滑入軌道Ⅱ的條件是且滑塊1恰好不脫離圓形軌道BCD，有滑塊2不脫離軌道Ⅱ的條件：①滑塊2第一次沖上斜面JK并不越過K點(diǎn)的條件是②滑塊2沖上斜面JK后返回HG斜面時(shí)不過G點(diǎn)的條件是且綜合分析可得，故，19.如圖，金屬軌道ab和cd，a'b'和c'd'平行放置于水平面上，間距為L(zhǎng)=0.5m，其中ab和a'b'段軌道粗糙且動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，bc和b'c'兩端用絕緣材料連接，cd和c'd'段軌道光滑且足夠長(zhǎng)。bb'左側(cè)某位置放置一根可自由滑動(dòng)的導(dǎo)體棒MN，電阻為R1=0.4Ω，質(zhì)量為m1=200g；cc'右側(cè)某位置放置導(dǎo)體棒PQ（事先被鎖定），電阻為R2=0.1Ω，質(zhì)量為m2=200g，導(dǎo)體棒MN和PQ都與軌道垂直，整個(gè)水平軌道處于豎直向下磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。半徑r=40cm的金屬圓環(huán)，金屬圓環(huán)水平放置，O點(diǎn)為圓環(huán)中心，處于豎直向下磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電阻為R3=0.1Ω的金屬棒OA，在外力作用下，沿圖示方向（俯視為順時(shí)針）繞過O點(diǎn)的豎直軸以一定角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，A端與金屬圓環(huán)良好接觸，金屬圓環(huán)與導(dǎo)軌a'b'用導(dǎo)線連接，O點(diǎn)用導(dǎo)線與導(dǎo)軌ab連接。不計(jì)所有導(dǎo)軌、連接導(dǎo)線、金屬環(huán)和接觸的電阻。問：（1）比較金屬棒OA兩端電勢(shì)的高低？要使導(dǎo)體棒MN能向右運(yùn)動(dòng)，則金屬棒OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度最小值為多少？（2）某時(shí)刻MN棒跨過cc'線進(jìn)入右側(cè)的磁場(chǎng)區(qū)開始計(jì)時(shí)，同時(shí)對(duì)MN棒施加恒力F=5N，MN棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t=0.5s剛好達(dá)到勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，則此時(shí)MN棒與cc'線的距離d為多少？（3）若MN棒獲得v=2m/s的速度跨過cc'線進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)區(qū)的同時(shí)，解除PQ棒的鎖定，此后不與PQ相撞，經(jīng)足夠長(zhǎng)時(shí)間后，求MN棒產(chǎn)生的熱量Q為多少？【答案】（1）A端的電勢(shì)高于O端，（2）（3）【解析】（1）根據(jù)右手定則可知，A端的電勢(shì)高于O端；對(duì)MN棒受力分析可知安培力至少達(dá)到最大靜摩擦力即解得根據(jù)閉合電路歐姆定律有由法拉第電磁感應(yīng)定律有解得（2）MN棒達(dá)到勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，設(shè)勻速時(shí)的速度為v1由，又，解得根據(jù)動(dòng)量定理故解得（3）根據(jù)動(dòng)量守恒有解得根據(jù)能量守恒有故解得20.如圖甲所示，兩個(gè)豎直正對(duì)的金屬板CD，板長(zhǎng)L=0.4m，板間距離d=0.2m，在金屬板上端水平邊界MN的上面有一區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度，方向垂直紙面向里。極板CD之間的電勢(shì)差隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示。現(xiàn)有帶正電的粒子流以的速度沿豎直中線OO'連續(xù)射入電場(chǎng)中，中線與磁場(chǎng)邊界交于O'點(diǎn)，粒子的比荷，其重力可忽略不計(jì)，若粒子打在豎直金屬極板上將被極板吸收。在每個(gè)粒子通過電場(chǎng)的極短時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)可視不變（設(shè)兩極板外無(wú)電場(chǎng)）。求：（1）帶電粒子恰好從極板邊緣飛出時(shí)，兩極板間的電勢(shì)差U；（2）帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大半徑Rm；（3）若以O(shè)'為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立水平x軸，求所有進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子在x軸上離開磁場(chǎng)的坐標(biāo)范圍?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）帶電粒子恰好從極板邊緣飛出時(shí)，粒子進(jìn)入電場(chǎng)有得結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)表達(dá)式和牛頓第二定律，聯(lián)立解得（2）當(dāng)U1=100V時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑最大。在電場(chǎng)中由動(dòng)能定理有得粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有得（3）洛倫茲力提供向心力，有粒子進(jìn)入磁場(chǎng)與射出磁場(chǎng)的點(diǎn)間距為且代入得則可得所有進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子在x軸上離開磁場(chǎng)時(shí)，離原點(diǎn)最近的位置坐標(biāo)，最遠(yuǎn)故所有粒子離開磁場(chǎng)的坐標(biāo)范圍為2024學(xué)年第二學(xué)期溫州十校聯(lián)合體期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：1.本卷共8頁(yè)滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字。3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無(wú)效；4.考試結(jié)束后，只需上交答題紙。5.本試卷中的有關(guān)計(jì)算中重力加速度取10m/s2選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)目中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列單位屬于國(guó)際單位制基本單位的是（）A.km B.V C.K D.T【答案】C【解析】K（開爾文）是國(guó)際單位制的7個(gè)基本單位之一，km不是國(guó)際單位制基本單位，V、T為導(dǎo)出單位。故選C。2.杭州第19屆亞運(yùn)會(huì)的賽艇項(xiàng)目女子輕量級(jí)雙人雙槳決賽中，中國(guó)選手鄒佳琪和邱秀萍以7分06秒78的成績(jī)斬獲本屆亞運(yùn)會(huì)首金，則下列說法正確的是（）A.研究運(yùn)動(dòng)員的劃槳技術(shù)，可以將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)B.賽艇在加速前進(jìn)時(shí)其慣性增大C.賽艇能加速前進(jìn)是由于水推槳的力大于槳推水的力D.“7分06秒78”是指奪金的時(shí)間間隔【答案】D【解析】A．研究比賽中運(yùn)動(dòng)員的劃槳技術(shù)技巧時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的大小和形狀不能忽略，運(yùn)動(dòng)員不能被看作質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故賽艇在加速前進(jìn)時(shí)其慣性不變，故B錯(cuò)誤；C．水推槳的力與槳推水的力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等，方向相反，作用在不同的物體上，故C錯(cuò)誤；D．時(shí)間間隔是在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的一段時(shí)間，時(shí)刻是時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的一個(gè)點(diǎn)，故“7分06秒78”是指奪金的時(shí)間間隔，故D正確。故選D。3.如圖所示，一只氣球在風(fēng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)，風(fēng)對(duì)氣球的作用力水平向右．細(xì)繩與豎直方向的夾角為α，繩的拉力為T，則風(fēng)對(duì)氣球作用力的大小為（）A. B. C.Tsinα D.Tcosα【答案】C【解析】對(duì)氣球受力分析，由水平方向平衡條件可得：，故C正確．4.如圖所示，將靜電計(jì)與電容器相連，可檢測(cè)帶電電容器的兩極間的電壓變化。帶電靜電計(jì)的金屬指針和圓形金屬外殼的空間內(nèi)存在電場(chǎng)，分別用實(shí)線和虛線表示電場(chǎng)線和等勢(shì)面，該空間內(nèi)有P、Q兩點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A.靜電計(jì)兩根金屬指針帶異種電荷B.圖中實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示等勢(shì)面C.圖中P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)D.圖中P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)【答案】C【解析】A．靜電計(jì)兩根金屬指針帶同種電荷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．圓形金屬外殼是等勢(shì)面，則圖中實(shí)線表示等勢(shì)面，電場(chǎng)線與等勢(shì)面正交，可知虛線表示電場(chǎng)線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．金屬指針帶正電，電場(chǎng)線由金屬指針指向金屬外殼，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知圖中P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)，選項(xiàng)C正確；D．圖中P點(diǎn)的電場(chǎng)線較Q點(diǎn)密集，可知P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。5.兩物塊A、B用輕彈簧相連，質(zhì)量均為2kg，初始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，A、B兩物塊都以v=6m/s速度在光滑的水平地面上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量4kg的物塊C靜止在前方，如圖所示，B與C碰撞后二者會(huì)粘在一起運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.B、C碰撞剛結(jié)束時(shí)BC的共同速度為3m/sB.彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物塊A的速度為3m/sC.彈簧的彈性勢(shì)能最大值為36JD.彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A、B、C三物塊速度相同【答案】B【解析】A．B與C碰撞時(shí)B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰后瞬間B、C兩者速度為vBC，規(guī)定向右為正方向，則解得故A錯(cuò)誤；BC．當(dāng)A、B、C三者的速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，由A、B、C三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)向右為正方向解得設(shè)物塊ABC速度相同時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大為Ep，根據(jù)能量守恒故B正確，C錯(cuò)誤；D．若三者共速時(shí)系統(tǒng)減少的動(dòng)能最多，一定是變成儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能，則此時(shí)彈簧不會(huì)是原長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤。故選B。6.我國(guó)首個(gè)火星探測(cè)器“天問一號(hào)”發(fā)射過程可簡(jiǎn)化為：探測(cè)器在地球表面加速并經(jīng)過一系列調(diào)整變軌，成為一顆沿地球公轉(zhuǎn)軌道繞太陽(yáng)運(yùn)行的人造行星；再在適當(dāng)位置加速，經(jīng)橢圓軌道（霍曼轉(zhuǎn)移軌道）到達(dá)火星。已知地球的公轉(zhuǎn)周期為T，P、N兩點(diǎn)分別為霍曼轉(zhuǎn)移軌道上的近日點(diǎn)與遠(yuǎn)日點(diǎn)，可認(rèn)為地球和火星在同一軌道平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，火星軌道半徑約為地球軌道半徑的1.5倍，則下列說法正確的是（）A.火星的公轉(zhuǎn)周期為B.天問一號(hào)的發(fā)射速度介于7.9km/s與11.2km/sC.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的速度小于N點(diǎn)的速度D.探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P、N兩點(diǎn)加速度之比為9∶4【答案】D【解析】A．根據(jù)開普勒第三定律可知火星的公轉(zhuǎn)周期為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．天問一號(hào)要脫離地球的引力，但不脫離太陽(yáng)的引力范圍，可知其發(fā)射速度介于11.2km/s與16.7km/s之間，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P點(diǎn)的速度大于N點(diǎn)的速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可得探測(cè)器在霍曼轉(zhuǎn)移軌道上P、N兩點(diǎn)加速度之比為選項(xiàng)D正確。故選D。7.甲為智能停車位，車位地面預(yù)埋有自感線圈L和電容器C構(gòu)成LC振蕩電路。當(dāng)車輛靠近或駛離自感線圈L時(shí)，可使線圈L自感系數(shù)發(fā)生變化，從而引起LC電路中的振蕩電流頻率變化。智能停車位計(jì)時(shí)器根據(jù)振蕩電流頻率變化，進(jìn)行計(jì)時(shí)。某次汽車靠近自感線圈L時(shí)，振蕩電路中的電流隨時(shí)間變化如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.若汽車駛離智能停車位，則線圈L自感系數(shù)變大B.t1~t2過程，電容C中電場(chǎng)能在增大C.t1~t2過程，線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在減小D.t2時(shí)刻電容器C所帶電量為最大【答案】C【解析】A．由圖乙可知，振蕩電路的周期變大，根據(jù)可知線圈自感系數(shù)變大，則汽車正駛?cè)胫悄芡＼囄?，故A錯(cuò)誤；B．t1～t2過程，電流逐漸增大，線圈L中磁場(chǎng)能在增大，電場(chǎng)能在減小，故B錯(cuò)誤；C．t1～t2過程，由圖可知，圖像斜率減小，電流的變化率越來越小，線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在減小，故C正確；D．t2時(shí)刻電流最大，電容器放電結(jié)束，此時(shí)電容器C所帶電量最小，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，真空中平行玻璃磚的折射率，一束單色光與界面成角斜射到玻璃磚表面上，最后在玻璃磚的右側(cè)面豎直光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光點(diǎn)A和B，相距h=2.0cm，則下列說法正確的是（）A.若減小θ角，則在玻璃磚的下表面將會(huì)沒有光線射出B.該單色光射入玻璃磚的折射角為60°C.該玻璃磚的厚度D.若減小θ角，則射出玻璃磚的光線側(cè)移越小【答案】C【解析】A．最后在玻璃磚的右側(cè)面豎直光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光點(diǎn)A和B如圖，若減小θ角，則在玻璃磚的下表面不會(huì)發(fā)生全反射，只要有光折射進(jìn)去就會(huì)有光線射出，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)折射定律解得，，故B錯(cuò)誤；C．如圖根據(jù)幾何關(guān)系OE=h，又由解得，故C正確；9.某節(jié)水噴灌系統(tǒng)如圖所示，水以v0=15m/s的速度水平噴出，每秒噴出水的質(zhì)量為4.0kg。噴出的水是從井下抽取的，噴口離水面的高度保持H=3.75m不變。水泵由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，輸入電壓為220V，輸入電流為4.0A。不計(jì)電動(dòng)機(jī)的摩擦損耗，電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于水泵所需要的輸入功率。已知水泵的抽水效率（水泵的輸出功率與輸入功率之比）為75%，忽略水在管道中運(yùn)動(dòng)的機(jī)械能損失，則下列說法正確的是（）A.每秒水泵對(duì)水做功為150JB.每秒水泵對(duì)水做功為450JC.水泵輸入功率為880WD.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為5Ω【答案】D【解析】AB．水從井下到噴出位置之間的過程中，根據(jù)功能關(guān)系可得，每秒水泵對(duì)水做功為解得W=600J故AB錯(cuò)誤；C．水泵輸入功率為故C錯(cuò)誤；D．由題意可知，水泵的輸入功率等于電動(dòng)機(jī)的輸出功率，而電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于電動(dòng)機(jī)的輸出功率和發(fā)熱功率之和，即UI=P入+I2r解得電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為r=5Ω故D正確。故選D。10.排球比賽中，某次運(yùn)動(dòng)員將飛來的排球從a點(diǎn)水平擊出，球擊中b點(diǎn)；另一次將飛來的排球從a點(diǎn)的正下方c點(diǎn)斜向上擊出，也擊中b點(diǎn)，且b點(diǎn)與c點(diǎn)等高。第二次排球運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)d與a點(diǎn)等高，且兩軌跡交點(diǎn)恰好為排球網(wǎng)上端點(diǎn)e。不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A.兩個(gè)過程中，排球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的速度大小可能相等B.b點(diǎn)與c點(diǎn)到球網(wǎng)平面的水平距離之比為3:2C.a、c兩點(diǎn)高度差與e、c兩點(diǎn)高度差之比為4:3D.運(yùn)動(dòng)員兩次擊球?qū)ε徘蛩龅墓赡芟嗟取敬鸢浮緿【解析】AD.第二次排球運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)d與a點(diǎn)等高，故比較第一次排球從到給過程和第二次排球從到的過程，這兩個(gè)過程都做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落高度一樣，假設(shè)到的高度差為，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間一樣，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有且可得第一次排球到達(dá)的速度為第二次排球到達(dá)的速度為可得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)員兩次擊球?qū)ε徘蛩龅墓Ψ謩e等于排球在點(diǎn)和點(diǎn)的動(dòng)能，即，第二次排球在點(diǎn)速度大小等于點(diǎn)速度大小，即說明只要滿足則有即選項(xiàng)D正確；B.比較第一次排球從到過程和第二次排球從到過程，根據(jù)可逆性，把第二次排球從到過程看成是從到過程的平拋運(yùn)動(dòng)，這兩個(gè)過程豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落高度一樣，運(yùn)動(dòng)時(shí)間也一樣，根據(jù)可得故有選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.研究第一次排球的運(yùn)動(dòng)過程，由于可知根據(jù)可得故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選D。二、選擇題II（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.關(guān)于以下四張圖片，則下列說法正確的是（）A.圖甲豎直的肥皂膜看起來是一條條水平彩色橫紋，是由于光的衍射現(xiàn)象B.圖乙當(dāng)磁鐵靠近干簧管時(shí)，兩個(gè)簧片被磁化而接通，干簧管起到開關(guān)的作用C.圖丙方解石的雙折射現(xiàn)象，說明所有晶體在光學(xué)性質(zhì)方面都具有各向異性D.圖丁醫(yī)生通過發(fā)射頻率已知的超聲波來檢查血管是否發(fā)生病變，俗稱“彩超”，這是利用超聲波的多普勒效應(yīng)【答案】BD【解析】A．圖甲豎直的肥皂膜看起來是一條條水平彩色橫紋，是由于光的干涉產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；B．圖乙當(dāng)磁鐵靠近干簧管時(shí)，兩個(gè)簧片被磁化，由于磁化后的簧片相互吸引而接通，干簧管起到開關(guān)的作用，故B正確；C．方解石的雙折射現(xiàn)象表明方解石這種晶體在光學(xué)性質(zhì)方面具有各向異性，但不是所有晶體在光學(xué)性質(zhì)方面都具有各向異性，例如多晶體在光學(xué)性質(zhì)上表現(xiàn)為各向同性，故C錯(cuò)誤；D．圖丁醫(yī)生通過發(fā)射頻率已知的超聲波來檢查血管是否發(fā)生病變，俗稱“彩超”，這是利用超聲波的多普勒效應(yīng)。當(dāng)超聲波遇到運(yùn)動(dòng)的物體時(shí)，反射回來的超聲波頻率會(huì)發(fā)生變化，根據(jù)這個(gè)頻率變化可以了解血管內(nèi)血液的流動(dòng)情況等，從而判斷血管是否病變，故D正確。故選BD。12.如圖甲所示，在同一均勻介質(zhì)中有兩個(gè)振動(dòng)方向相同的波源S1、S2，S1在處，S2在x=12m處，介質(zhì)中的P點(diǎn)坐標(biāo)為x=4m。t1=0時(shí)刻，S1、S2同時(shí)開始振動(dòng)，振動(dòng)圖像均如圖乙所示，在t2=4s時(shí)，P點(diǎn)開始振動(dòng)。則下列說法正確的是（）A.P點(diǎn)起振的方向沿y軸正方向B.該波波長(zhǎng)為1mC.P點(diǎn)為兩波相遇后的振動(dòng)減弱點(diǎn)D.質(zhì)點(diǎn)P在0~8s內(nèi)走過的路程為600cm【答案】AD【解析】A．波源S2先傳播到P點(diǎn)，由振動(dòng)圖像可知波源起振方向?yàn)閥軸正方向，故P點(diǎn)起振的方向沿y軸正方向，故A正確；B．波源S2先傳播到P點(diǎn)時(shí)間為4s，波速，振動(dòng)圖像可知該波波長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；C．兩個(gè)波源振動(dòng)方向相同且P點(diǎn)到兩波源的路程差，P點(diǎn)為兩波相遇后的振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．t2=4s時(shí)，P點(diǎn)開始參與S2振動(dòng)10個(gè)周期，t2=6s時(shí)，P點(diǎn)同時(shí)參與S1、S2振動(dòng)10個(gè)周期且為加強(qiáng)點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)P在0~8s內(nèi)走過的路程，故D正確。故選AD。13.如圖所示，矩形線圈abcd放置在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直于磁場(chǎng)的中心轉(zhuǎn)軸OO'以600r/min的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磁場(chǎng)分布在OO'的右側(cè)，磁感應(yīng)強(qiáng)度線圈匝數(shù)n=50匝，面積S=100cm2。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比，定值電阻，C為電容器，電流表A為理想交流電表，不計(jì)矩形線圈的電阻，則下列說法正確的是（）A.矩形線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為B.副線圈兩端獲得電壓為15VC.減小電容器的電容，電流表示數(shù)將增大D.變壓器輸出功率小于90W【答案】BD【解析】A．由于磁場(chǎng)分布在的右側(cè)，則矩形線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為其中角速度聯(lián)立解得，故A錯(cuò)誤；B．原線圈輸入電壓有效值為根據(jù)電壓比等于匝數(shù)比解得副線圈輸出電壓有效值，故B正確；C．交變電流頻率不變，電容對(duì)交流電也有阻礙效果，這種阻礙效果為容抗，其大小為減小電容器的電容，電容對(duì)交流電的阻礙效果增強(qiáng)，則通過定值電阻所在支路電流減小，即電流表示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；D．定值電阻中電流為定值電阻消耗的功率為由題知，定值電阻，定值電阻與電容器串聯(lián)，所在支路除了對(duì)電流有阻礙作用外，還有電容器對(duì)電流的阻礙作用，即所在支路對(duì)電流的總的阻礙效果作用大于定值電阻所在支路對(duì)電流的阻礙效果，所以電流表示數(shù)小于3A，即根據(jù)可知?jiǎng)t變壓器輸出功率故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某同學(xué)要研究一小燈泡L（3.6V，0.30A）的伏安特性。所用器材有：電流表A1（量程200mA，內(nèi)阻Rg1=10.0Ω），電流表A2（量程500mA，內(nèi)阻Rg2=1.0Ω）、定值電阻R0（阻值R0=10.0Ω）、滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值10Ω）、電源E（電動(dòng)勢(shì)4.5V，內(nèi)阻很?。㈤_關(guān)S和若干導(dǎo)線。該同學(xué)設(shè)計(jì)的電路如圖（a）所示。（1）閉合開關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)滑到___________（填“左”或“右”）端；（2）若I1、I2分別為流過電流表A1和A2的電流，利用I1、I2、Rg1和R0寫出：小燈泡兩端的電壓U=___________，為保證小燈泡的安全，I1不能超過___________mA。（3）如果用另一個(gè)電阻替代定值電阻R0，其他不變，為了能夠測(cè)量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于___________Ω（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）右（2）I1(Rg1+R0)180（3）8.0【解析】（1）閉合開關(guān)S前，為了保證電流表安全，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)滑到右端，使電流表示數(shù)從0開始調(diào)節(jié)。（2）[1]由電路圖可知小燈泡兩端的電壓為[2]為保證小燈泡的安全，應(yīng)有代入數(shù)據(jù)解得可知I1不能超過180mA。（3）要測(cè)量完整的伏安特性曲線則燈泡兩端的電壓至少要達(dá)到3.6V，而電流表A1不能超過其量程200mA，根據(jù)歐姆定律有可得如果用另一個(gè)電阻替代定值電阻R0，為了能夠測(cè)量完整的伏安特性曲線，所用電阻的阻值不能小于8.0Ω。15.如圖所示，某同學(xué)在“測(cè)定玻璃折射率”的實(shí)驗(yàn)中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa'和bb'（aa'bb'），O為直線MO與aa'的交點(diǎn)，在直線MO上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針。（1）該同學(xué)接下來要完成的必要步驟有；A.插上大頭針P3，使P3僅擋住P2的像B.插上大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像C.插上大頭針P4，使P4僅擋住P3的像D.插上大頭針P4，使P4擋住P3和P1、P2的像（2）如圖是他在操作過程中的一個(gè)狀態(tài)，請(qǐng)你指出第四枚大頭針P4最可能插在圖中的位置是________；（選填“A”“B”或“C”）（3）如果玻璃磚的界面aa'和bb'不平行，仍然用這種方法測(cè)玻璃折射率，在操作完全正確的情況下，測(cè)量值將__________（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實(shí)值；【答案】（1）BD（2）B（3）等于【解析】（1）在插上大頭針P3時(shí)，需要使P3擋住P1、P2的像；在插大頭針P4時(shí)，需要使P4擋住P3和P1、P2的像，BD符合題意。故選BD。（2）由于和兩個(gè)邊界平行，因此出射光線與入射光線也應(yīng)平行，因此P4的位置在B點(diǎn)，如圖所示（3）如果玻璃磚的界面和不平行，仍然用這種方法測(cè)玻璃折射率，在操作完全正確的情況下，測(cè)量的入射角和折射角都是正確的，所以測(cè)量值等于真實(shí)值。16.某實(shí)驗(yàn)小組完成“用油膜法測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn).（1）實(shí)驗(yàn)中要讓油酸在水面盡可能散開，形成單分子油膜，并將油膜分子看成球形且緊密排列.本實(shí)驗(yàn)體現(xiàn)的物理思想方法為（單選，填字母）.A.控制變量法 B.理想化模型法 C.等效替代法（2）某同學(xué)在完成“用油膜法測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，計(jì)算結(jié)果明顯偏小，可能是由于（單選，填字母）.A.油酸酒精溶液配制的時(shí)間較長(zhǎng)，酒精揮發(fā)較多B.計(jì)算油膜面積時(shí)舍去了所有不足一格的方格C.求每滴體積時(shí)，1mL的溶液的滴數(shù)少記了10滴D.油酸未完全散開【答案】（1）B（2）A【解析】（1）本實(shí)驗(yàn)體現(xiàn)的物理思想方法為理想化模型法，故選B。（2）根據(jù)可知A．油酸酒精溶液配制的時(shí)間較長(zhǎng)，酒精揮發(fā)較多，則一滴油酸酒精溶液中含純油酸偏多，導(dǎo)致油膜面積較大，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏小，選項(xiàng)A正確；B．計(jì)算油膜面積時(shí)舍去了所有不足一格的方格，則S偏小，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．求每滴體積時(shí)，1mL的溶液的滴數(shù)少記了10滴，導(dǎo)致一滴油酸酒精溶液中含純油酸的體積偏大，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．油酸未完全散開，則S偏小，則導(dǎo)致分子直徑測(cè)量值偏大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。17.家庭中使用的一種強(qiáng)力掛鉤，其工作原理如圖所示。使用時(shí)，按住鎖扣把吸盤緊壓在墻上（如圖甲），吸盤中的空氣被擠出一部分后，吸盤內(nèi)封閉氣體的體積為V0，壓強(qiáng)為p0，然后再把鎖扣扳下（如圖乙），使吸盤內(nèi)氣體體積變?yōu)?.5V0，讓吸盤緊緊吸在墻上，已知吸盤與墻面的有效正對(duì)面積為S，強(qiáng)力掛鉤的總質(zhì)量為m，與墻面間的最大靜摩擦力是正壓力的k倍，外界大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g，忽略操作時(shí)的溫度變化，把封閉氣體看成理想氣體（只有吸盤內(nèi)的氣體是封閉的）。（1）在鎖扣扳下的過程中墻壁上單位面積所受氣體分子的平均作用力___________（選填“變大”、“變小”或“不變”），氣體分子的平均動(dòng)能___________（選填“變大”、“變小”或“不變”）。（2）此掛鉤所掛物體的最大質(zhì)量為多少？【答案】（1）變小不變（2）【解析】（1）[1][2]此過程中溫度不變，根據(jù)玻意耳定律可知，吸盤內(nèi)的氣體的壓強(qiáng)減小，因此墻壁上單位面積所受氣體分子的平均作用力變小，氣體分子的平均動(dòng)能不變。（2）根據(jù)玻意耳定律有令此掛鉤所掛物體的最大質(zhì)量為M對(duì)物體與掛鉤整體分析有解得18.如圖所示，在豎直平面內(nèi)一游戲裝置由兩個(gè)分離的軌道Ⅰ和Ⅱ組成，軌道Ⅰ固定在水平地面上，由水平直軌道AB，圓心為O1的螺旋圓形軌道BCD，水平直軌道DE和傾斜直軌道EF組成。軌道Ⅱ可按需要在水平面上平移后固定，由傾斜直軌道GH，圓心為O2的圓弧形軌道HIJ，傾斜直軌道JK組成，兩個(gè)軌道的各部分均平滑連接。F、G、O2等高，除JK段外，其他各段均光滑。游戲開始，固定在A處的彈射裝置將質(zhì)量為m1=0.3kg的滑塊