2026屆重慶市直屬校高二物理第一學期期末聯考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣塊，甲、乙疊放在一起置于光滑的水平地面上，空間存在著水平方向的勻強磁場，在水平恒力F的作用下，甲、乙無相對滑動地一起向左加速運動，在加速運動階段（）A.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊間的摩擦力不變C.甲、乙向左運動的加速度不斷減小D.甲對乙的壓力不斷減小2、如圖，光滑無電阻的金屬框架MON豎直放置，勻強磁場的磁感應強度為B，方向垂直于MON平面指向紙里。質量為m，長度為l，電阻為R的金屬棒ab從∠abO=45°的位置由靜止釋放，兩端沿框架在重力作用下滑動。若當地的重力加速度為g，金屬棒與軌道始終保持良好接觸，下列說法正確的是（）A.棒下滑過程機械能守恒B.下滑過程中棒產生從b到a方向的電流C.從釋放到棒全部滑至水平軌道過程中產生電能等于D.從釋放到棒全部滑至水平軌道過程中，通過棒的電荷量等于3、如圖所示，MN、PQ是水平方向的勻強磁場的上下邊界，磁場寬度為L．一個邊長為a的正方形導線框（L>2a）從磁場上方下落，運動過程中上下兩邊始終與磁場邊界平行．線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如右圖所示，則線框從磁場中穿出過程中線框中感應電流i隨時間t變化的圖象可能是以下的哪一個（）A. B.C. D.4、關于磁通量，下列說法正確的是（）A.穿過某個面的磁通量為零，該處的磁感應強度也為零B.穿過某一平面的磁通量越大，該處的磁感應強度也越大C.面積越大，通過這個面的磁通量就越大D.當平面跟磁場方向平行時，穿過這個平面的磁通量必為零5、關于電功W和電熱Q的說法正確的是（）A.在任何電路中都有W＝UIt、Q＝I2Rt，且W＝QB.在任何電路中都有W＝UIt、Q＝I2Rt，但W不一定等于QC.W＝UIt、Q＝I2Rt均只有在純電阻電路中才成立D.W＝UIt在任何電路中都成立，Q＝I2Rt只在純電阻電路中才成立6、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形軌道分別豎直放置在勻強電場和勻強磁場中，兩軌道平面分別與磁場垂直，與電場平行，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的．兩個相同的帶正電小球同時從兩軌道左端最高點由靜止釋放，M、N為軌道的最低點．則下列說法正確的是A.兩小球到達軌道最低點的速度vM<vNB.兩小球第一次到達軌道最低點時對軌道的壓力FM<FNC.小球第一次到達M點的時間晚于小球第一次到達N點的時間D.在磁場中小球能到達軌道的另一端，在電場中小球不能到達軌道的另一端二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源內阻不能忽略．閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，則下列敘述正確的是（）A.燈L1變亮，電壓表的示數增大B.燈L2變暗，電流表的示數增大C.電源的效率增大，電容器C所帶電荷量減小D.電源的效率減小，電容器C所帶電荷量減小8、如圖，a、b、c、d是均勻媒質中x軸上的四個質點，相鄰兩點的間距依次為2m、4m和6m．一列簡諧橫波以2m/s的波速沿x軸正向傳播，在時刻到達質點a處，質點a由平衡位置開始豎直向下運動，時a第一次到達最高點．下列說法正確的()A.在時刻波恰好傳到質點d處B.在時刻質點c恰好到達最高點C.質點b開始振動后，其振動周期為4sD.在的時間間隔內質點c向上運動9、許多科學家在物理學發(fā)展過程中做出了重要貢獻，下列敘述中符合物理學史實是A.庫侖最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場B.丹麥物理學家奧斯特首先發(fā)現電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉C.法拉第發(fā)現了電磁感應現象，并發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機D.安培發(fā)現了電流的熱效應，定量得出了電能和熱能之間的轉換關系10、如圖所示為正方形，區(qū)域有垂直紙面向里的勻強磁場，區(qū)域有方向平行的勻強電場（圖中未畫出）．一帶電粒子從點沿方向射入磁場后經過的中點進入電場，接著從點射出電場．若不計粒子的重力，下列說法正確的是A.粒子在磁場中運動的半徑為正方形邊長的一半B.電場的方向是由指向C.粒子在點和點的電勢能相等D.粒子在磁場、電場中運動的時間之比為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用如圖甲所示的裝置做“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗他通過實驗得到如圖乙所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線．由圖線可知彈簧的原長x0=______cm，勁度系數k=________N/m12．（12分）某探究性學習小組利用如圖所示的電路測量電池的電動勢和內阻．其中電流表A1的內阻r1=1.0kΩ，電阻R1=9.0kΩ，為了方便讀數和作圖，給電池串聯一個R0=3.0Ω的電阻（1）按圖示電路進行連接后，發(fā)現、和三條導線中，混進了一條內部斷開的導線．為了確定哪一條導線內部是斷開的，將電鍵S閉合，用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數不為零，再測量、間電壓，若讀數不為零，則一定是_______導線斷開；若讀數為零，則一定是_______導線斷開（2）排除故障后，該小組順利完成實驗．通過多次改變滑動變阻器觸頭位置，得到電流表A1和A2的多組I1、I2數據，作出圖象如右圖．由I1–I2圖象得到電池的電動勢E=_______V，內阻r=_______Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】ABC．甲、乙兩物塊間沒有相對的滑動，是靜摩擦力，由于乙與地面之間的沒有摩擦力，整體的加速度不變，所以對于甲來說，靜摩擦力作為合力產生加速度，由于整體的加速度不變，所以甲、乙兩物塊間的摩擦力不變，故A錯誤，B正確，C錯誤；D．甲帶正電，在向左運動的過程中，受到的洛倫茲力的方向向下，所以對乙的壓力變大，故D錯誤。故選B2、D【解析】A．棒在下滑過程中，棒與金屬導軌組成閉合回路，磁通量在改變，會產生感應電流，棒將受到安培力作用，安培力對棒做功，棒的機械能不守恒，故A錯誤；B．棒下滑過程中，圍成的面積減小，根據楞次定律可知，產生感應電流，方向為到，故B錯誤；C．棒從釋放到滑至水平軌道過程，金屬棒的重力勢能減小為金屬棒減小的重力勢能轉化為金屬棒的電能和金屬棒的動能，由能量守恒定律得知棒上產生的電能小于，故C錯誤；D．棒與金屬導軌組成閉合回路磁通量的變化量為根據推論得到通過棒的電荷量為故D正確；故選D。3、B【解析】由題意可知，線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，由法拉第電磁感應定律可知，線框勻速進入磁場，由于L＞2a，當完全進入磁場后，因磁通量不變，則沒有感應電流，線框只受到重力，使得線框速度增加，當出磁場時，速度大于進入磁場的速度，由法拉第電磁感應定律可知，出磁場的感應電流大于進磁場的感應電流，導致出磁場時的安培力大于重力，導致線框做減速運動，根據牛頓第二定律，BIL-mg=ma，則做加速度在減小的減速運動，故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】由題意可知，線框進入磁場時，做勻速直線運動，根據L＞2a，則可知，出磁場時，速度與進入磁場的速度相比較，從而確定線框的運動性質，進而由法拉第電磁感應定律，可求得感應電流的大小如何變化，即可求解4、D【解析】穿過某個面的磁通量為零，此處磁感應強度不一定為零，可能此平面與磁感線平行，故A錯誤；磁通量的大小除與磁感應強度有關，還與線圈的面積有關．故B錯誤；磁通量的大小除與磁感應強度有關，還與線圈的面積、線圈與磁感應強度之間的夾角有關，面積越大，通過這個面的磁通量不一定越大，故C錯誤；當平面跟磁場方向平行時，穿過這個平面的磁通量必為零．故D正確．故選D考點：磁通量5、B【解析】純電阻電路，電功可用公式計算，也可用公式計算，非純電阻電路，電功用公式計算，電熱用公式計算【詳解】非純電阻中，用來求電功，用來求電熱，但W>Q；只有在純電阻電路，根據能量守恒電功和電熱電相等，電功可用公式計算，也可用公式計算，可用于任何電路求總電功，而可以適用任何電路求熱功，故B正確，A、C、D錯誤；故選B?！军c睛】關鍵是了解純電阻電路、非純電阻電路，對于電功、電熱計算，注意靈活選取公式6、D【解析】兩個軌道的半徑相同，根據圓周運動的向心力的公式可以分析小球通過最低點是對軌道的壓力，小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，小球在電場中受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小【詳解】在磁場中運動時，只有重力做正功，在電場中運動時，重力做正功、電場力做負功，由動能定理可知：；；解得，vM＞vN，由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒；而小球在電場中運動受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小，所以在電場中運動的時間也長，故AC錯誤；最低點M時，支持力與重力和洛倫茲力（方向豎直向下）的合力提供向心力，最低點N時，支持力與重力的合力提供向心力，因為vM＞vN，可知：FM＞FN，故B錯誤；由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，所以小球可以到達軌道的另一端，而電場力做小球做負功，所以小球在達到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達最右端，故D正確；故選D【點睛】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球對軌道的作用力，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球對軌道的壓力的大小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯的電阻減小，外電路總電阻減小，根據歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化．電壓表的示數等于路端電壓．判斷燈L1亮度的變化．根據路端電壓與燈L1電壓的變化，分析并聯部分電壓的變化，判斷燈L2亮度的變化．根據干路電流與燈L2電流的變化，分析電流表讀數的變化．根據電容器電壓的變化，即可判斷其電量的變化【詳解】將滑動變阻器的滑片P向下調節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗．流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數增大，故A錯誤，B正確；R與燈L2并聯，U并減小，電容器板間電壓減小，則其帶電量減?。蔇正確，C錯誤．故選BD【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，難點在于分析電流的示數變化，往往根據干路電流與另一支路的電流變化來確定，也可以根據結論判斷，即變阻器這一路電流的變化與干路電流變化情況一致8、ACD【解析】A．ad間距離為x=12m，波在同一介質中勻速傳播，則波從a傳到d的時間為，即在t=6s時刻波恰好傳到質點d處．故A正確；B．設該波的周期為T，由題可得，，得T=4s．波從a傳到c的時間為，則在t=5s時刻質點c已振動了2s，而c起振方向向下，故在t=5s時刻質點c恰好經過平衡位置向上．故B錯誤；C．質點b的振動周期等于a的振動周期，即為4s．故C正確；D．在4s＜t＜6s的時間內，質點c振動了1s＜t＜3s，此時c點從波谷向波峰運動，D正確故選ACD9、BC【解析】A．法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場，選項A錯誤；B．丹麥物理學家奧斯特首先發(fā)現電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉，選項B正確；C．法拉第發(fā)現了電磁感應現象，并發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機，選項C正確；D．焦耳發(fā)現了電流的熱效應，定量得出了電能和熱能之間的轉換關系，選項D錯誤；故選BC.10、AD【解析】根據“為正方形，區(qū)域有垂直紙面向里的勻強磁場，區(qū)域有方向平行的勻強電場”可知，考查了帶電粒子在復合場中的運動；粒子在電場中做類似平拋運動，根據類似平拋運動的分位移公式列式求解電場強度，根據分速度公式列式求解末速度；在磁場中做勻速圓周運動，畫出臨界軌跡，結合牛頓第二定律和幾何關系分析即可【詳解】A、一帶電粒子從d點沿da方向射入磁場后經過bd中點e進入電場，由對稱性可知，粒子從e點進入電場的速度水平向右，粒子的運動軌跡的圓心角為90°，故粒子在磁場中運動的半徑為正方形邊長的一半，故A正確；B、由于粒子帶負電，進入電場后彎向上方，受力向上，則電場方向就向下，由b指向c，故B錯誤；C、由于磁場對粒子不做功，所以de兩點的動能相等，但從e到b電場力做正功，動能增加，所以bd兩點的電勢能不相等，故C錯誤；D、在磁場中偏轉90°，時間，而在電場中運動的時間，兩者比值為，故D正確【點睛】明確粒子的運動規(guī)律，畫出運動的軌跡是解題的關鍵三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）4；②.（2）50【解析】彈簧處于原長時，彈力為零；根據胡克定律F=k△x求解勁度系數；【詳解】彈簧處于原長時，彈力為零，故原長為4cm；彈簧彈力為8N時，彈簧的長度為20cm，伸長量為16cm；根據胡克定律F=k△x，有：；12、①.②.③.1.41（1.36~1.44均可）④.0.5（0.4~0.6均可）【解析】①用電壓擋檢測電路故障，電壓表的表頭是電流計，原電路有斷路，回路中無電流，將電壓表接在間后有示數，說明電路被接通，即間有斷路故障，再測量間電壓，電壓表讀數不為零，說明斷路故障的范圍被縮小到間，則一定是導線斷開；若讀數為零，則說明電路仍未被接通，斷路故障的范圍被確