2026屆廣西壯族自治區(qū)百色市廣西田陽高中高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，、為兩個(gè)完全相同的燈泡，為自感線圈，為電源，為開關(guān)，關(guān)于兩燈泡點(diǎn)亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是（）A.合上開關(guān)，先亮，后亮；斷開開關(guān)，、同時(shí)熄滅B.合上開關(guān)，先亮，后亮；斷開開關(guān)，先熄滅，后熄滅C.合上開關(guān)，先亮，后亮；斷開開關(guān)，、同時(shí)熄滅D.合上開關(guān)，、同時(shí)亮；斷開開關(guān)，先熄滅，后熄滅2、如圖所示，在真空中，A、B兩點(diǎn)分別放置等量異種點(diǎn)電荷，在A、B兩點(diǎn)間取一正八邊形路徑abcdefgha，其中心O與A、B連線的中點(diǎn)重合，ah⊥AB。下列說法正確的是（）A.a點(diǎn)和d點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.b點(diǎn)和c點(diǎn)的電勢(shì)相等C.電子在f點(diǎn)的電勢(shì)能比在g點(diǎn)的電勢(shì)能大D.將電子從d點(diǎn)沿直線移動(dòng)到e點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功3、如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R1的觸頭由右向左滑動(dòng)時(shí)，電路中電流表A及電壓表V1、V2的讀數(shù)的變化是A.V1、V2、A的讀數(shù)都減小B.V1、V2、A的讀數(shù)都增大C.V1減小，V2、A增大D.V1增大，V2、A減小4、如圖所示，一條形磁鐵豎直放在桌面上，一閉合圓線圈從其正上方某處，保持水平由靜止下落，最后套上條形磁鐵落到桌面上，該過程中（）A.線圈內(nèi)產(chǎn)生大小、方向都不變的電流 B.線圈內(nèi)產(chǎn)生大小變化、方向不變的電流C.線圈將始終受到向上的磁場(chǎng)作用力 D.線圈受到先向上后向下的磁場(chǎng)作用力5、在如圖所示電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向上移動(dòng)時(shí)，則（）A.A燈變暗、B燈變亮、C燈變暗B.A燈變亮、B燈變亮、C燈變亮C.A燈變亮、B燈變暗、C燈變暗D.A燈變暗、B燈變暗、C燈變亮6、點(diǎn)電荷P、Q在真空中產(chǎn)生電場(chǎng)的電場(chǎng)線如圖所示，下列說法正確的是（）A.P、Q都是正電荷B.P、Q都是負(fù)電荷C.P是負(fù)電荷，Q是正電荷D.P是正電荷，Q是負(fù)電荷二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在圖示電路中，P為滑動(dòng)變阻器的滑片，電表均為理想電表．下列說法正確的是A.在P向右移動(dòng)的過程中，電流表的示數(shù)變大B.在P向右移動(dòng)的過程中，電壓表的示數(shù)變大C.當(dāng)P移到滑動(dòng)變阻器的右端時(shí)，電源內(nèi)部消耗的電功率最大D.當(dāng)P移到滑動(dòng)變阻器的右端時(shí)，電源的效率最高8、電子以初速度v0垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則（）A.磁場(chǎng)對(duì)電子的洛倫茲力大小、方向恒定不變B.磁場(chǎng)對(duì)電子的洛倫茲力始終不做功C.電子的速度、加速度始終不變D.電子的動(dòng)能始終不變9、有一個(gè)理想變壓器的原副線圈匝數(shù)之比為n1：n2=2：1，電源電壓，電阻R1=4Ω，R2=2Ω，它們消耗的功率分別為P1和P2，則A.P1=4WB.P1=16WC.P2=2WD.P2=8W10、如圖所示，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值．靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m（不計(jì)重力），從點(diǎn)P經(jīng)電場(chǎng)加速后，從小孔Q進(jìn)入N板右側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場(chǎng)邊界上的一絕緣板，它與N板的夾角為θ=30°，孔Q到板的下端C的距離為L(zhǎng)，當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打在CD板上，則()A.兩板間電壓的最大值 B.CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間 D.能打到N板上的粒子的最大動(dòng)能為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖是一個(gè)阻值為2Ω的電阻的交變電流圖象，根據(jù)圖象可求出它的頻率為________Hz，在一個(gè)周期內(nèi)電阻的電熱為________J12．（12分）圖中虛線框內(nèi)存在一沿水平方向、且與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)通過測(cè)量通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受的安培力，來測(cè)量磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、并判定其方向．所用部分器材已在圖中給出，其中D為位于紙面內(nèi)的U形金屬框，其底邊水平，兩側(cè)邊豎直且等長(zhǎng)；E為直流電源；R為電阻箱；A為電流表；S為開關(guān)．此外還有細(xì)沙、天平、米尺和若干輕質(zhì)導(dǎo)線完成下列主要實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：(1)①按圖接線②保持開關(guān)S斷開，在托盤內(nèi)加入適量細(xì)沙，使D處于平衡狀態(tài)；然后用天平稱出細(xì)沙質(zhì)量m1③閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)R的值使電流大小適當(dāng)，在托盤內(nèi)重新加入適量細(xì)沙，使D________；然后讀出________，并用天平稱出此時(shí)細(xì)沙的質(zhì)量m2④用米尺測(cè)量D的底邊長(zhǎng)度L(2)用測(cè)量的物理量和重力加速度g表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，可以得出B＝________(3)判定磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的方法是：若________，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外；反之，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原來電流的變化，根據(jù)楞次定律來分析兩燈亮暗順序【詳解】由圖可以看出，a、b燈泡在兩個(gè)不同的支路中，對(duì)于純電阻電路，不發(fā)生電磁感應(yīng)，通電后用電器立即開始正常工作，斷電后停止工作．但對(duì)于含電感線圈的電路，在通電時(shí)，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，對(duì)電流的變化有阻礙作用。則合上開關(guān)，b先亮，a后亮．當(dāng)斷開電鍵時(shí)，線圈中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，由a、b及電感線圈組成一個(gè)回路，兩燈同時(shí)逐漸熄滅．故C正確故選C【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于線圈要抓住這個(gè)特性：當(dāng)電流變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，為回路提供瞬間的電流2、C【解析】A．根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線分布，可知a點(diǎn)和d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，則電場(chǎng)強(qiáng)度不同；故A錯(cuò)誤。B．根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，知b點(diǎn)的電勢(shì)比c點(diǎn)的電勢(shì)高。故B錯(cuò)誤。C．f點(diǎn)的電勢(shì)比g點(diǎn)的電勢(shì)低，電子從f點(diǎn)移動(dòng)到g點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則電子在f點(diǎn)的電勢(shì)能比在g點(diǎn)的電勢(shì)能大。故C正確。D．因d點(diǎn)和e點(diǎn)電勢(shì)相等，則電子從d點(diǎn)到e點(diǎn)電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力做功為零，故D錯(cuò)誤。故選C3、D【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)，R1的阻值變大，串聯(lián)電路的總阻值增大，則根據(jù)歐姆定律可知，串聯(lián)電路的電流變小，即電流表A的讀數(shù)減小，電路中電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，則電壓表V1讀數(shù)會(huì)增大．又R2的阻值不變，根據(jù)U2=IR2可知電壓表V2的讀數(shù)減小，故D正確，ABC錯(cuò)誤4、C【解析】環(huán)在下落過程中，導(dǎo)致穿過環(huán)的磁通量發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流的方向，通過楞次定律的另一種表述判斷線圈受到磁場(chǎng)作用力的方向【詳解】A、B項(xiàng)：線圈從其正上方某處，保持水平由靜止下落，最后套上條形磁鐵落到桌面上，磁通量先增大后減小再增大，則感應(yīng)電流方向會(huì)發(fā)生變化，故A、B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：磁鐵和線圈之間的所有作用效果均是阻礙線圈磁通量的變化,根據(jù)”來拒去留”,可知,線圈受到的作用力始終向上,故C正確，D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)睛】要深刻理解楞次定律“阻礙”的含義．如“阻礙”引起的線圈面積、速度、受力等是如何變化的5、A【解析】當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流I減小，A燈變暗。A燈和電源的內(nèi)電壓都減小，由閉合電路歐姆定律得知并聯(lián)部分電壓增大，B燈變亮。由總電流減小，而通過B燈的電流增大，可知通過C燈的電流減小，則C燈變暗。故選A。6、C【解析】電場(chǎng)線的方向是由正電荷出發(fā)指向負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)，由圖知，P是負(fù)電荷，Q是正電荷，所以ABD錯(cuò)誤；C正確二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】AB．滑動(dòng)變阻器向右移動(dòng)，電路總電阻減小，根據(jù)：可知，電流表的示數(shù)變大，根據(jù)：可知電壓表的示數(shù)減小；故A正確，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)P移到滑動(dòng)變阻器的右端時(shí)，外電阻R最小，根據(jù)：可知，電路中的電流最大；根據(jù)：可知此時(shí)電源內(nèi)部消耗的電功率最大；故C正確；根據(jù)效率：可知，此時(shí)的電源的效率最低，故D錯(cuò)誤；8、BD【解析】電子以初速度v0垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子受到的洛倫茲力的大小：f=qvB，大小不變，但方向時(shí)刻改變，故A錯(cuò)誤；洛倫茲力的方向始終與速度的方向垂直，所以洛倫茲力只是改變了電子的運(yùn)動(dòng)方向，并沒有改變速度的大小，磁場(chǎng)不會(huì)對(duì)電子做功．故B正確．電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的方向始終沿圓弧的切線方向，方向不斷變化．同時(shí)加速度的方向也在時(shí)刻改變，故C錯(cuò)誤．電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的大小不變，所以電子的動(dòng)能就沒有變化．故D正確．故選BD【點(diǎn)睛】帶電粒子垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)射入，此時(shí)粒子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力只是改變帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向，不改變粒子的速度大小，即洛倫茲力不會(huì)對(duì)帶電粒子做功9、AD【解析】CD.由電源電壓知理想變壓器變壓關(guān)系，所以流過R2的電流，R2消耗的功率選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤；AB.流過R1的電流R1消耗的功率選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤。故選AD。10、ACD【解析】畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的示意圖，如圖所示，A.當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打CD板上，可知粒子半徑r=L，在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得可得兩板間電壓的最大值，故A正確；B.設(shè)粒子軌跡與CD相切于H點(diǎn)，此時(shí)粒子半徑為，粒子軌跡垂直打在CD邊上的G點(diǎn)，則GH間距離即為粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度s，根據(jù)幾何關(guān)系解得，則可得粒子打中區(qū)域的長(zhǎng)度故B錯(cuò)誤；C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最大圓心角，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為，故C正確；D.當(dāng)粒子在磁場(chǎng)的軌跡與CD邊相切時(shí)，即粒子半徑時(shí)，打到N板上的粒子的動(dòng)能最大，最大動(dòng)能為，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得qvB=m解得能打到N板上的粒子的最大動(dòng)能為，故D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.5②.40【解析】[1]由圖像可知，交變電流的周期為0.2s，則頻率為[2]由圖可知，電流的有效值一個(gè)周期內(nèi)電阻的電熱為12、①.重新處于平衡狀態(tài)②.電流表的示數(shù)I③.④.【解析】(1)[1][2]金屬框平衡時(shí)測(cè)量才有意義，讀出電流表的示數(shù)I；(2)[3]根據(jù)平衡條件，有：|m2-m1|g=BIL，解得：；(3)[4]若m2＞m1．則安培力的方向向下，根據(jù)左手定則可得，磁場(chǎng)的方向向外；反之，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律