雅禮教育集團(tuán)2025年上期期末考試高二物理參考答案題號(hào)123456789答案DDBCCCADBDACBC【詳解】A項(xiàng)：伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：文迪許扭秤試驗(yàn)，卡文迪許通過該實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：奧斯特最早通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：庫侖通過靜電力扭秤實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了庫侖定律，故D正確．點(diǎn)晴：該題考查了有關(guān)物理學(xué)史的知識(shí)，要了解物理學(xué)中的幾個(gè)重要試驗(yàn)以及對于的偉大發(fā)現(xiàn)，注意平時(shí)多看書積累．2．【答案】D【解答】工人由靜止下落L的過程中，由位移—時(shí)間公式得：代入數(shù)據(jù)解得工人自由落體的時(shí)間為：t0=1S根據(jù)沖量公式，可得人從跌落到安全帶最長時(shí)重力對人的沖量為：IG=G(t+t0)=600×(0.5+1)N.S=900N.S，方向豎直向下；取向下為正方向，在整個(gè)下落過程中，設(shè)人從跌落到安全帶最長的過程中安全帶對人的平均沖力為F，對工人由動(dòng)量定理得：—Ft+IG=0代入數(shù)據(jù)解得為：F=1800N，方向豎直向上；由牛頓第三定律可知人從跌落到安全帶最長的過程中安全帶受的平均沖力為：FI=F=1800N，方向豎直向下。故選D?！驹斀狻緼．因?yàn)檠仉妶鼍€的方向電勢降低，故a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢，A錯(cuò)誤；B．電場線上某一點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向與該點(diǎn)的切線方向一致，故a點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向不同。電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，a處電場線較密，故a處場強(qiáng)較大。B正確；C．中垂線線上各點(diǎn)比較，因?yàn)橹悬c(diǎn)處電場線最密，故中點(diǎn)場強(qiáng)最大，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樨?fù)電荷在電勢低的地方電勢能大，故負(fù)電荷在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能，D錯(cuò)誤?！驹斀狻緼．變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B．該變壓器副線圈匝數(shù)比原線圈匝數(shù)少，故該變壓器為降壓變壓器，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，原線圈電流較小，電阻較大，導(dǎo)線較細(xì)，故C正確；D．使用相互絕緣的硅鋼片疊成的鐵芯是為了減小渦流，故D錯(cuò)誤。故選C?！驹斀狻緼B．以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，用F順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)至豎直向上之前，支持力逐漸減小，F(xiàn)先減小后增大，當(dāng)F的方向沿圓的切線方向向上時(shí)，F(xiàn)最小，此時(shí)：F=mgcosθC．以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小，故C正確；D．以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由圖可知，F(xiàn)在順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，F(xiàn)沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對框架的支持力始終在減小，故D錯(cuò)誤。故選C。【詳解】A．由圖乙可知，t=1s時(shí)，手機(jī)的加速度為0，此時(shí)手機(jī)所受合力為0，彈簧彈力與重力平衡，故A錯(cuò)誤；BC．由圖乙可知，t=2s時(shí)，手機(jī)的加速度為-4m/s2，此時(shí)加速度方向向上，則手機(jī)處于平衡位置下方最低點(diǎn)N處；t=3s時(shí)，手機(jī)的加速度為0，手機(jī)處于平衡位置，則t=2s至t=3s，手機(jī)從N運(yùn)動(dòng)到O，故B錯(cuò)誤，C正確；D．t=1s至t=2s，手機(jī)從O運(yùn)動(dòng)到N，手機(jī)的速度和位移方向相同，均向下，故D錯(cuò)誤。故選C?！驹斀狻緼．根據(jù)題意環(huán)繞器運(yùn)動(dòng)的線速度大小為故A正確；B．根據(jù)速度位移關(guān)系2g’h=v2可知火星表面的重力加速度故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力可得火星的質(zhì)量為故C錯(cuò)誤；火D．在火星表面，萬有引力提供重力火可得R火故D正確。故選AD。【詳解】A．半衰期是統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對于少數(shù)原子核不適用，故A錯(cuò)誤；B．銫137發(fā)生β衰變時(shí)，是原子核發(fā)生衰變造成的，故B正確；C．原子核的半衰期與原子核內(nèi)部本身的因素決定，跟所處的物理、化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，所以半衰期不會(huì)發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤；D．此核反應(yīng)方程滿足電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，故D正確；故選BD?！驹斀狻緼．根據(jù)光的折射定律，光在介質(zhì)中的折射率為由圖可知，OM、ON兩束光在空氣中的入射角相等，而在介質(zhì)中OM光的折射角大于ON光的折射角，所以O(shè)M光束在介質(zhì)中的折射率小于ON光束在介質(zhì)中的折射率，而紅光的折射率小于黃光的折射率，所以O(shè)M為紅光，ON為黃光，故A正確；B．對OM光束，根據(jù)光的折射定律有故B錯(cuò)誤；C．光在介質(zhì)中的傳播速度為由于OM光束在介質(zhì)中的折射率小于ON光束在介質(zhì)中的折射率，所以O(shè)M光束在介質(zhì)中的傳播速度大于ON光束在介質(zhì)中的傳播速度，而光穿過玻璃柱體的路程相同，所以沿ON路徑傳播的光穿過玻璃柱體所需時(shí)間較長，故C正確；D．OM光線發(fā)生全反射的臨界角為解得C=45。則若將OM光束從N點(diǎn)沿著NO方向射入，此時(shí)的入射角一定小于臨界角，則一定不會(huì)發(fā)生全反射，故D錯(cuò)誤。故選AC?！驹斀狻緼．整個(gè)過程中物塊和小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于除重力外的其它力做的功，即ΔE=Pt+Wf=20×10J-78J=122J故A錯(cuò)誤；B．在A位置時(shí)，根據(jù)牽連速度規(guī)律有解得故B正確；C．小車運(yùn)動(dòng)到A位置時(shí)，根據(jù)能量守恒定律有結(jié)合上述解得小車運(yùn)動(dòng)到A位置時(shí)的速度大小為故C正確；D．0~10s內(nèi)，對物塊進(jìn)行分析，根據(jù)動(dòng)能定理有結(jié)合上述解得故D錯(cuò)誤。故選BC。11．(1)0.98(2)B(3)【詳解】（1）游標(biāo)卡尺的最小分度值為0.1mm，該讀數(shù)為（2）A．小球的直徑小，小球通過光電門的平均速度越接近瞬時(shí)速度，但小球的直徑越小，用游標(biāo)卡尺測量時(shí)的測量產(chǎn)生的偶然誤差越大，可知小球的直徑應(yīng)當(dāng)適當(dāng)小一些，而不是越小越好，A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)中如果球心軌跡與激光束不相交，則小球的擋光距離將小于直徑，導(dǎo)致?lián)豕鈺r(shí)間偏小，結(jié)果導(dǎo)致速度測量值偏大，可知實(shí)驗(yàn)前應(yīng)調(diào)整光電門位置使小球下落過程中球心通過光電門中的激光束，B正確；C．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先打開光電計(jì)時(shí)器，后釋放鐵球，防止小球提前通過計(jì)時(shí)器時(shí)無法記錄時(shí)間，C錯(cuò)誤。故選B。（3）[1]小球通過光電門的速度從A到B，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得為使圖像呈直線，應(yīng)描繪圖像。[2]圖像的斜率可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。(3)戊【詳解】（1）[1]由題意可知，電源電動(dòng)勢為6V，而由于待測電阻約為10Ω,則電路中電流最大為故不能選用最大量程為3A的電流表，故電流表只能選用A2，即電流表應(yīng)該選D。[2]由題意可知，電路應(yīng)采用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用較小的電阻R1，故滑動(dòng)變阻器選用F。（2）由圖乙所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度為23.0×0.01mm=0.230mm，故螺旋測微器的示數(shù)為0.5mm+0.230mm=0.730mm（3）由題意可知，電路應(yīng)采用分壓接法，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于金屬管線的電阻，電流表應(yīng)采用外接法，故選戊。（4）根據(jù)歐姆定律有R=0根據(jù)電阻定律有R=0故截面積為故金屬管線內(nèi)芯截面積的表達(dá)式為(2)△h2=5cm(3)v=625cm3【詳解】（1）對活塞和砝碼組合體進(jìn)行受力分析，由受力平衡可知p1S=p0S+mg解得初始狀態(tài)氣缸內(nèi)壓強(qiáng)（2）由受力平衡，末態(tài)氣體壓強(qiáng)又由等溫變化玻意耳定律p1Sh1=p2Sh2解得h2=30cm所以：△h2=5cm（3）根據(jù)等溫變化可得p2sh1=p0v解得v=625cm3141）3Mg2）R=L【詳解】（1）設(shè)圓弧ab的軌道半徑為R，由機(jī)械能守恒可得在b點(diǎn)，由牛頓第二定律得得FN=3Mg由牛頓第三定律可得，壓力大小為3Mg。（2）滑塊Q與滑塊P發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒,Mvb=Mvb+Mvc由機(jī)械能守恒得可得當(dāng)滑塊回到c點(diǎn)時(shí)，由能量守恒得由動(dòng)量守恒有Mv=4Mvc解得R=L【詳解】（1）勻速圓周運(yùn)動(dòng)如圖，由幾何關(guān)系答案第7頁，共9頁由以上幾式得（3）方法一：設(shè)小球距x軸下方最遠(yuǎn)距離為y，此時(shí)小球速度為v，方向水平向左。由動(dòng)能定理水平方向由動(dòng)量定理ΣqBvy.Δt=m