2026屆河南省新鄉(xiāng)市新鄉(xiāng)市一中物理高二上期末統(tǒng)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法不正確的是（）A.牛頓定律適用于宏觀、低速、弱作用力領(lǐng)域B.17世紀(jì)，牛頓把天空中的現(xiàn)象與地面上的現(xiàn)象統(tǒng)一起來，成功的解釋了天體運動的規(guī)律C.牛頓巧妙的利用扭秤實驗測量出了引力常量G=6.67×10-11N.m2/KgD.一旦測出了引力常量，就可以算出地球的質(zhì)量2、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有兩根金屬棒，其中金屬棒PQ固定不動，金屬棒MN可自由移動，下列說法正確的是()A.當(dāng)MN在外力的作用下向左勻速運動時，PQ受到的磁場力水平向左B.當(dāng)MN在外力的作用下向左減速運動時，PQ受到的磁場力水平向左C.當(dāng)MN在外力的作用下向左勻速運動時，N端電勢高于M端，Q端電勢高于P端D.當(dāng)MN在外力的作用下向左加速運動時，N端電勢高于M端，Q端電勢高于P端3、下列說法正確的是A.穿過某一面的磁通量為零，該處的磁感強(qiáng)度也為零B.磁場很強(qiáng)的地方，通電導(dǎo)線在該處受到的磁場力可能為零C.磁場只有在磁極與磁極、磁極與電流發(fā)生作用時才產(chǎn)生D.沿磁感線方向磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小4、一平行板電容器兩極板間距為d、極板正對面積為S，電容為，其中是常量。對此電容器充電后斷開電源．當(dāng)增大兩極板間距時，電容器極板間的電場強(qiáng)度將A.變大 B.變小C.不變 D.不能確定5、如圖所示，電源電壓恒定不變，電源內(nèi)阻忽略不計，開關(guān)S閉合．現(xiàn)將滑動變阻器R2的滑片P向右移動一段距離，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI．兩電表均為理想電表．下列說法正確的是A.電阻的功率增大B.滑片P向右移動過程中，電阻中有的瞬時電流C.與的比值不變D.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變6、某電源的路端電壓U隨電流I變化的圖像如圖所示，現(xiàn)將一阻值為6Ω的定值電阻接在該電源兩端。下列說法正確的是（）A.電源的輸出電壓是4V B.電源的內(nèi)阻是4ΩC.通過電阻的電流是0.5A D.電阻的熱功率是0.96W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、嫦娥四號月球探測器于2018年12月12日成功到達(dá)預(yù)定環(huán)月軌道，并于2019年1月3日成功在月球背面預(yù)定著陸區(qū)實現(xiàn)軟著陸，第一次為人類撥開了古老月背的神秘面紗。嫦娥四號月球探測器質(zhì)量為m，其環(huán)月近地飛行可視為圓周運動已知月球質(zhì)量為M，月球半徑為R，月球表面重力加速度為g0，引力常量為G，不考慮月球自轉(zhuǎn)的影響，則嫦娥四號月球探測器環(huán)月飛行時的（）A.角速度ω＝ B.線速度v＝C.運行周期T＝2π D.向心加速度an＝8、如圖所示，虛線MN右側(cè)存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向外，電場方向豎直向上，電場方向豎直向上，矩形區(qū)域ABCD的AD邊與MN重合，AB邊長為，AD邊長為．一質(zhì)量為m、電荷量為q的正電微粒垂直于MN射入復(fù)合場區(qū)域后做勻速圓周運動，到達(dá)C點時，電場方向立刻旋轉(zhuǎn)90°，同時電場強(qiáng)度大小也發(fā)生變化（不考慮電場變化時產(chǎn)生的影響），帶電微粒沿著對角線CA方向從A點離開．重力加速度為g，下面說法正確的是（）A.電場方向旋轉(zhuǎn)90°之后，電場方向水平向左B.電場改變之后的場強(qiáng)大小變?yōu)樵瓉淼?倍C.微粒進(jìn)入MN右側(cè)區(qū)域時的初速度為D.微粒在矩形ABCD區(qū)域內(nèi)做勻速直線運動9、靜電計是測量電勢差的儀器.指針偏轉(zhuǎn)角度越大，金屬外殼和上方金屬小球間的電勢差越大，實驗裝置如圖所示.在本實驗中，靜電計指針和A板等電勢，靜電計金屬殼和B板等電勢，因此指針偏轉(zhuǎn)角度越大表示A、B兩極板間的電勢差越大.現(xiàn)對電容器充電后斷開開關(guān).若按圖下方的說明來做實驗，則(

)A.甲圖中兩極板間電勢差變大 B.乙圖中兩極板間電勢差變大C.丙圖中兩板間電勢差變小

D.丙圖中兩板間電勢差變大10、質(zhì)譜儀由如圖所示的兩部分區(qū)域組成：左側(cè)是一速度選擇器，M、N是一對水平放置的平行金屬板，分別接到直流電源兩極上，板間在較大范圍內(nèi)存在著方向相互垂直，且電場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1的勻強(qiáng)磁場；右側(cè)是磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2的另一勻強(qiáng)磁場，一束帶電粒子不計重力由左端O點射入質(zhì)譜儀后沿水平直線運動，從A點垂直進(jìn)入右側(cè)磁場后分成甲、乙兩束，其運動軌跡如圖所示，兩束粒子最后分別打在乳膠片的P1、P2兩個位置，A、P1、P2三點在同一條直線上，測出，帶電粒子電荷量和質(zhì)量之比稱為比荷，則下列說法正確的是A.甲、乙兩束粒子在右側(cè)B2磁場中的速度大小都等于B.甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷C.若甲、乙兩束粒子的質(zhì)量相等，則甲、乙兩束粒子的電荷量比為4：3D.若甲、乙兩束粒子的電荷量相等，則甲、乙兩束粒子的質(zhì)量比為4：3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用頻閃照相和氣墊導(dǎo)軌做“探究碰撞中的不變量”的實驗．如圖甲所示，氣墊導(dǎo)軌上有A、B兩個滑塊，質(zhì)量分別為200g、150g，用細(xì)繩將滑塊A、B連接，使A、B間的輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài)，開始時兩個滑塊都處于靜止?fàn)顟B(tài)．若某時刻燒斷細(xì)繩，滑塊開始運動，圖乙給出兩個滑塊運動過程的頻閃照片頻閃的頻率為20Hz，分析照片：(1)A、B離開彈簧后，A的動量大小為______，B的動量大小為______(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，實驗小組得出“在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，兩個滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒”．你認(rèn)為得到這個結(jié)論的依據(jù)是____________12．（12分）如圖所示，用理想變壓器給R供電，設(shè)輸入的交變電壓不變，當(dāng)R的滑片向上移動時四只電表及變壓器的輸入功率變化情況是：V1______V2_________A1_________A2_________P_________(填寫增大、減小或不變)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】牛頓運動定律適用于宏觀、低速、弱作用力領(lǐng)域，不適用微觀、高速、強(qiáng)相互作用，A正確；根據(jù)牛頓對萬有引力的研究史，B正確；卡文迪許利用扭秤實驗測量出了引力常量G=6.67×10-11N.m2/Kg，C錯誤；由萬有引力公式，，D正確；2、B【解析】MN動生出I1，I1產(chǎn)生的磁場借助鐵芯穿過L2線圈，若I1是變化的，則L2能感生出I2，PQ因通電而最終受安培力.【詳解】A、C、因MN是勻速運動，動生出的I1是恒定的，產(chǎn)生的穿過鐵芯的磁場是恒定的，則L2線圈不會產(chǎn)生感應(yīng)電流I2，則PQ不通電而不會受安培力，Q端和P端無電勢差；故A，C均錯誤.B、MN向左減速時，產(chǎn)生的I1由右手定則知為MN，大小逐漸減小，在鐵芯產(chǎn)生的磁場由安培定則知向上，則穿過L2的磁場向上減小，由楞次定律知I2由QP，由左手定則知安培力水平向左；故B正確.D、MN向左加速時，產(chǎn)生的I1由右手定則知為MN(電源內(nèi)部流向，則），大小逐漸增大，在鐵芯產(chǎn)生的磁場由安培定則知向上，則穿過L2的磁場向上增大，由楞次定律知I2由PQ(電源外部的電流流向，則)；故D錯誤.故選B.【點睛】本題是二次感應(yīng)問題，核心是第一次的感應(yīng)電流是變化的；同時綜合考查了右手定則、左手定則、楞次定律、安培定則的綜合應(yīng)用.3、B【解析】A.穿過某一面的磁通量為零，該處的磁感強(qiáng)度可能為零，也可能是由于該面與磁場平行，磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零．故A錯誤；B.磁場越強(qiáng)的地方，B越大，通電導(dǎo)線在該處受到的磁場力不一定大，當(dāng)導(dǎo)線與磁場平行時，通電導(dǎo)線在該處受到的磁場力為零，故B正確；C.磁場是客觀存在的，在磁極和通電導(dǎo)線周圍都存在磁場，與有無磁極與磁極、磁極與電流發(fā)生作用無關(guān)，故C錯誤；D.磁感線的疏密反映磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，沿磁感線方向磁感強(qiáng)度的疏密情況不能確定，所以磁感強(qiáng)度的變化不能確定，故D錯誤4、C【解析】通電后斷開，故兩板上的帶電量不變；根據(jù)公式代入可得即當(dāng)電容器充電后與電源斷開后，兩極板間的電場強(qiáng)度的大小和兩極板間的距離無關(guān)，C正確。故選C。5、C【解析】將電容器視為斷路，分析滑動變阻器接入電路的阻值的變化，再分析外電路的總電阻的變化，由閉合電路的歐姆定律分析總電流的變化，根據(jù)P=I2R1分析電阻R1消耗的功率的變化；電容器和電阻R1并聯(lián)，電容器兩端的電壓等于電阻R1兩端的電壓，判斷電容器電量變化，確定電阻R3中瞬時電流的方向；電壓表示數(shù)與電流表示數(shù)的比值等于滑動變阻器的阻值；將電阻R1和電源等效為一個新電源，等于等效電源的內(nèi)阻【詳解】滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，電路中的總電流變小，R1兩端電壓減小，即電容器兩端電壓減小，由Q=CU可知，電容器的電荷量減小，所以電阻R3中有a→b的向下的瞬時電流，由P=I2R1可知，R1的功率減小，故AB錯誤；電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值為滑動變阻器的阻值，所以滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，故D錯誤；將R1和電源看成新的電源，滑動變阻器即為外電路，所以=R1，恒定不變，故C正確；故選C【點睛】本題是電路動態(tài)分析問題，按“局部到整體再到局部”的思路進(jìn)行分析，關(guān)鍵是運用等效法分析△U和△I的比值6、C【解析】ABC．根據(jù)閉合電路歐姆定律變形：由圖所示的圖線知，電源的電動勢為圖像縱截距：斜率大小為內(nèi)電阻：電路中的電流：輸出電壓：AB錯誤，C正確；D．定值電阻消耗的功率：D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB.對嫦娥四號，由萬有引力提供向心力可得故嫦娥四號的角速度和線速度為由可得故A錯誤，B正確；C.由可得T＝2π故C正確；D.由可得故D錯誤；故選BC。8、CD【解析】電場方向旋轉(zhuǎn)90°之后，帶電微粒必定做勻速直線運動，否則若是變速直線運動，速度變化，洛倫茲力變化，不可能做直線運動．通過分析受力情況，對照直線運動的條件，確定電場方向，并由平衡條件求場強(qiáng)的大小．由洛倫茲力大小，來求初速度.【詳解】帶電微粒垂直于MN射入復(fù)合場區(qū)域后做勻速圓周運動，電場力與重力平衡，由洛倫茲力提供向心力．微粒在矩形ABCD區(qū)域內(nèi)必定做勻速直線運動，否則若是變速直線運動，速度變化，洛倫茲力變化，不可能做直線運動．在ABCD區(qū)域內(nèi)，微粒受到豎直向下的重力、垂直于AC方向斜向上的洛倫茲力，由平衡條件知電場力方向水平向右，所以電場方向旋轉(zhuǎn)90°之后，電場方向水平向右，故A錯誤，D正確；電場改變之前，有mg＝qE1．電場改變之后，如圖所示：由幾何關(guān)系可知，可得α＝53°，由平衡條件得qE2＝mgtanα＝mg，可得E2＝E1，故B錯誤；微粒在進(jìn)入矩形ABCD區(qū)域內(nèi)之前做勻速圓周運動的軌跡如圖，設(shè)軌跡半徑為r，則AC＝rtanα＝l，得r＝l，根據(jù)洛倫茲力提供向心力得，微粒在進(jìn)入矩形ABCD區(qū)域內(nèi)，由平衡條件得，聯(lián)立解得，即微粒進(jìn)入MN右側(cè)區(qū)域時的初速度為，故C正確．所以CD正確，AB錯誤【點睛】本題考查了帶電粒子在磁場和電場中的運動，關(guān)鍵要正確分析微粒的受力情況．對于圓周運動，要會確定半徑和圓心以及圓心角．本題涉及的過程較多，要正確地畫出軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系即可解題9、ABC【解析】圖甲中當(dāng)極板B向上移動時，正對面積減小，根據(jù)電容決定式，可知電容減小，根據(jù)U=Q/C可知，電量不變，由于電容減小，電勢差則增大，選項A正確；圖乙中，電容器板間距離變大，電容減小，根據(jù)U=Q/C可知電勢差變大，選項B正確；圖丙中插入電解質(zhì)，電容增大，電容增大，根據(jù)U=Q/C可知電勢差減小，選項C正確，D錯誤；故選ABC【點睛】有關(guān)電容器的問題主要考查對電容器的決定式：，和電容器的定義式：C=Q/U的理解和靈活應(yīng)用情況，尤其注意公式之間的推導(dǎo)與換算.10、AD【解析】A．粒子在平行金屬板間沿直線運動，說明洛倫茲力和電場力平衡，則可得，A正確；B．由題意，半徑與比荷成反比，由于，所以甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷；C．若甲、乙兩束粒子的質(zhì)量相等，則，C錯誤；D．若甲、乙兩束粒子的電荷量相等，則，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.③.兩滑塊組成的系統(tǒng)總動量保持不變，系統(tǒng)動量守恒【解析】（1）頻閃照相的周期為：，滑塊A的速度為：，滑塊B的速度為：，A的動量為：，方向向右，B的動量為：，方向向左；（2）由（1）可知，釋放滑塊后，兩滑塊的動量大小相等方向相反，總動量為零，釋放前系統(tǒng)總動量為零，釋放滑塊后系統(tǒng)總動量為零，由此可知，兩滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒12、①.不變②.不變③.減少④.減少⑤.減少【解析】輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，由于輸入電壓和匝數(shù)比不變，根據(jù)，所以變壓器的輸出電壓也不變，所以V1、V2的示數(shù)都不變，當(dāng)變阻器的滑動頭P向上移動時，滑動變阻器的電阻增大，所以負(fù)線圈的電流減小，根據(jù)可知原線圈的電流也要