第PAGE"pagenumber"pagenumber頁(yè)，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁(yè)河南科技大學(xué)附屬高級(jí)中學(xué)2025-2026學(xué)年高二上學(xué)期11月期中物理模擬月考答案與解析【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)單位制1．【答案】B【詳解】根據(jù)題干公式，整理可得，代入相應(yīng)物理量單位可得比例系數(shù)k的單位為，選B。【知識(shí)點(diǎn)】安培力作用下的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題2．【答案】A【詳解】在導(dǎo)線兩側(cè)取兩小段，左邊一小段所受的安培力方向垂直紙面向里，右側(cè)一小段所受安培力的方向垂直紙面向外，從上往下看，知導(dǎo)線順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)90°時(shí)，導(dǎo)線處于向左的磁場(chǎng)中，所受的安培力方向向下，所以導(dǎo)線的運(yùn)動(dòng)情況為，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)下降。選A。【知識(shí)點(diǎn)】安培力的大小【特色標(biāo)簽】圖解法、推理論證能力3．【答案】B【解析】對(duì)導(dǎo)線Q進(jìn)行受力分析可知，導(dǎo)線P對(duì)導(dǎo)線Q的作用力為斥力，由安培定則和左手定則可知，導(dǎo)線Q中電流方向垂直紙面向外，A錯(cuò)誤；設(shè)導(dǎo)線Q受到兩輕繩的拉力之和為FT，導(dǎo)線P、Q間的安培力為F，對(duì)導(dǎo)線Q進(jìn)行受力分析，根據(jù)三角形定則，受力如圖所示，由于兩組繩長(zhǎng)相同，則根據(jù)幾何知識(shí)可得FT＝mg，F(xiàn)＝2mgsinθ2，B正確；導(dǎo)線Q受到兩輕繩的拉力之和FT大小始終為mg，與電流I和角度θ無(wú)關(guān)，則導(dǎo)線Q對(duì)輕繩的拉力大小不變，C錯(cuò)誤；在導(dǎo)線P中電流突然消失的瞬間，導(dǎo)線P、Q間的安培力消失，此時(shí)導(dǎo)線Q沿繩OQ方向上的合力為零（點(diǎn)撥：Q的重力沿繩OQ方向的分力用來(lái)平衡輕繩的拉力，沿垂直于OQ方向的分力用來(lái)提供向心力），則導(dǎo)線Q受到兩輕繩的拉力大小之和為mgcosθ，D錯(cuò)誤【一題多解】根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，可知兩導(dǎo)線中的電流方向相反，即導(dǎo)線Q中電流方向垂直紙面向外，A錯(cuò)誤。【知識(shí)點(diǎn)】安培力的大小、安培力的方向（左手定則）【特色標(biāo)簽】理解能力4．【答案】B【詳解】根據(jù)磁感線分布可知，該磁場(chǎng)強(qiáng)度大小處處相等，但是方向不同，則不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則，圖示位置a邊受安培力向下，則a向下轉(zhuǎn)動(dòng)，b向上轉(zhuǎn)動(dòng)，即線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；由于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變，電流大小不變，則安培力大小始終為BIL，D錯(cuò)誤?！局R(shí)點(diǎn)】帶電粒子在有界磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的臨界極值問(wèn)題【特色標(biāo)簽】推理論證能力5．【答案】C【詳解】磁感應(yīng)強(qiáng)度取最小值時(shí)對(duì)應(yīng)的電子的運(yùn)動(dòng)軌跡臨界狀態(tài)如圖所示，設(shè)電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，由幾何關(guān)系得a2＋r2＝(3a－r)2，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有evB＝mv2r，聯(lián)立解得B＝3mv4ae【知識(shí)點(diǎn)】質(zhì)譜儀6．【答案】C【解析】經(jīng)典試題：質(zhì)譜儀的工作原理設(shè)原子核的質(zhì)量為m,電荷量為q,進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v,原子核在電場(chǎng)中加速的過(guò)程,由動(dòng)能定理得qU=12mv2,解得v=2qUm,在磁場(chǎng)中,洛倫茲力提供向心力,有qvB=mv2r,解得r=1B2mUq,互為同位素的原子核核電荷量相同,故r1=x12,r2=x22,因此有r【知識(shí)點(diǎn)】楞次定律及其應(yīng)用7．【答案】B【詳解】如圖所示,開(kāi)關(guān)S撥至M端,線圈中的電流從無(wú)到有,從A端流入,B端流出,線圈中的磁場(chǎng)方向從右向左且增大,穿過(guò)金屬圓環(huán)的磁通量向左且增大,根據(jù)楞次定律可知,金屬圓環(huán)的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向從左向右,線圈與金屬圓環(huán)相互排斥,所以金屬圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng);開(kāi)關(guān)S撥至N端,同理可知,金屬圓環(huán)也向右運(yùn)動(dòng),故B正確,A、C、D錯(cuò)誤.【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在有界磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的臨界極值問(wèn)題8．【答案】AC【詳解】由題，帶電粒子以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)，則知帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期為T=2t0。A．若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是，則粒子軌跡的圓心角為，速度的偏向角也為，根據(jù)幾何知識(shí)得知，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與磁場(chǎng)邊界的夾角為30°，必定從cd射出磁場(chǎng)。故A正確；B．當(dāng)帶電粒子的軌跡與ad邊相切時(shí)，軌跡的圓心角為60°，粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，在所有從ad邊射出的粒子中最長(zhǎng)時(shí)間為，若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是，一定不是從ad邊射出磁場(chǎng)；故B錯(cuò)誤；C．若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是，則得到軌跡的圓心角為，由于，則它一定從bc邊射出磁場(chǎng)，C正確。D．若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是，則得到軌跡的圓心角為π，而粒子從ab邊射出磁場(chǎng)時(shí)最大的偏向角等于，不一定從ab邊射出磁場(chǎng)。故D錯(cuò)誤。選AC?！局R(shí)點(diǎn)】電容器與力學(xué)知識(shí)的綜合【特色標(biāo)簽】推理論證能力、模型建構(gòu)能力9．【答案】BC【詳解】AB．滑動(dòng)變阻器的滑片P向上移動(dòng)，其連入電路中的電阻變大，外電阻總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流減小。V示數(shù)為，因?yàn)闇p小，其他量不變，則V示數(shù)增大，所以電容器兩極板間的電壓增大，由電容定義式，電容器電荷量增加，即電容器要充電，由題意電容器上極板帶正電，G中有從b到a的電流，A錯(cuò)誤，B正確；C．因開(kāi)始時(shí)油滴恰好靜止，由平衡條件，因?yàn)閐不變，U增大，則場(chǎng)強(qiáng)E變大，油滴受到的電場(chǎng)力變大，油滴將向上運(yùn)動(dòng)，C正確；D．電源內(nèi)阻消耗功率，因?yàn)楦陕冯娏鳒p小，即流過(guò)電源內(nèi)阻的電流減小，而電源內(nèi)阻不變，所以電源內(nèi)阻消耗功率減小，D錯(cuò)誤。選BC。【知識(shí)點(diǎn)】回旋加速器、磁流體發(fā)電機(jī)、速度選擇器、霍爾元件10．【答案】AB【詳解】A．粒子在磁場(chǎng)中滿足設(shè)回旋加速器D型盒的半徑為R，可推導(dǎo)出粒子的最大動(dòng)能為則增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B可以增大粒子的最大動(dòng)能，故A正確；B．當(dāng)磁流體發(fā)電機(jī)達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，電荷在A、B板間受到的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，滿足則可得電源電動(dòng)勢(shì)所以增加磁感應(yīng)強(qiáng)度B，可以增大電源電動(dòng)勢(shì)，故B正確；C．粒子從左到右通過(guò)時(shí)，電場(chǎng)力與洛倫茲力方向相反。但粒子從右到左通過(guò)時(shí)，電場(chǎng)力與洛倫茲力方向相同，所以粒子無(wú)法從右向左通過(guò)速度選擇器，故C錯(cuò)誤；D．若載流子帶正電，洛倫茲力指向D板，載流子向D板聚集，D板電勢(shì)高。若載流子帶負(fù)電，洛倫茲力指向D板，載流子向D板聚集，D板電勢(shì)低。故D錯(cuò)誤。故選AB?！局R(shí)點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（電流）的分析與計(jì)算、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的功能問(wèn)題【特色標(biāo)簽】推理論證能力11．【答案】BC【詳解】設(shè)線框ab邊剛進(jìn)磁場(chǎng)Ⅱ時(shí)速度為，根據(jù)題意可得，解得，A錯(cuò)誤；線框ab邊通過(guò)磁場(chǎng)Ⅰ的過(guò)程中，通過(guò)線框截面的電荷量，B正確；設(shè)線框ab邊剛出磁場(chǎng)Ⅱ時(shí)，線框的速度大小為，則，解得，設(shè)磁場(chǎng)Ⅱ的寬度為d，則，C正確；根據(jù)能量守恒，線框通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，解得，D錯(cuò)誤。【知識(shí)點(diǎn)】電磁感應(yīng)定律中的圖像問(wèn)題、線框模型12．【答案】BD【詳解】A．當(dāng)線框運(yùn)動(dòng)L時(shí)開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)，磁感線垂直紙面向里，磁通量為正開(kāi)始增加，當(dāng)全部進(jìn)入時(shí)達(dá)最大，此后向外的磁通量增加，總磁通減小，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到2.5L時(shí)，磁通量最小為零。故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)線圈進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv，可知E保持不變，根據(jù)右手定則可知電流沿逆時(shí)針?lè)较?，電?dòng)勢(shì)E為正。而線圈開(kāi)始進(jìn)入第二個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，兩端同時(shí)切割磁感線，由右手定則可知電流沿順時(shí)針?lè)较颍妱?dòng)勢(shì)E為負(fù)，電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為E’=2BLv，當(dāng)線圈離開(kāi)第二個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中，左端切割磁感線，根據(jù)右手定則可知電流沿逆時(shí)針?lè)较颍妱?dòng)勢(shì)E為正，大小為E=BLv，B正確；D．拉力的功率P=Fv，因速度不變，而線框在第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，電流為定值，安培力為定值，拉力為定值，電功率也為定值，兩邊分別在兩個(gè)磁場(chǎng)中時(shí)，安培力為，電功率為，變?yōu)?倍，此后從第二個(gè)磁場(chǎng)中離開(kāi)時(shí)，安培力應(yīng)等于線框在第一個(gè)磁場(chǎng)中的安培力，電功率也等于在第一個(gè)磁場(chǎng)中的電功率。故D正確；C．因安培力總是與運(yùn)動(dòng)方向相反，拉力應(yīng)一直向右，外力一直是正的。故C錯(cuò)誤。選BD?！局R(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：探究影響感應(yīng)電流方向的因素【特色標(biāo)簽】控制變量法、科學(xué)探究、實(shí)驗(yàn)探究能力13．【答案】CD/DC，指針偏轉(zhuǎn)方向與流入電流方向，磁通量變化率，負(fù)極，C【詳解】（1）斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，線圈中電流迅速減小，則B線圈中磁通減小，出現(xiàn)感應(yīng)電流，使靈敏電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)；為了同樣使指針向右偏轉(zhuǎn)，應(yīng)減小B線圈中的磁通量或增加B線圈中反向的磁通量。閉合開(kāi)關(guān)，線圈中的電流突然增大，則B線圈中的磁通量增大，A錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)，線圈中的電流增大，則B線圈中的磁通量增大，B錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將線圈從B線圈中拔出，則B線圈中的磁通量減小，C正確；開(kāi)關(guān)閉合時(shí)將線圈倒置，再重新插入B線圈中，則B線圈中反向的磁通量增加，D正確。（2）判斷感應(yīng)電流具體流向，應(yīng)先查明靈敏電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向與電流流入方向的關(guān)系。（3）釋放高度越高，磁鐵落入線圈的速度越快，則線圈中磁通量變化率越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大。（4）歐姆擋指針沒(méi)有偏轉(zhuǎn)時(shí)，說(shuō)明二極管的負(fù)極與電源正極相連，根據(jù)多用電表紅進(jìn)黑出的操作原則，此時(shí)黑表筆接觸的是二極管的負(fù)極；當(dāng)磁鐵插入線圈時(shí)，線圈中出現(xiàn)如圖所示方向的電流，燈C短暫亮起。【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量—伏阻法測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻【特色標(biāo)簽】實(shí)驗(yàn)探究能力14．【答案】（1）36；（2）40；1.5；（3）偏??；偏小【詳解】（1）串聯(lián)的電阻。（2）根據(jù)電路規(guī)律可知，可得圖像方程，則，，且，。（3）考慮電壓表分流，，則，則，，且，?！局R(shí)點(diǎn)】電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的功能問(wèn)題【特色標(biāo)簽】推理論證能力15．【答案】（1）6m/s2；（2）7.5m/s；（3）2.7W【詳解】（1）金屬棒沿導(dǎo)軌開(kāi)始下滑時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin37°=ma解得a=gsin37°=6m/s2（2）當(dāng)金屬棒的加速度為0時(shí)，速度達(dá)到最大，此時(shí)有mgsin37°=BIL由法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律有聯(lián)立解得v=7.5m/s（3）電阻R的電功率P=I2R=2.7W【知識(shí)點(diǎn)】非純電阻電路中的電功、電功率和電熱【特色標(biāo)簽】推理論證能力16．【答案】(1)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為8W；(2)若電動(dòng)機(jī)被卡住后，電源的總功率為50.4W；(3)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)后，流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電荷量為2.34×10【解析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流為：I流過(guò)燈泡的電流：I流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流：I則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：P(2)電動(dòng)機(jī)卡住后，設(shè)電動(dòng)機(jī)與燈泡并聯(lián)電阻為R并，則有干路電流：I電源總功率為：P聯(lián)立解得：P(3)斷開(kāi)S前，電容器電壓：U電容器帶電荷量：Q=C斷開(kāi)S后電容器放電，流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電荷量為：q代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：q【知識(shí)點(diǎn)】帶電物體在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【特色標(biāo)簽】圖解法17．【答案】(1)mgq(2)mqgl(3)【詳解】(1)微粒在到達(dá)A(l，l)之前做直線運(yùn)動(dòng)