2025-2026學(xué)年第一學(xué)期鼎尖名校大聯(lián)考高二物理A卷參考答案選擇題:1-8,4分;9-10,5,42分答案】(1)1.705(答1.704~1.707之間均可)(2分 (2)C(2分(3)3.3(答3.1~3.5之間均可)(2分) (4)D(2分)12.(10分)答案(1)102分(2)丙(2分) 1.48(答1.46~1.50之間均可)(2分) 1.96(答1.92~2.00之間均可)(2分)(3)C(2分)13(10分 (2)-3mg2t2(6分 解析】(1豎直方向上設(shè)OA豎直方向的距離為由AB=2OA可知AB豎直方向的距離為 1由動(dòng)能定理可得:3mgh- 2解得:E = 2解法一AB=2OA可知小球水平位移之比xAB小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),故tAB 1從O到A點(diǎn)小球下落的高度為h= 1從A到B點(diǎn)小球下落的高度為其2倍,得 1從O到B點(diǎn)小球下落的高度為H=3h=3 1此過(guò)程動(dòng)能不變,故機(jī)械能變化量為ΔE=-mg·H=-3mg2 2注不寫負(fù)號(hào)的扣1分解法二從O到A點(diǎn)小球下落的高度為h1gt2從A到B點(diǎn)小球下落的高度為其2倍2h=gt2 此過(guò)程動(dòng)能不變故機(jī)械能變化量為ΔE=W=-3mg214(12分答案】(1)(Ⅰ)1A(3分 (Ⅱ)396.9W(5分 (2)12h(4分解析】(1)(Ⅰ)若電鍵S閉合,當(dāng)電動(dòng)車以額定功率運(yùn)行時(shí),路端電壓U2=U=45V 1則流過(guò)燈泡的電流

1 A Ⅱ由閉合電路歐姆定律可知電源的內(nèi)電壓:U=E-U=3電路中的電流 U

總=r=10A 流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流:I2=I總-I1=9A 1電動(dòng)機(jī)的輸入功率:P=UI2=405

1電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率:P熱=I2R=8.1 1電動(dòng)機(jī)的輸出功率:P出=P入-P熱=396.9 1(2

2t= 48×20

215.(18分)

答案】(1)(4分 (2)①(0,1.2b)(7分 ②5b(7分解析】(1出射至A點(diǎn)由動(dòng)能定理有

2 得v0

22解法一①y軸上y0處水平以速度v0射出

1 得v E 1 設(shè)粒子到達(dá)擋板上A'點(diǎn)的速度為vA'因vA故vA與x軸夾角等于vA'與擋板夾角由動(dòng)能定理得:得

1粒子在第四象限豎直方向勻速,則vA'cosθ=vAsinθ,解得tanθ= 10, 粒子在第一象限水平方向勻速則v=vcosθ即E

1 y0=1

1故出射位置坐標(biāo)為(0,1. 1②粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到擋板上A'點(diǎn) 2

2 1由幾何關(guān)系,粒子與A點(diǎn)的距離s=y'2+b2 2解法二①設(shè)粒子從y軸上y0處出射同理由動(dòng)能定理

E 2 0 粒子在第四象限運(yùn)動(dòng)時(shí)設(shè)到達(dá)擋板的時(shí)間為x軸方向-bvt'-1·

1 由速度垂直條件:v2=v0(qEt'-v0 1

1聯(lián)立化簡(jiǎn)得y0=1. 1故出射位置坐標(biāo)為(0,1. 1②由y=1.2b得v=b 2

0=到達(dá)擋板的時(shí)間為y軸方向的位移y=vyt'=26 1由幾何關(guān)系,粒子與A點(diǎn)的距離s=y2+b2 2注】:以上計(jì)算題若有其他解法,步驟正確亦可得分詳解答案】解析】當(dāng)帶電體靠近導(dǎo)體時(shí),導(dǎo)體內(nèi)的自由電荷會(huì)發(fā)生移動(dòng),導(dǎo)體近端會(huì)感應(yīng)出與帶電體相反的電荷,遠(yuǎn)端感應(yīng)出相同的電荷。云層帶負(fù)電(通常云層帶電多為負(fù)電),那么屋頂?shù)摹傍|吻”作為導(dǎo)體,感應(yīng)出正電荷(因?yàn)楫惙N電荷相互吸引)。鐵索中的自由電荷是電子(帶負(fù)電),由于云層的負(fù)電會(huì)排斥電子,所以鐵索中的自由電子會(huì)向大地方向(向下)移動(dòng)。A選項(xiàng)正確。答案】解析】BC兩個(gè)點(diǎn)電荷在其連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)等值反向,合場(chǎng)強(qiáng)為0,但A點(diǎn)電荷在此點(diǎn)仍有場(chǎng)強(qiáng),故該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不為0,A錯(cuò)誤;如圖,BC兩個(gè)點(diǎn)電荷在三角形中心處場(chǎng)強(qiáng)大小相等,合場(chǎng)強(qiáng)方向與A在此處場(chǎng)強(qiáng)方向相同,故合場(chǎng)強(qiáng)不為0,B錯(cuò)誤; q2 2q2 2B受到C靜電力FCB=kL2B還受到A的靜電力FAB=kL2B所受靜電力為兩個(gè)力合力3q2 =k C錯(cuò)誤

2q2 23q23A受23q2

故D正確答案解析】1t2內(nèi)電流表示數(shù)不斷變大,說(shuō)明壓敏電阻的阻值不斷減小,小球?qū)好綦娮璧膲毫χ饾u變大,則小球向右運(yùn)動(dòng)的加速度逐漸變大,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤。t2t3內(nèi)電流表示數(shù)不變,說(shuō)明壓敏電阻的阻值不變,小球?qū)好綦娮璧膲毫Σ蛔?小球向右做勻加速運(yùn)動(dòng),故選項(xiàng)B正確,選項(xiàng)C錯(cuò)誤。t3t4內(nèi)電流表示數(shù)不斷減小,說(shuō)明壓敏電阻的阻值不斷增大,小球?qū)好綦娮璧膲毫χ饾u減小,則小球的加速度逐漸減小,做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng),故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。答案】解析電勢(shì)φ隨x變化圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度E0≤x3cm范圍內(nèi)存在沿+x軸方向E200V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)-3cm≤x≤0范圍內(nèi)存在沿-x軸方向E=200V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)AC錯(cuò)誤;0≤x≤3cm范圍內(nèi)存在沿+x軸方向的電場(chǎng)粒子沿-x軸加速-3cm≤x≤0范圍內(nèi)存在沿-x軸方向的電場(chǎng)粒子沿-x軸減速粒子會(huì)在x軸上往復(fù)運(yùn)動(dòng),B錯(cuò)誤;從x=1cm處運(yùn)動(dòng)到x=-1cm處電勢(shì)差等于零電場(chǎng)力做的功為零故兩處動(dòng)能相等,D正確答案解析】斷開開關(guān)S電容器通過(guò)R1放電小球受到的電場(chǎng)力減為零小球向下運(yùn)動(dòng)A錯(cuò)誤;保持開關(guān)閉合,R3滑片左移不改變電容器電壓小球電場(chǎng)力不變?nèi)造o止,B錯(cuò)誤;保持開關(guān)閉合下極板下移電容C減小電壓U不變,由Q=CU知電荷量Q減小,電容器放電,電流由b到a電流方向與負(fù)電荷移動(dòng)方向相反C正確保持開關(guān)閉合,R2滑片上移電容器電壓減小電容器放電電流由b到a,D錯(cuò)誤答案】解析】粒子受到水平向右的電場(chǎng)力作用不計(jì)重力故豎直方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)A錯(cuò)誤 由動(dòng)能定理得qU=mv2-mv2,U 0,C錯(cuò)誤 答案

=解析】進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí),紅黑表筆短接,調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕,使指針指到表盤右側(cè)“0”刻度線處,故錯(cuò)誤圖甲中B與內(nèi)部電源正極連接,則為黑表筆,若用該多用電表的歐姆擋對(duì)圖丙中二極管的正向電阻進(jìn)行粗略測(cè)量,多用電表的B表筆應(yīng)與二極管的C端相連,故B錯(cuò)誤;若采用“×10”倍率測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角過(guò)大說(shuō)明倍率擋選擇過(guò)高應(yīng)換“×1”倍率并且更率后需要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零C正確;雖然電源內(nèi)阻增大,但電動(dòng)勢(shì)不變,通過(guò)電阻調(diào)零,歐姆表內(nèi)阻還是不變的,故D錯(cuò)誤答案

WA11

3×10-3

1解 由U=q可求得UAD =-1×10-4C=-30VφA1=0φD1=3011 WD -2×10-3 11-DD 1-

-4=20VφD1=30VφD2=102 W2

2-DC 2-

-4=-10VφD2=10VφC2=20勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度由多個(gè)方向的分量合成并非單純由D1指向A1,B錯(cuò)誤111UAC=φA1-φC2=-20V,WAC=qUAC=2×103111C1C2D2D1中心電勢(shì)φ=25V,Ep=qφ=-25×103J故D錯(cuò)誤解析】由題意可知設(shè)P和Q兩球之間的庫(kù)侖力為F繩子的拉力分別為T1,T2質(zhì)量分別為m1,m2與豎直方向夾角為對(duì)于小球P水平方向合力F1=F+q1E,對(duì)于小球Q水平方向合力F2=F-q2E,因此:F1>F2;對(duì)于小球Q有:T2cosθ=m2g,T2sinθ=F2,因此:T1>T2,m1>m2C正確;兩小球之間的相互作用力總是等大反向的其大小F=kq1q2故它們的電荷量大小無(wú)法判斷,故B錯(cuò)誤同時(shí)釋放兩球豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)同時(shí)落地,D正確。10AB U2,R為固定電阻,ΔU2=R=R因R>r

<

1 A正確

Rp的左右兩段分別與R2R3串聯(lián)再并聯(lián)滑片從左→右過(guò)程中總電阻先增大后減小,故干路電流先減小后增大B正確;U1=E-Ir,I先減小后增大故U1先增大后減小C錯(cuò)誤由電源的外電阻始終大于其內(nèi)阻,外電阻先增大后減小,輸出功率先減小后增大,故D錯(cuò)誤。參見下圖答案】(1)1.705(答1.704~1.707之間均可)(2分 (2)C(2分(3)3.3(答3.1~3.5之間均可)(2分 (4)D(2分導(dǎo)線兩端電壓調(diào)節(jié)范圍大故采用變阻器分壓式連接,又因?yàn)閷?dǎo)線電阻較小,采用電流表外接法,故選=3.3圖丙斜率的值等于待測(cè)電阻值,R2=3.30.6R· 由R=ρL得12(10分)

4=

答案(1)102分(2)丙(2分) 1.48