2025-2026學(xué)年江蘇省鹽城市高二（上）期中考試物理試卷（11月）一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.某粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線的電阻率為ρ，電阻為R，現(xiàn)將它均勻拉長到原來長度的4倍，在溫度不變的情況下，該導(dǎo)線的電阻率和電阻分別變?yōu)?

)A.4ρ和4R B.4ρ和16R C.ρ和4R D.ρ和16R2.安全第一，騎電瓶車必須戴好頭盔。在頭部受到撞擊時，其他條件相同，戴頭盔與不戴頭盔相比，騎行者頭部(

)A.動量變化慢 B.動量變化小

C.受到的撞擊力大 D.受到的撞擊力的沖量大3.關(guān)于黑體輻射，下列說法正確的是(

)A.黑體輻射規(guī)律除與溫度有關(guān)之外，還與材料及表面狀況有關(guān)

B.黑體吸收了絕大部分電磁波

C.普朗克提出能量子假說完美解釋了黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律

D.黑體輻射中溫度越高，輻射強(qiáng)度極大值向波長較長的方向移動4.如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，有一個與磁感線垂直的矩形線框，面積為S，設(shè)圖示位置穿過線框的磁通量為正值。則線框從圖示位置開始，以線框右邊為軸，逆時針(俯視)旋轉(zhuǎn)180°，此過程磁通量的變化量為(

)

A.?2BS B.BS C.2BS D.05.如圖甲所示，一彈簧振子在豎直方向上做簡諧運(yùn)動，其振動圖像如圖乙所示，則該彈簧振子(

)

A.彈簧彈力提供振子所需回復(fù)力

B.系統(tǒng)勢能和動能相互轉(zhuǎn)化的周期為1.0s

C.0.5s～1.0s內(nèi)，動能和彈性勢能均逐漸增大

D.振動周期為2.0s，振幅為0.4m6.小明在水平的水泥地上進(jìn)行拍球練習(xí)。他將籃球豎直向下瞬間拍出，每次籃球與地板作用后豎直反彈，當(dāng)籃球的速度減為零時，小明就再次重復(fù)將球瞬間拍出。若忽略空氣阻力，下列說法正確的是(

)

A.球在豎直方向做簡諧運(yùn)動

B.球與地板碰撞的過程中，地板對球的沖量大于球動量的變化

C.每次向下運(yùn)動的過程中，球的加速度始終不變

D.球與地板作用過程中，地板對球的沖量為零7.電源AB的路端電壓U與干路電流I的關(guān)系如圖甲所示?，F(xiàn)將一只標(biāo)識為“6?V，6W”的小燈泡與電源AB組成如圖乙所示的電路，下列說法正確的是(

)

A.S1、S2均斷開時，電源A的路端電壓為零

B.每通過相同的電荷量，電源B中非靜電力的功比電源A中的多

C.只閉合S1，小燈泡的功率為6W

D.只閉合S8.圖是一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從O點(diǎn)水平拋出后，只在重力作用下運(yùn)動的軌跡示意圖。已知小球從O點(diǎn)到a點(diǎn)與從a點(diǎn)到b點(diǎn)的時間相等，下列說法正確的是(

)

A.小球運(yùn)動到a點(diǎn)和b點(diǎn)時重力的瞬時功率之比為1:2

B.小球從O點(diǎn)到a點(diǎn)和從a點(diǎn)到b點(diǎn)重力做功之比為1:2

C.小球從O點(diǎn)到a點(diǎn)和從a點(diǎn)到b點(diǎn)重力的沖量大小之比為1:10

D.小球運(yùn)動到a點(diǎn)和b點(diǎn)時的動量大小之比為1:29.在如圖所示的閉合電路中，燈泡正常發(fā)光，電壓表、電流表均為理想電表。當(dāng)滑片向左滑動時，下列描述正確的是(

)

A.電壓表、電流表示數(shù)均增大 B.電壓表、電流表示數(shù)均減小

C.燈泡逐漸變暗 D.燈泡逐漸變得更亮10.如圖所示，表面光滑的斜面固定在水平桌面上，將擺線一端固定在斜面上并使其與斜面平行。現(xiàn)拉開擺球使輕繩剛好繃直，擺球由靜止釋放后貼著斜面做簡諧運(yùn)動。已知擺線長為L，擺的周期為T，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，斜面的傾角為θ，下列說法正確的是(

)

A.只增大擺球的質(zhì)量，擺球運(yùn)動的周期將增大

B.擺球在最高點(diǎn)的加速度gsinθ，在平衡位置的加速度為零

C.通過計算可知擺球的半徑為gT11.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個小球A、B用長為L的輕質(zhì)細(xì)繩連接，B球穿在光滑水平細(xì)桿上，初始時刻，細(xì)繩處于水平狀態(tài)，將A、B由靜止釋放，空氣阻力不計，重力加速度為g。從釋放到A球運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是(

)

A.A、B組成的系統(tǒng)動量守恒

B.A球運(yùn)動到最低點(diǎn)時速度大小為2gL

C.A球機(jī)械能減小了14mgL

D.A球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。12.(一)用如圖所示的裝置可以“驗(yàn)證動量守恒定律”，在滑塊A和B相碰的端面上裝有彈性碰撞架，它們的上端裝有等寬的擋光片。

(1)實(shí)驗(yàn)前需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平：在軌道上只放滑塊A，輕推一下滑塊A，其通過光電門1和光電門2的時間分別為△t1、△t2，若△t1________△t2((2)實(shí)驗(yàn)開始前滑塊A置于光電門1的左側(cè)，滑塊B靜置于兩光電門間的某一適當(dāng)位置。給A一個向右的初速度，通過光電門1的時間為t1，A與B碰撞后A通過光電門1的時間為t2，B通過光電門2的時間為A.遮光片的寬度d

B.滑塊A的總質(zhì)量mC.滑塊B的總質(zhì)量m2

D.光電門1到光電門2的間距(3)若在誤差允許的范圍內(nèi)滿足表達(dá)式__________，則表明兩滑塊碰撞過程中動量守恒。(二)為測量一未知電阻Rx的阻值。一實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計的電路如圖所示，其中R0為定值電阻，電壓表V1(1)閉合電鍵S前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于________(選填“最左端”或“最右端”)(2)讀取U1、U2的讀數(shù)，描繪出U1?U2圖線，如圖所示，若圖線的斜率為k，則Rx阻值為________

三、計算題：本大題共4小題，共40分。13.如圖所示，勁度系數(shù)為k的彈簧上端固定一質(zhì)量為m的小球，不計阻力，小球在豎直方向上做簡諧運(yùn)動，當(dāng)小球振動到最高點(diǎn)時彈簧正好為原長，重力加速度為g，求：

(1)此簡諧運(yùn)動的振幅A；(2)彈簧彈性勢能的最大值。14.一個質(zhì)量為50kg的游戲者在某游樂場的蹦床上蹦跳，從他被彈到最高點(diǎn)開始計時，其運(yùn)動的v?t圖線如圖所示，其中0～0.4s和1.1s～1.4s的時間內(nèi)v?t圖線為直線，其余為曲線，g取10m/s2，不計空氣阻力。求：

(1)最高點(diǎn)與蹦床間的高度差。(2)蹦床對游戲者的平均作用力大小。15.如圖所示，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板之間的距離d=50cm，其電容C=8μF。電源電動勢E=15V、內(nèi)阻r=1Ω，定值電阻R=4Ω。閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P調(diào)到某一位置，待電路穩(wěn)定后，將一帶負(fù)電小球放入板間恰能保持靜止。已知帶電小球的質(zhì)量m=2×10?2kg，所帶電荷量q=1×10?2C(1)此時電容器兩極板間的電壓；(2)滑動變阻器接入電路的阻值；(3)將開關(guān)S迅速斷開后，通過滑動變阻器的電荷量。16.如圖所示，固定點(diǎn)O處懸掛長為L的輕質(zhì)細(xì)繩，細(xì)繩的末端拴接一個質(zhì)量為3m的小球。光滑水平地面上有n個質(zhì)量均為m的相同小滑塊，從左向右依次編號為1、2、…、n.現(xiàn)將細(xì)線水平拉直，靜止釋放小球，當(dāng)小球擺到最低點(diǎn)時剛好與小滑塊1發(fā)生彈性碰撞。已知滑塊間的每次碰撞時間極短，重力加速度大小為g。

(1)求小球與1號小滑塊碰前瞬間細(xì)繩的拉力大??；(2)若所有滑塊間的碰撞是彈性碰撞，求小滑塊n被碰后速度大??；(3)若所有滑塊間的碰撞是完全非彈性碰撞，求因碰撞損失的機(jī)械能。

答案和解析1.【答案】D

【解析】由于材料未變，則電阻率不變；

將導(dǎo)線均勻拉長到原來長度的4倍，由于體積不變，則橫截面積變?yōu)樵瓉淼?4，根據(jù)電阻定律R=ρLS，可知電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍．

2.【答案】A

【解析】根據(jù)動量定理I=FΔt=Δp，可得F=ΔpΔt，由于頭盔的緩沖，頭盔與頭部的撞擊時間Δt延長了，從而減小了對頭部的作用力F，也即減小了騎行者頭部撞擊過程中的動量變化快慢，但騎行者頭部撞擊過程中動量變化量和撞擊力的沖量I并未改變，故A正確，3.【答案】C

【解析】A.根據(jù)黑體輻射規(guī)律：黑體輻射電磁波的強(qiáng)度，按波長的分布，只與黑體的溫度有關(guān)，與材料及表面狀況無關(guān)，故A錯誤；

B.黑體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射，故B錯誤；

C.普朗克提出能量子假說完美解釋了黑體輻射實(shí)驗(yàn)規(guī)律，故C正確；

D.黑體輻射中溫度越高，輻射強(qiáng)度極大值向波長較短的方向移動，故D錯誤。4.【答案】A

【解析】若線框處于圖示位置時，線框與磁場垂直，穿過線框的磁通量Φ1=BS

線框繞軸轉(zhuǎn)過180°角后，穿過線框的磁通量Φ2=?BS

則此過程的磁通量的變化量：ΔΦ=Φ5.【答案】B

【解析】A、彈簧振子做簡諧運(yùn)動時，回復(fù)力是重力和彈簧彈力的合力，并非僅由彈簧彈力提供，所以A錯誤；

B、從振動圖像(圖乙)可知，振子的振動周期T=2.0s。在簡諧運(yùn)動中，系統(tǒng)的勢能(重力勢能與彈性勢能之和)和動能相互轉(zhuǎn)化的周期是振動周期的一半，即1.0s，所以B正確；

C、在0.5s∽1.0s內(nèi)，振子的位移逐漸減小，向平衡位置運(yùn)動，速度逐漸增大，動能逐漸增大;同時，彈簧的形變量逐漸減小，彈性勢能逐漸減小，所以C錯誤；

D、由振動圖像(圖乙)可得，振動周期T=2.0s，振幅是振子離開平衡位置的最大距離為0.2m，并非0.4m，所以D錯誤。6.【答案】B

【解析】A.做簡諧振動的物體其回復(fù)力與位移之間的關(guān)系為F=?kx，而籃球在空中向下運(yùn)動或向上運(yùn)動時只受重力，且重力是恒力，與位移無關(guān)，因此可知球在豎直方向做的并非簡諧運(yùn)動，故A錯誤；B.取向上為正方向，設(shè)地板對籃球的沖量為I，作用時間為t，籃球與地板接觸瞬間速度為v，末速度為v1，則由動量定理有可得I=mgt+ΔP則可知球與地板碰撞的過程中，地板對球的沖量大于球動量的變化，故B正確；C.當(dāng)籃球向下運(yùn)動未與地板接觸的過程中，籃球所受的合力為重力，因此加速度為重力加速度；而當(dāng)籃球與地板接觸后繼續(xù)向下運(yùn)動的過程中，地板對籃球的彈力逐漸增大，在彈力等于重力之前，合力仍向下，但在不斷減小，因此在該過程中籃球做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)?shù)匕鍖@球的彈力等于籃球重力時加速度減為零，此時籃球速度最大，之后籃球繼續(xù)向下運(yùn)動，地板對籃球的彈力繼續(xù)增大，合力向上，此后籃球做加速度反向增大的減速運(yùn)動，直至速度減為零，故C錯誤；

D.球與地板作用過程中，地板對球的彈力不為零，時間不為零，則地板對球的沖量不為零，故D錯誤。7.【答案】D

【解析】A、S1、S2均斷開時，電源A中沒有電流，其路端電壓等于電源電動勢，為6V，故A錯誤；

B、兩電源電動勢均相同，根據(jù)電動勢的定義式E=Wq可知，每通過相同的電荷量，電源B中非靜電力的功等于電源A中的非靜電力的功相等，故B錯誤；

C、由圖可知，兩電源電動勢均為6V。只閉合S1，A與燈泡接通，電源有內(nèi)電壓，則小燈泡兩端電壓小于電源電動勢6V，則燈泡的功率為小于額定功率6W，故C錯誤；

D、只閉合S28.【答案】A

【解析】A.由vy=gt得排球落到a點(diǎn)和b點(diǎn)的豎直速度之比為1:2，又P=mgvy，可得重力的瞬時功率之比為1:2，故A正確;

B.排球拋出后，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，從出發(fā)點(diǎn)開始相同時間內(nèi)豎直方向運(yùn)動的位移之比為1:3，即排球從O點(diǎn)到a點(diǎn)和從a點(diǎn)到b點(diǎn)豎直方向運(yùn)動的位移大小之比為1:3，根據(jù)W=mgh可知重力做功之比為1:3，故B錯誤;

C.根據(jù)IG=mgt可知小球從O點(diǎn)到a點(diǎn)和從a點(diǎn)到b點(diǎn)重力的沖量大小之比為1:1，故C錯誤;

D.排球落到a點(diǎn)和b點(diǎn)的豎直速度之比為1:2，水平速度相同，根據(jù)v=vx2+vy2，可知排球運(yùn)動到a點(diǎn)和b點(diǎn)時的速度之比不為1:2，根據(jù)9.【答案】C

【解析】AB.當(dāng)滑片向左滑動時，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知總電流增大，內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以電流表示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減?。蔄B錯誤；

CD.總電流增大，電源的內(nèi)電壓和R0的電壓都增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知并聯(lián)部分的電壓減小，則燈泡逐漸變暗，故C正確，D10.【答案】C

【解析】B.斜面上的單擺的回復(fù)力由重力的下滑分力的切向分量提供，重力的下滑分力為mgsinθ，設(shè)擺線與題圖中虛線的夾角為α，則下滑分力的切向分力即回復(fù)力為mgsinθsinα，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθsinα=ma，解得擺球在最高點(diǎn)的加速度a=gsinθsinα，擺球在平衡位置時回復(fù)力為零，由于擺球有向心加速度，擺球在平衡位置的加速度不為零，故B錯誤；

AD.等效重力加速度為gsinθ，根據(jù)單擺的周期公式有T=2πl(wèi)g11.【答案】D

【解析】A.A、B組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，豎直方向受力不平衡，則A、B組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，，系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤；B.當(dāng)A球擺到B球正下方時，A、B球的速度大小分別為v1和v2由機(jī)械能守恒得mgL=解得vA球運(yùn)動到最低點(diǎn)時速度為gL，故B錯誤C.A球機(jī)械能減小量為ΔE=mgL?12mD.A、B組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，水平方向動量守恒，則有m且x解得xA球運(yùn)動到最低點(diǎn)時，B球向右運(yùn)動距離為12L，故故選D。12.【答案】(一)

(1)=；(2)BC；(3)m1t1

=

m2t3

-

m1t2；

(二【解析】(一)(1)當(dāng)氣墊導(dǎo)軌水平時，滑塊A在導(dǎo)軌上做勻速直線運(yùn)動，此時通過光電門1和光電門2的時間相等，即

Δt1(2)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證動量守恒，所以實(shí)驗(yàn)中需要測量兩滑塊各自的質(zhì)量和碰撞前后的速度，速度可以通過擋光片的寬度和滑塊通過光電門的時間求出，兩滑塊擋光片寬度相同，所以寬度可在數(shù)據(jù)處理時消去，所以不需要測量擋光片的寬度。故選BC。(3)設(shè)擋光片的寬度為d，碰前A的速度大小為

dt1

，碰后A的速度大小為

dt2

，碰后B的速度大小為

d整理可得

m1t1=m2(1)閉合電鍵S前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于最左端，此時電壓表示數(shù)為零；(2)根據(jù)歐姆定律有

Rx=U1?根據(jù)圖像的斜率可知

k=R0+Rx13.【答案】解：(1)小球做簡諧運(yùn)動，由重力和彈簧彈力的合力提供回復(fù)力，在平衡位置有mg=kx，根據(jù)題意則有

x=A

，即此簡諧運(yùn)動的振幅為A=mg(2)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時彈簧的彈性勢能最大，小球從最高點(diǎn)運(yùn)動到最低點(diǎn)