物理(A卷)參考答案題號123456789CDDBCA用力，則不論它們的電荷量是否相等，它們之間相互作用的庫侖力大小一定相等，故D正確。逐漸增加，選項C錯誤；因電容器充電，則定值電阻R。兩端的電壓不為零，選項D錯誤。作服屏蔽起來，工人就可以安全作業(yè)了，故D正確。路的歐姆定律得U=-I(R?+r)+屬板間，沿曲線打在N板上的O點，則根據(jù)牛頓第二定律可得加速度為,方向垂直于板故粒子打在O點右側(cè)，故A錯誤；貼著M板下沿插入板狀電介質(zhì)，電容器電容增大，電壓不變，電量增大，場極板稍微下移，電容減小，但二極管具有單向?qū)щ娦宰柚狗烹婋娏魍ㄟ^，平行板帶電量不變，平行板間的電場強度為,結(jié)合,可得,電場強度不變，故加速度不變，粒子在豎直方向運動的位移增大，由可知運動時間增大，沿平行板方向運動的位移x=vot變大，粒子打在O點的右側(cè)，選項C正確；M極板稍微下移，電容增大，電壓不變，電荷量增大，場強增大，加速度減小，粒子打在O點的右側(cè)，故選項D錯誤。三、非選擇題(共56分)11.(7分)(1)AC(2分，選不全得1分，選錯不得分)(2)2.5(1分)2.6(1分)紙帶與限位孔間有摩擦或空氣阻力(1分)(3)2g(2分)【解析】(1)為了減少阻力，圖中兩限位孔必須在同一豎直線上，故A正確；本實驗不稱量重物的質(zhì)量也可驗證機械能守恒定律，故B錯誤；為了保證重物在豎直方向做自由落體運動，實驗前，手應(yīng)提住紙帶上端，使紙帶豎直，故C正確；為了提高紙帶的利用率，實驗時，先接通打點計時器的電源，再放開紙帶，故D錯誤。(2)OC過程中，重物動能的增加量為J;重物重力勢能的減少量為△Ep=mgh?=1×9.8×0.2656≈2.6J一般△Ep>△Ek,這是因為重物下落過程中克服空氣阻力和摩擦阻力做功；(3)根據(jù)機械能守恒,整理得v2=2gh,所以，圖線v2—h的斜率為2g。12.(9分)(1)R?(2分)(2)圖見解析(3分)(3)10.0(或10)(2分)(4)小于(2分)【解析】(1)實驗原理是半偏法測表頭內(nèi)阻，為了在閉合S?時，回路電阻變化較小，則滑動變阻器應(yīng)選擇阻值較大的R?.(2)按照如圖甲所示電路圖，連接實物圖乙，如圖所示：(3)如果干路電流不變，則表頭G示數(shù)為滿偏示數(shù)的一半時，電阻箱的電流也是滿偏示數(shù)的一半，可知表頭G的內(nèi)阻滿足rg=R?=10.0Ω;(4)由于(3)中測電阻時，實際干路電流大于Ig,則通過電阻箱的電流大于,則電阻箱電阻小于表頭G的內(nèi)阻，即所測表頭G的內(nèi)阻偏小。13.(12分)【解析】(1)設(shè)Q的電荷量為q,Q恰能靜止在斜面上，根據(jù)平衡條件可得解得(2)施加勻強電場后，因A、B與P距離相等，即在點電荷P的等勢面上，所以滑塊從A到B,有物理(A卷)參考答案—2物理(A卷)參考答案—314.(13分)【解析】(1)當(dāng)滑動變阻器阻值為零時，偏轉(zhuǎn)電壓為零，粒子打在O點。根據(jù)歐姆定律有：解得vo=3.20×10?m/s從A到B加速,解得v?=2.0×10?m/s電容器的電壓為U?=I'R?粒子做類平拋運動，水平方向L=v?t豎直方向聯(lián)立解得y=4.29×10?2m由類平拋運動規(guī)律：速度反向延長線交于水平位移中點，故有聯(lián)立解得Lop—0.129m15.(15分)【解析】(1)設(shè)A、B同時由靜止釋放后以不同的加速度下滑，且B的加速度大于A的加速度，則因為aBI>aA?,上述假設(shè)成立(2)設(shè)經(jīng)時間t?木板B與傳送帶速度相同，則v=aBIt?,解得tB=0.6s(2分)B與傳送帶同速后，由于μ(mA+mB)gcosθ+μ2mAgcosθ=10N>mgsinθ=5N,故木板B與傳送帶相對靜止一起勻速，物塊A繼續(xù)加速，直至A、B及傳送帶二者共速；同速后因mAgsinθ>1μ2mAgcosθ,A仍會相對于B加速下滑，此時B的合力F合=u2mAgcosθ+mBgsinθ—μ(mA+mB)gcosθ=0,碰，所以B相對傳送帶運動的時間為tB=0.6s(3)木塊A從釋放到A、B及傳送帶三者共速所需時間與擋板第一次碰撞前木板B勻加速運動的位移大小B勻速運動的位移x2=L—x?=4.8m,B勻速運動的時間設(shè)A、B及傳送帶三者共速后，A繼