2024?2025學(xué)年廣東省廣州市高二（下）期末物理試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.如圖圖片源于教材，對(duì)其描述正確的是（）

A.圖甲是玻璃管插入水槽的情形，表明水不能浸潤(rùn)玻璃

B.圖乙中水膽能停在水面，是因它受到的液體表面張力與重力平衡

C.圖丙為電子束穿過(guò)多晶體金4〃的衍射圖樣，說(shuō)明電子具有波動(dòng)性

D.圖丁為用不同顏色的光照射同一光電管得到的洋電流./與電壓U關(guān)系佟I,則任光頻率最高

2.2025年3月9日，國(guó)內(nèi)首款碳-14微型核電池“燭龍一號(hào)”正式發(fā)布。照。具

有放射性，半衰期長(zhǎng)達(dá)5730年，理論上可為腦機(jī)接口、心臟起搏器等植入式設(shè)

備提供永久能源。產(chǎn)C衰變方程為產(chǎn)CT/N+X,則（）

A.X來(lái)自碳原子的核外電子B.衰變過(guò)程屬于重核裂變

C.記C的比結(jié)合能小于尹N的比結(jié)合能D.如果溫度升高，鏟C的半衰期會(huì)變短

3.在廣州，某同學(xué)研究單搜做受迫振動(dòng)時(shí)振幅與驅(qū)動(dòng)力頻率的關(guān)系，其共振曲線如圖所示.貝!該單擺（）

A.擺長(zhǎng)約為2m

B.驅(qū)動(dòng)力頻率增大時(shí)，振幅增大

C驅(qū)動(dòng)力頻率增大時(shí)，振動(dòng)頻率不變

D.若該實(shí)驗(yàn)移至上海、共振曲線的峰值將向右偏移

4.某同學(xué)利用如圖所示裝置測(cè)量某種單色光的波長(zhǎng)。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中觀察到分劃板中心刻線與第1條亮條紋中

心對(duì)齊時(shí)，手輪讀數(shù)為1.1〃〃〃；轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，分劃板中心刻線與笫6條亮條紋中心對(duì)齊時(shí)，手輪讀數(shù)為

5.6m?no已知雙縫到光屏的距離為500rn77i,雙縫間距為0.4TH7TI,則該單色光的波長(zhǎng)為（）

A.600nmB.720nmC.750nmD.896nm

5.氫原子能級(jí)圖如圖所示，現(xiàn)有大量氫原子從"=4能級(jí)自發(fā)向低能級(jí)躍E■/eV

0

遷。已知金屬鋅的逸出功為3.34",可見(jiàn)光的光子能量范圍為-0.54

-0.85

1.62?3.11eV。則大量氫原子躍遷時(shí)（）-1.51

-3.40

A.最多可輻射出3種不同頻率的光子

B.最多可輻射出3種不同頻率的可見(jiàn)光

C.從幾=4向九=1能級(jí)躍遷發(fā)出的光最容易發(fā)生衍射13.6

D.輻射出的不同頻率的光子最多有3種能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)

6.智能停車(chē)位下方埋有由日感線圈力和電容器C構(gòu)成的LC振蕩電路，如圖甲所示。當(dāng)車(chē)輛靠近日感線圈L

時(shí)，相當(dāng)于在線圈中插入鐵芯，使其自感系數(shù)變大，引起LC電路中振蕩電流的頻率變化（振蕩頻率公式/二

蘇占）。某次振蕩電路中的電流隨時(shí)間變化如圖乙所示（順時(shí)針為正方向），則（）

A.功?匕過(guò)程，電容器C放電

B」2時(shí)刻，自感線圈心的磁場(chǎng)能為零

C.由圖乙可判斷汽車(chē)正駛?cè)胫悄芡＼?chē)位

D.0?打過(guò)程，力點(diǎn)的電勢(shì)大于8點(diǎn)的電勢(shì)

7.根據(jù)籃球?qū)Φ貨_擊力的大小可判斷籃球的性能。某同學(xué)將?質(zhì)量為0.6kg的籃球從1.25m的高處自由下

落，測(cè)出籃球從開(kāi)始下落至反彈到最高點(diǎn)所用時(shí)間為1.20s,反彈高度為0.8m,g=10?n/s2,則籃球?qū)Φ?/p>

面的平均沖擊力大小為（不計(jì)空氣阻力）（）

A.24NB.18/VC.10.5/VD.8N

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.圖甲為一列沿％軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在￡=0.1s時(shí)刻的波形圖，該時(shí)刻波恰好傳播至Q點(diǎn)。圖乙為質(zhì)

A.圖乙是質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像

B.該波的傳播速度大小為lzn/s

C.波源的起振方向沿y軸正方向

D.r=10cm處的質(zhì)點(diǎn)第?次到達(dá)波峰位置的時(shí)刻是t=0.9s

9.云南一廣東±800kP特高壓直流輸電示范工程是世界上第一個(gè)±800kV直流輸電工程，是我國(guó)電網(wǎng)建設(shè)史

上一個(gè)里程碑。如圖是某段輸電過(guò)程的簡(jiǎn)化示意圖，發(fā)電站輸出電壓穩(wěn)定，經(jīng)升壓后被整流成800/cV的直

流電，長(zhǎng)距離輸電到達(dá)廣東后被逆變成交流電，再被降壓至220V后供用戶使用。若直流輸電線電阻為R=

80假設(shè)電壓在整流和逆變前后有效值不變，不計(jì)變壓器、整流器和逆變器消耗的電能。當(dāng)發(fā)電站輸出功

率為500萬(wàn)千瓦，則（）

A.輸電線電流為625004

B.瑜電導(dǎo)線上損耗的電壓為50kp

C.降壓變壓器匝數(shù)比為37500：11

D.輸送功率不變，若電壓經(jīng)升壓和整流后為400AV,輸電線消耗的功率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍

10.圖甲為氣壓式升降椅，它通過(guò)氣缸上下運(yùn)動(dòng)來(lái)支配椅子升降.其簡(jiǎn)易結(jié)構(gòu)如圖乙所示，圓柱形氣缸與

椅面固定連接，柱狀氣動(dòng)桿與底座固定連接。氣缸氣密性、導(dǎo)熱性能良好。設(shè)氣體的初始狀態(tài)為4某人

坐上椅面保持不動(dòng)，椅子緩慢下降一段距離后達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)氏此過(guò)程溫度不變。然后開(kāi)空調(diào)暖風(fēng)，一段

時(shí)間后室內(nèi)溫度上升到設(shè)定溫度，穩(wěn)定后氣體狀態(tài)為C;接著人慢慢離開(kāi)座椅，椅子重新處于另一個(gè)穩(wěn)定

狀態(tài)。。則氣體（）

甲乙丙

12.某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。安裝好器材后，進(jìn)行了以下操作:

光電門(mén)1光電廠12

第一步：將兩片相同規(guī)格的遮光片分別固定在滑塊1和滑塊2上后，用天平測(cè)得滑塊1和2的總質(zhì)量分別為

叫、?n2；

第二步：打開(kāi)氣泵，僅將滑塊1放在光電門(mén)1的左側(cè)，輕推滑塊1后發(fā)現(xiàn)通過(guò)光電門(mén)1的時(shí)間大于通過(guò)光電門(mén)

2的時(shí)間，則應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌的_____（填“左側(cè)”或“右側(cè)”）調(diào)高一些。重復(fù)多次，直至氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水

平狀態(tài)。

第三步：將滑塊1放在光電門(mén)1左惻，滑塊2放在光電門(mén)2的右側(cè)。輕推兩滑塊，它們相向運(yùn)動(dòng)并發(fā)生碰撞，

光電門(mén)記錄的擋光時(shí)間如表所示。

光電門(mén)1光電門(mén)2

碰前

T2

碰后73無(wú)數(shù)據(jù)

（1）該同學(xué)選用的是（選填字母）組滑塊進(jìn)行的實(shí)驗(yàn)。

彈性圓環(huán)

撞針橡皮泥

(2)若滿足關(guān)系式,即驗(yàn)證了碰撞前后兩滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒(用已測(cè)物理量表示)。

(3)該同學(xué)取下滑塊1和滑塊2,換另一組滑塊進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，將滑塊3放到光電門(mén)1的左側(cè)，滑塊4靜止在光電門(mén)

1與光電門(mén)2之間，向右輕推滑塊3使它與滑塊4相碰。光電門(mén)1記錄遮光時(shí)間為￡】，光電門(mén)2先后記錄兩次遮

光時(shí)間依次為亡2、打。如果滿足表達(dá)式(=(用今、匕表示)，則兩滑塊的碰撞為彈性碰撞。

四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。

13.2025年3月21日神舟十九號(hào)航天員圓滿完成出艙任務(wù)。當(dāng)航天員執(zhí)行出艙任務(wù)前，需先進(jìn)行泄壓，即將

氣閘艙內(nèi)的大部分氣體抽到密封艙內(nèi)后，才能打開(kāi)出艙艙門(mén)。若泄壓前，氣閘艙內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為po,體積

為為;密封艙內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為po,體積為10%,泄壓后密封艙內(nèi)氣體壓強(qiáng)為1.094P。。泄壓過(guò)程中，兩艙

內(nèi)溫度保持297K不變，氣體為理想氣體并忽略航天員對(duì)氣體的影響，抽氣泵與連接管道氣體體積不計(jì)。

(1)泄壓后打開(kāi)艙門(mén)前，求氣閘艙內(nèi)的壓強(qiáng)內(nèi)為多少；

(2)太空中稀薄氣體壓強(qiáng)近似為O.OOlpo,溫度為99K.打開(kāi)艙門(mén)一段時(shí)間后，則艙內(nèi)剩余空氣的質(zhì)量是原

來(lái)的多少？

14.如圖所示，一直角三棱鏡截面ABC,/-BAC=30°,LACB=90°,。為AB的中點(diǎn)，BC邊長(zhǎng)為L(zhǎng)。平行于

4C邊的激光從。4的中點(diǎn)。射入該棱鏡，折射光線照射到4C的中點(diǎn)從已知光在真空中的速度c,不考慮光

的多次反射。

(1)求三棱鏡的折射率九(可保留根號(hào))；

(2)通過(guò)計(jì)算判斷激光是否能夠從4C邊射出，并規(guī)范畫(huà)出激光在三棱鏡中傳播的光路圖；

(3)求激光在三棱鏡中傳播的時(shí)間，

D

A

E

15.如圖所示，半徑R=4m的光滑四分之一圓弧軌道固定在水平面，其末端與足夠長(zhǎng)水平面平滑連接。

水平面的BC段粗糙，其他段光滑。一個(gè)半徑r=l/n的光滑四分之一弧形槽，靜置在水平面上，其左端和

水平面相切于。點(diǎn)。一小滑塊Q從.4點(diǎn)正上方"=1m處由靜止釋放，經(jīng)軌道48,進(jìn)入水平面，從B運(yùn)動(dòng)到C

所用時(shí)間t=ls,與靜止在。點(diǎn)的小滑塊P發(fā)生正碰，Q、P碰撞過(guò)程系統(tǒng)損失的動(dòng)能為碰前瞬間Q動(dòng)能的

|o已知小滑塊Q的質(zhì)量叫=1如，小滑塊P的質(zhì)量爪2=1的，它們與水平面BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃均為

0.2,重力加速度g取lOm/s?滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：

(1)Q經(jīng)過(guò)8時(shí)的速度大?。?/p>

(2)Q、P第一次碰撞后，Q、P的速度大??；

(3)要使P滑上光滑的3弧形槽后不能從其上端飛出且能夠與Q再次碰撞，弧形槽質(zhì)量M的范圍(Q追不上弧形

槽).

答案解析

1.【答案】C

【解析】解：4液體在毛細(xì)管中上升，且液面呈凹型，說(shuō)明該液體能夠浸潤(rùn)器壁，故4錯(cuò)誤；

8.因?yàn)橐后w表面張力的存在，所以圖乙中水電能停在水面上，但表面張力方向總跟液面相切，且與分界線

垂直，對(duì)水晶受力分析可知受到重力和支持力，二者平衡，故8錯(cuò)誤；

C.圖丙為電子束穿過(guò)多晶體金Au的衍射圖樣，衍射是波的特有現(xiàn)象，則說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，故C正確：

。.圖丁中，由光電效應(yīng)方程九y=Jnie詔+%

根據(jù)動(dòng)能定理可得gHie喏=eUc

a光和b光的遏止電壓〃相等，c光的遏止電壓最高，則可知c光的頻率最高，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

玻璃管中的液面成凹型說(shuō)明液體能浸潤(rùn)：水吊,能停在水面是因?yàn)楸砻鎻埩Γ弘娮友苌洮F(xiàn)象是電子波動(dòng)性的

體現(xiàn)；根據(jù)光電效應(yīng)方程和動(dòng)能定理分析。

該題考杳的知識(shí)點(diǎn)較多，要注意明確各物理現(xiàn)象對(duì)應(yīng)的物理規(guī)律，會(huì)根據(jù)物理規(guī)律解釋相關(guān)現(xiàn)象。

2.【答案】C

【解析】解：AB.根據(jù)反應(yīng)過(guò)程滿足質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X為電子9遇，故針c衰變過(guò)程屬于任衰

變：X是由原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子和電子釋放出來(lái)的電子;故A8錯(cuò)誤；

C、衰變后的尸N比衰變前的”c更穩(wěn)定，故鏟。的比結(jié)合能小于尹川的比結(jié)合能，故C正確;

。、半衰期是原子核的固有屬性，與外界溫度、壓強(qiáng)等因素?zé)o關(guān)，的半衰期不變，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)原子核衰變、比結(jié)合能、半衰期等知識(shí)，對(duì)每個(gè)選項(xiàng)逐一分析判斷。

本題考查原子核衰變、比結(jié)合能、半衰期等知識(shí)點(diǎn)。關(guān)鍵在于理解/?能量的本質(zhì)、比結(jié)合能與原子核穩(wěn)定

性的關(guān)系，以及半衰期的固有性。

3.【答案】D

【解析】解:4由題圖可知,該單擺的固有頻率為/園=0.5Hz,則固有周期為T(mén)固=亡，解得7固=2s

根據(jù)7固=2〃彩，可得該單擺的擺長(zhǎng)約為l=罌，解得bn,故A錯(cuò)誤:

B.當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率等于該單擺的固有頻率時(shí)，振幅最大，所以驅(qū)動(dòng)力頻率增大時(shí)，振幅不一定增大，故B錯(cuò)

誤:

C.驅(qū)動(dòng)力頻率增大時(shí)，振動(dòng)頻率與驅(qū)動(dòng)力頻率相同，所以振動(dòng)頻率也隨著增大，故C錯(cuò)誤:

D若該實(shí)驗(yàn)移至上海，由于上海的重力加速度大于廣州的重力加速度，所以固有周期變小，固有頻率變

大，圖線橫軸表示固有頻率，根據(jù)當(dāng)固有頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率時(shí)，單擺發(fā)生共振，振幅最大，所以共振

曲線的峰值將向右偏移，故。正確。

故選：Do

根據(jù)單擺周期公式計(jì)算即可；單擺實(shí)際擺動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率：當(dāng)固有頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率時(shí)，

單擺發(fā)生共振，振幅最大；改變地點(diǎn)，g值變化，固有周期發(fā)生變化。

本題主要考查了學(xué)生對(duì)“共振曲線”的理解，涉及驅(qū)動(dòng)力的頻率、單擺周期公式、振幅最大的物理意義等

知識(shí)點(diǎn)。

4.【答案】B

【解析】解：相鄰條紋間距為4X=亭9mm=0.9mm

0—1

已知雙縫到光屏的距離為500mm,雙縫間距為0.4mm,根據(jù)可得該單色光的波長(zhǎng)為4=華=

ciL

故正確，錯(cuò)誤。

0.4X10Y警103m=7.2X10-77n=720nm,8ACO

500x106

故選：B。

根據(jù)條紋寬度求解相鄰亮條紋之間的距離，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式求入射光的波長(zhǎng)。

本題主要考查了雙縫干涉測(cè)波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是要理解實(shí)驗(yàn)原理，掌握雙縫干涉條紋間距公式。

5.【答案】D

【解析】解：4大量氫原子從九=4能級(jí)自發(fā)向低能級(jí)躍遷，根據(jù)弓=6,可知最多可輻射出6種不同頻率

的光子，故A錯(cuò)誤；

B.能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于能級(jí)差E,n-%,已知可見(jiàn)光的光子能量范圍為1.62?3.11H,根據(jù)能

級(jí)圖可知虱一(-

-E2=(-0.85W)3.4W)=2.55W,

^3-^2=(-1.51el/)-(-3.4el/)=1.89eV,可輻射出2種不同頻率的可見(jiàn)光，故8錯(cuò)誤；

C從n=4向九=1能級(jí)躍遷發(fā)出的光，光子能量最大，頻率最大，波長(zhǎng)最短，最不容易發(fā)生衍射，故C錯(cuò)

誤：

。.已知金屬鋅的逸出功為3.34eV,可知輻射出的不同頻率的光子最多有3種能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)，故。正

確。

故選：Do

根據(jù)組合數(shù)公式可知輻射光子的種類(lèi)，能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，即Em-

根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生的條件以及發(fā)生明顯衍射的條件分析。

En=/iv,

解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷輻射或吸收光子能量滿足：Em-En=hv,根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確的分析求

解。

6.【答案】C

【解析】解：4由振蕩電路中的電流隨時(shí)間變化圖可知，￡2?過(guò)程，電流逐漸減小，所以電容器在充

電，故A錯(cuò)誤；

8.由圖乙振蕩電路中的電流隨時(shí)間變化可知，。時(shí)刻，電流最大，所以自感線圈心的磁場(chǎng)能最大，故B錯(cuò)

誤；

C.日?qǐng)D乙可知，振蕩電路的周期變大，根據(jù)7=27rm可知，線圈自感系數(shù)變大，則汽車(chē)正駛?cè)胫悄芡＼?chē)

位，故C正確；

?功過(guò)程，電流逐漸增大，磁場(chǎng)能增大，電場(chǎng)能減小，電容器正在放電，且電流方向由上吸板流向下

極板，則上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，所以4點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì)；J?打過(guò)程，電流逐漸減小，磁

場(chǎng)能減小，電場(chǎng)能增大，電容器正在充電，F(xiàn)I.電流方向由卜.極板流向下極板，則上極板帶負(fù)電，下極板帶

正電，所以/點(diǎn)的電勢(shì)小于8點(diǎn)的電勢(shì)，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

由圖示電流大小變化，判斷振蕩過(guò)程處于什么階段，然后根據(jù)電磁振蕩特點(diǎn)分析答題；結(jié)合7=2兀，無(wú)分

析。

本題考查電磁振蕩的基本過(guò)程，會(huì)分析電路中的充放電過(guò)程中電流及能量的變化情況是解題關(guān)鍵。

7.【答案】A

【解析】解：根據(jù)自由落體公式旗=^9中，代入九i=1.25m,g=10m/s2

求得球下落時(shí)間±1=咫=J耳冠s=0.5s

反彈高度九2=0?86，由豎直上拋公式九2=：9巧

求得球反彈后回到最高點(diǎn)時(shí)間《2=再=J甯s=0.4s

總時(shí)間t=1.20s,則球與地面的夜觸時(shí)間zJt=t-ti-t2=1.20s-0.5s-0.4s=0.3s

球下落末速度vx=gtx=10x0.5m/s=5m/s

反彈初速度v2-J2gh2—V2x10x0.8m/s=4m/s

則球的動(dòng)量變化/p=m(y2-%)=0.6x[4-(-5)]kg-m/s=54kg?m/s

對(duì)球根據(jù)動(dòng)量定理，以向上為正方向，有(/-mg)At=Ap

解得地面對(duì)籃球的沖擊力尸=^+mg=+0.6xION=24N

根據(jù)牛頓第三定律，可知籃球?qū)Φ孛娴钠骄鶝_擊力大小為24N,故A正確，8CO錯(cuò)誤。

故選：4。

籃球先做自由落體運(yùn)動(dòng)，由位移一時(shí)間公式可求出下落時(shí)間、下落到地面的速度大小：籃球反彈后，向上

做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由速度一時(shí)間公式可求出籃球離開(kāi)地面時(shí)的速度大?。换@球與地面的作用時(shí)間可求：對(duì)

籃球根據(jù)動(dòng)量定理列方程，可求地面對(duì)籃球的平均作用力大小，再由牛頓第三定律可求籃球?qū)Φ孛娴钠骄?/p>

作用力大小。

解答本題，要選擇籃球?yàn)檠芯繉?duì)象，要熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)量定理，要明確動(dòng)量是矢量，運(yùn)算時(shí)要設(shè)

定正方向。

8.【答案】AD

【解析】解：A由簡(jiǎn)諧橫波在t=O.ls時(shí)刻的波形圖可知，t=0.1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)N處于波峰位置，圖乙中質(zhì)點(diǎn)

在t=O.ls時(shí)刻處于波峰位置，所以圖乙是質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像，故A正確：

及由題圖可知，波K為;1—4即周期為0.4s,則波速為吁彳,解得吁故6錯(cuò)誤；

C根據(jù)同側(cè)法可知，Q點(diǎn)的起振方向沿、軸負(fù)方向，則波源的起振方向沿y軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；

D根據(jù)波形平移法可知，從￡=0.1s時(shí)刻到％=10cm處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰位置所用時(shí)間為什二g=

則x=10cm處的質(zhì)點(diǎn)第?次到達(dá)波峰位置的時(shí)刻是t=0.9s,故。正確。

故選：AD.

根據(jù)分析給定的波形圖和振動(dòng)圖，可以確定波的波長(zhǎng)、周期等物理吊，進(jìn)而求解波速和分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)。

解決y—亡圖像和y—無(wú)圖像綜合問(wèn)題，關(guān)鍵要明確兩點(diǎn)：一是y-t圖像描述的是哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)；二是y—

工圖像是哪一時(shí)刻的圖像，然后根據(jù)y-t圖像確定這一時(shí)刻該點(diǎn)的位移和振動(dòng)方向。

9.【答案】BC

p7

【解析】解：48.根據(jù)P=U/,可知輸電線電流為%=言=簿等力=62504,輸電導(dǎo)線上損耗的電壓為

AU=I2R=6250x8K=50000V=50kV,故A錯(cuò)誤，B正確。

C降壓變壓器原線圈的輸入電壓為g=U2-AU=800/CV-50kV=750/cK,則降壓變壓器匝數(shù)比為葛=

行等雪=等，故°正確。

D.輸送功率不變，電壓變?yōu)?00k叭根據(jù)P=U/可知輸電線電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，根據(jù)P=/2R可知，輸電

線消耗的功率變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

苜先根據(jù)「=”計(jì)算輸電電流，結(jié)合歐姆定律計(jì)算輸電線上的電壓損耗；然后確定降壓變壓器原、副線圈

的電壓，利用變壓器匝數(shù)比與電壓比的關(guān)系分析匝數(shù)比；最后根據(jù)P=/2R,結(jié)合電壓變化對(duì)電流的影

響，分析輸電線路消耗功率的變化，從而對(duì)各選項(xiàng)進(jìn)行判斷。

本題考查了高壓直流輸電中電功率、電壓、電流的關(guān)系，以及輸電線上的功率損耗、變壓器匝數(shù)比與電壓

比的關(guān)系等知識(shí)。

10.【答案】AD

【解析】解:48.A到8的過(guò)程中，氣體等溫壓縮，壓強(qiáng)增大，體積減?。粡腂到C的過(guò)程中，氣體等壓升

溫，溫度升高，體積增大；從。到。的過(guò)程中，等溫膨脹，壓強(qiáng)減小，體積增加，而且此時(shí)。狀態(tài)的壓強(qiáng)又

恢夏到最初力狀態(tài)的壓強(qiáng)，其p-r圖像和p-:圖像如圖所示

故A正確，B錯(cuò)誤；

C.從8到C的過(guò)程，氣體等壓升溫，溫度升高，體積增大，氣體內(nèi)能增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一

定律可知，氣體對(duì)外做的功小于氣體吸收的熱量，故C錯(cuò)誤：

D狀態(tài)。時(shí)的溫度高于狀態(tài)力時(shí)的溫度，狀態(tài)。9狀態(tài)/的壓強(qiáng)相等，根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知，。單

位時(shí)間單位面積碰撞容器壁的分子數(shù)比狀態(tài)4少，故。正確。

故選：AD.

根據(jù)已知的變化量去判斷其它的物理量，結(jié)合熱力學(xué)第一定律的表達(dá)式AU=Q+W以及氣體壓強(qiáng)的微觀

解釋進(jìn)行判斷。

本題考查了熱力學(xué)定律的相關(guān)知識(shí)，理解氣體前后壓強(qiáng)、體積和溫度的變化關(guān)系是解決此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵。

11.【答案】①C；②少；①1.8x10-9；②48

【解析】（1）①為了減小渦流引起的磁損耗，變壓器的鐵芯，它的結(jié)構(gòu)和材料是絕緣的硅鋼片疊成。故C

正確,錯(cuò)誤°

故選：Co

②根據(jù)電阻定律有R=p!

導(dǎo)線越粗，導(dǎo)線電阻越小，根據(jù)電流匝數(shù)關(guān)系有/述1=，2%

可知，匝數(shù)越少，電流越大，為了減小能量損耗，導(dǎo)線粗的線圈匝數(shù)少。

(2)①每格邊長(zhǎng)為1cm,一個(gè)格子的面積為lcm2,按超過(guò)半格以一格計(jì)算，小于半格就舍去的原則，估算

出55格，故油膜面積為S=55cm2=5.5x10-3m2

1滴油酸酒精溶液中含油酸的體積V=擊x-^mL=1.0x10-5mL

ZkJZ,古J卜l.Ox10'mL-1o1n-9

分子直徑為d=-=-55cm2—?1.8X10

②應(yīng)”用單擺測(cè)定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量單擺的周期時(shí)記錄N次全振動(dòng)的時(shí)間3采用累i-法，所以單

擺周期7=%故A正確；

及“用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量第1痙條紋和第四亮條紋間距d,則測(cè)量相鄰條紋間距4x=

名，實(shí)驗(yàn)采用了累計(jì)法，故8正確；

N—1

C“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”'實(shí)驗(yàn)中，獲得小球落點(diǎn)的平均位置，是為了減小偶然誤差，故C錯(cuò)誤：

D用螺旋測(cè)微折在電阻絲上的三個(gè)不同位置測(cè)出電阻絲直彳仝，再求出直彳仝平均值，是為了減小偶然誤差，

故D錯(cuò)誤。

故選：AB.

故答案為：(1)①C；②少；(2)①1.8x10-9；@AB.

(1)①根據(jù)減小渦流引起的磁損耗分析判斷；

②根據(jù)電阻定律和理想變壓器電流與匝數(shù)關(guān)系判斷；

(2)①數(shù)出小方格數(shù)計(jì)算油膜面積，根據(jù)濃度計(jì)算1滴油酸酒精溶液中含油酸的體積，根據(jù)體積公式計(jì)算分

子直徑；

②根據(jù)單擺周期的概念計(jì)算；根據(jù)條紋間距公式計(jì)算；根據(jù)減小偶然誤差取平均值的方法判斷；

本題關(guān)鍵掌握渦流形成原因和減小方法、用油膜法估測(cè)油酸分子大小實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理方法。

12.【答案】B；詈-詈=四產(chǎn)；T=T-r

【解析】將滑塊1放在光電門(mén)1的左側(cè)，輕推滑塊1后發(fā)現(xiàn)通過(guò)光電門(mén)1的時(shí)間大廠通過(guò)光電門(mén)2的時(shí)間，則

說(shuō)明滑塊1做加速運(yùn)動(dòng)，所以應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌的右側(cè)調(diào)高一些，重復(fù)多次，直至氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平狀態(tài)。

(1)根據(jù)表中信息可知，碰后滑塊1和滑塊2一起運(yùn)動(dòng)，即二者發(fā)生完全非彈性碰撞。故4c錯(cuò)誤，B正確；

故選：B.

(2)選取向左為正方向，若碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則爪2微一61齊(叫+血2諾

即瓶2ml_7n1+7n2

(3)若二者發(fā)生彈性碰撞，則機(jī)3(=血31+爪4尚，加3哈￥=如3哈￥+如4號(hào))2

聯(lián)立可得;=1-1

「2f3

故答案為：右側(cè)；(1)B；(2)箸一黑=四產(chǎn)；(3)；=；—《。

72T\>312t3

根據(jù)輕推滑塊1后發(fā)現(xiàn)通過(guò)光電門(mén)1的時(shí)間大于通過(guò)光電門(mén)2的時(shí)間，則說(shuō)明滑塊1做加速運(yùn)動(dòng)分析求解；

(1)根據(jù)碰后滑塊1和滑塊2—起運(yùn)動(dòng)分析求解；

(2)根據(jù)碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒定律分析求解；

(3)根據(jù)二者發(fā)生彈性碰撞，結(jié)合動(dòng)量守恒定律分析求解。

本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，理解實(shí)驗(yàn)H的、步驟、數(shù)據(jù)處理以及誤差分析是解決此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)

鍵。

13.【答案】氣閘艙內(nèi)的壓強(qiáng)%為0.06P。；

艙內(nèi)剩余空氣的質(zhì)量是原來(lái)的S%

【解析】(1)將密封艙和氣閘艙內(nèi)的氣體看作一個(gè)系統(tǒng)，泄壓過(guò)程為等溫變化，由玻意耳定律得Po%+Po?

10l^o=1.094po-10l/o+Pi^o

解得pi=O.O6po

(2)泄壓后,氣閘艙開(kāi)艙門(mén)前Pi=O.O6po,體積為％,T=297K,打開(kāi)艙門(mén)后憂=0.00lp0,T=99K,由

理想氣體狀態(tài)方程得華=*

解得M=20%

則艙內(nèi)剩余空氣的質(zhì)量與原來(lái)空氣質(zhì)量的比值為史==5%

mVZUkQ

即艙內(nèi)剩余空氣的質(zhì)量是原來(lái)的5%。

答：(1)氣閘艙內(nèi)的壓強(qiáng)Pi為0.06p0；

(2)艙內(nèi)剩余空氣的質(zhì)量是原來(lái)的5%。

(1)泄壓過(guò)程為等溫變化，由玻意耳定律列式求解；

(2)明確各個(gè)狀態(tài)參數(shù)，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解。

對(duì)于氣體問(wèn)題，分析清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程，確定氣體狀態(tài)參量是解題的前提，再選擇合適的氣體實(shí)驗(yàn)定

律進(jìn)行處理。

14.【答案】三棱鏡的折射率C；

不能夠從力。邊射出，

B

CEA

激光在三棱鏡中傳播的時(shí)間噤

【解析】(1)過(guò)。點(diǎn)作A8邊的垂線即法線，設(shè)入射光線與法線的夾角為a,在介質(zhì)中的折射光線與法線的夾

角為/?，如圖所示。

由幾何關(guān)系可知。8=BC=CO=L

根據(jù)相似三角形DE=功=與=亨

所以0=120°-90°=30°

a=90°-30°=60°

則n=|g=C

(2)全反射的臨界先滿足sin。=；=?

解得臨界角滿足30。<C<45°

過(guò)E點(diǎn)作4C邊的垂線交48邊為。，則4OE。=90°-30°=60°>C

_CE_AC_

EF-sin60°~2sm60°-L

激光在三棱鏡中的傳播速度”=：=表

所以激光在三棱鏡中的傳播時(shí)間t="理=畢

v2c

答：(1)三棱鏡的折射率，5：

(2)不能夠從AC邊射出，

(3)激光在三棱鏡中傳播的時(shí)間察。

(1)求三棱鏡的折射率以可保留根號(hào))；

(2)通過(guò)計(jì)算判斷激光是否能夠從4c邊射出，并規(guī)范畫(huà)出激光在三棱鏡中傳播的光路圖；

(3)求激光在三棱鏡中傳播的時(shí)間,