物理試題參考答案1．D【詳解】圓環(huán)轉動的周期圓環(huán)轉動產(chǎn)生的等效電流故選D。2．B【詳解】AC．材料的電導率與材料的形狀無關，由材料本身的性質決定，受溫度的影響，當溫度發(fā)生變化時，電導率的大小會改變，故AC錯誤；B．根據(jù)電阻定律D．電導率越小，材料的電阻率越大，其導電性能越差，故D錯誤。故選B。3．C可得可得故C正確、D錯誤。故選C。4.【答案】A故選A。5.【答案】C【詳解】A．由圖乙可知，沿著x軸正方向電勢逐漸升高，根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低可知，電場現(xiàn)方向沿著x負軸方向，故A錯誤；D．M點電勢低于O點電勢，電子帶負電，電子由M點移到O點，電勢能降低，所以電場力做正功，故D錯誤。故選C。6.【答案】D【詳解】A．金屬圓筒中電場為零，電子不受電場力，做勻速運動，故A錯誤；C．只有電子在每個圓筒中勻速運動時間為時，才能保證每次在縫隙中被電場加速，故C錯誤。故選D。7.【答案】B【解析】故選B。8.【答案】AD【解析】故選AD。9.【答案】AD【解析】BC．在點電荷的右側與相距處，電場強度為零，無論試探電荷帶的是正電還是負電，試探電荷在該處受到的電場力都為零，試探電荷都將處于靜止狀態(tài)，故B、C錯誤；D．在點電荷的右側與相距處，電場強度方向水平向右，正試探電荷在該點受到的電場力水平向右，由靜止釋放正試探電荷后，試探電荷一定向遠離的方向運動，故D正確。故選AD。10．ACD【詳解】A．根據(jù)對稱性可知三個點電荷在O點產(chǎn)生的電場強度大小相等，根據(jù)電場強度的疊加法則可得O點的電場強度大小為0，故A正確；則A、O兩點電勢不論在L取何值時都不可能相等，故B錯誤；C．1電荷的電勢能同理可得2和3電荷電勢能故整個系統(tǒng)電勢能為故C正確；D．三球一條直線時，此時1電荷的電勢能2和3電荷電勢能此時整個系統(tǒng)電勢能為對系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒根據(jù)動量守恒兩式聯(lián)立解得故D正確。故選ACD。

11.【答案】(1)100.4(2)0.900(3)2.200.48（4）內(nèi)接法外接法大于（4）[1]電壓表量程3V，最小分度為0.1V，要估讀到分度值的后一位，故電壓表的讀數(shù)為2.20V。[2]電流表量程0.6A，最小分度為0.02A，只需要讀到小數(shù)點后2位，不需要再估讀到后一位，故電流表的讀數(shù)為0.48A。（4）[1][2]圖甲為電流表內(nèi)接法，圖乙為電流表外接法；[3]圖甲的電路測量電阻時，由于電流表的分壓，電阻兩端電壓的測量值大于真實值，測得通過電阻的電流為準確值，故測量值大于真實值。12.【答案】(1)C(2)CD等于B．結合上述可知，向兩板間插入陶瓷片時，介電常數(shù)增大，電容增大，則電勢差減小，靜電計指針的張角變小，B錯誤；C．結合上述可知，將左極板右移，極板之間間距減小，電容增大，電勢差減小，則靜電計指針的張角變小，C正確；D．結合上述可知，將左極板拿走，右極板帶正電，右極板與接地點之間電勢差不等于零，即靜電計指針的張角不會變?yōu)榱悖珼錯誤。故選C。B．結合上述，增大錫箔紙的厚度時，極板間距不變，電容不變，B錯誤；D．結合上述可知，同時增大錫箔紙和電容紙的面積，相當于增大極板正對面積，則電容增大，D正確。故選CD。[2]電容器充電穩(wěn)定后，極板之間電壓的最大值一定，根據(jù)歐姆定律可知，電阻越小，電流的最大值越大，可知，a、b、c三條曲線中，對應電阻最小的一條是b。[3]由于三次充電電量相等，所以三條曲線與橫軸圍成面積相等。13.答案50V——50V【詳解】（1）金屬板A、B間的勻強電場強度為帶電粒子在兩板間受的電場力為由牛頓第二定律可得加速度為解得【詳解】（1）設小球過C點時的速度大小為，小球從A運動到C的過程中，根據(jù)動能定理有小球離開C點后做平拋運動，小球從C運動到P的過程中，水平方向有豎直方向有聯(lián)立解得即解得最大速率由于小球在D點時速度最大且靜電力與重力的合力恰好背離半徑方向，故小球在D點時受到半圓軌道的支持力最大，設此支持力大小為F，在D點對小球進行受力分析，并建立如圖所示的直角坐標系則有即半圓軌道對小球支持力的最大值為（3）小球