第=page11頁，共=sectionpages11頁2025-2026學年安徽省高二（上）期末模擬物理試卷一、選擇題1.下列說法正確的是(

)

A.甲圖中的單縫衍射現(xiàn)象證明了光是沿直線傳播的

B.甲圖中若是由同一平行單色光分別照射不同寬度狹縫產(chǎn)生的圖樣，則上面圖片對應的狹縫較寬

C.乙圖中救護車鳴笛靠近觀察者時，觀察者聽到的鳴笛音調(diào)變低

D.乙圖中救護車鳴笛靠近觀察者時，觀察者聽到的鳴笛音調(diào)變高2.下列說法正確的是(

)A.對于受迫振動，驅(qū)動力的頻率越大，受迫振動的振幅越大

B.眼睛瞇成一條線看到發(fā)光的電燈周圍有彩色條紋屬于光的衍射現(xiàn)象

C.只有障礙物的尺寸比波的波長小或相差不多的時候才會發(fā)生衍射現(xiàn)象

D.火車向我們駛來鳴笛時，聽到的笛聲頻率將比聲源的頻率低3.中國戲曲中的“水袖”文化源遠流長。某次水袖表演中，表演者以2Hz的頻率“抖”出一列以O點為波源、水平向右傳播的簡諧波，某時刻的波形圖如圖所示。其中a點位于波峰，b點位于波谷，P點恰好位于平衡位置，a、b兩點沿波的傳播方向相距1.25m、沿振動方向相距0.4m，下列說法正確的是(

)

A.抖動過程中a處質(zhì)點向右運動 B.該波的傳播速度為1.6m/s

C.波源的起振方向向上 D.P處質(zhì)點此時的瞬時速度為04.一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，在t=0時刻波剛好傳播到x=6m處的質(zhì)點A，如圖所示。已知波的傳播速度為48m/s，下列說法中錯誤的是(

)

A.波源的起振方向是向下

B.從t=0時刻起再經(jīng)過0.5s時間質(zhì)點B第一次出現(xiàn)波峰

C.在t=0時刻起到質(zhì)點B第一次出現(xiàn)波峰的時間內(nèi)，質(zhì)點A經(jīng)過的路程是24cm

D.從t=0時刻起再經(jīng)過0.35s時間質(zhì)點B開始起振5.關于動量和動能，下列說法中錯誤的是(

)A.做變速運動的物體，動能一定不斷變化

B.做變速運動的物體，動量一定不斷變化

C.合外力對物體做功為零，物體動能的增量一定為零

D.合外力的沖量為零，物體動量的增量一定為零6.垂直于光滑水平桌面有向下和向上且寬度均為L的勻強磁場B，如圖所示，以O為坐標原點建立x軸，邊長為L的正方形導線框abcd在外力作用下從靜止開始沿x軸正方向勻加速通過磁場區(qū)域，規(guī)定逆時針方向為電流的正方向，已知導線框在t1、t2、t3時刻所對應的位移分別是L、2L、3L，下列關于感應電流i隨時間t或位移x的變化規(guī)律正確的是(

)

A. B.

C. D.7.如圖甲所示為某透明介質(zhì)材料制成的長方體棱鏡，上下兩面為邊長為6R的正方形，棱鏡高為2R，S，O分別為上下面的中心，在上表面挖走一個以O點為球心、R為半徑的半球，在S處放置一點光源，已知該材料的折射率為n=2，且只有上表面為光學面，圖乙為俯視圖，圖丙為過S、O兩點的剖面圖，則上表面被照亮的區(qū)域面積(俯視看半球內(nèi)表面被照亮的部分可等效成水平面)為(

)

A.4πR2 B.83πR28.如圖所示，足夠長的粗糙U型金屬導軌NMQP固定，導軌寬度為L，導軌平面與水平面之間的夾角為37°，在導軌所在區(qū)域，一勻強磁場垂直于導軌平面向上，磁感應強度為B，QM之間接有阻值為R的電阻，導軌電阻不計。一質(zhì)量為m，電阻為2R的金屬棒ab放在導軌上，現(xiàn)給金屬棒一個瞬時沖量，使其以初速度v0沿導軌平面向下開始滑行，棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)為0.75，(上述字母均為已知量，sin37°=0.6)由以上條件，在此后的運動過程中，下列說法錯誤的是(

)

A.導體棒通過的位移為3mv0RB2L2

B.回路電流隨導體棒通過的位移而均勻減小

C.運動過程中ab兩端的電壓是MQ兩端電壓的29.如圖理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比10:1，R0為定值電阻，R是滑動變阻器，原線圈兩端的輸入電壓u=200sin100πt(V)，設理想交流電壓表V1、V2的示數(shù)分別是U1、U2；理想交流電流表A1、A2的示數(shù)分別是I1、I2，下列說法正確的是(

)

A.電壓表V2的示數(shù)U2=20V

B.滑片P向b端滑動過程中，U2不變，I2變大

C.10.光滑的水平桌面上，質(zhì)量為0.2kg、速度為3m/s的A球跟質(zhì)量為0.2kg的靜止B球發(fā)生正碰，則碰撞后B球的速度可能為(

)A.3.6m/s B.2.4m/s C.1.2m/s D.0.6m/s二、非選擇題11.某課外探究小組做探究變壓器線圈兩端電壓與匝數(shù)關系的實驗，請將下列實驗的有關內(nèi)容補充完整。

(1)利用如圖甲所示的電路來探究變壓器線圈兩端電壓與匝數(shù)間的關系。已知理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1:n2=6:1，N是原線圈的中心抽頭，圖中兩塊電表均為理想電表，除滑動變阻器外的電阻均不計。當將電壓U1加在原線圈兩端時，兩塊電表的示數(shù)為U2、I2；若保持電壓U1不變，只將S由M(2)如圖乙所示的電路，理想變壓器原線圈匝數(shù)為n1，接一理想電流表；副線圈接入電路的匝數(shù)n2可以通過滑動觸頭P調(diào)節(jié)，副線圈與定值電阻R0和壓敏電阻R相連接，物塊m置于壓敏電阻上。已知壓敏電阻的阻值隨壓力的增大而變小?，F(xiàn)保持原線圈輸入電壓不變，則觸頭P右移增大n2，電流表示數(shù)將__________；只增大物塊對R的壓力，電流表示數(shù)將__________，原線圈的輸入功率將__________(12.如圖所示，矩形線圈一邊長為d，另一邊長為a，電阻為R，當它以速度V勻速穿過寬度為L，磁感應強度為B的勻強磁場過程中，若L<d，產(chǎn)生的電能為_________，通過導線橫截面的電荷量為_________；若L>d，產(chǎn)生的電能為_________，通過導線橫截面的電荷量為_________．

13.如圖所示，在垂直紙面向外的勻強磁場中，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電滑塊從光滑絕緣斜面的頂端由靜止釋放，滑至底端時恰好即將飛離斜面，已知磁感應強度的大小為B，斜面的傾角為θ，重力加速度為g，滑塊可視為質(zhì)點。求：(1)滑塊滑至底端時的速度大?。?2)滑塊滑至底端時所用時間；(3)斜面的高度。14.磁懸浮列車是一種高速低能耗的新型交通工具。它的驅(qū)動系統(tǒng)可簡化為如下模型，固定在列車下端的動力繞組可視為一個單匝閉合矩形純電阻金屬框，電阻為R金屬框置于xOy平面內(nèi)，長邊MN長為l平行于y軸，寬度為d的短邊NP平行于x軸(x軸水平)，如圖1所示。列車軌道沿Ox方向，軌道區(qū)域內(nèi)存在垂直于金屬框平面的磁場，磁感應強度B沿Ox方向按正弦規(guī)律分布，其空間周期為λ，取z軸正方向為磁場正方向，最大值為B0，如圖2所示，金屬框的同一條長邊上各處的磁感應強度相同，整個磁場以速度v0沿Ox方向勻速平移。設在短暫時間內(nèi)，MN、PO邊所在位置的磁感應強度隨時間的變化可以忽略，列車在驅(qū)動系統(tǒng)作用下沿Ox方向加速行駛。則：

(1)若d=λ4，某時刻列車速度為0，且MN所在位置磁感應強度恰好為最大值B0。求此時回路中的感應電流大??；

(2)列車速度為v(v<v0)時，要使列車所獲得的驅(qū)動力最大，求15.如圖所示，在第一象限的y≤d區(qū)域內(nèi)和第四象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強磁場，在第二象限內(nèi)的曲線OP上方有沿y軸負方向的勻強電場，其場強大小為3mv0216qd，曲線左側(cè)有一粒子源AB，B端位于x軸上，能夠持續(xù)不斷地沿x軸正方向發(fā)射速度為v0、質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子束，這些粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后均能夠通過O點，已知從(1)寫出勻強電場邊界OP段的邊界方程(粒子入射點的坐標y和x間的關系式)；(2)若某帶電粒子在第二象限從x,1.5d點沿x軸正方向射出后，進入第四象限的勻強磁場，剛好不從磁場上邊界射出，求磁感應強度的大小B0(3)若第四象限內(nèi)磁場為非勻強磁場，磁感應強度大小隨y軸坐標均勻變化，其關系為B=B03dy(B0為第(2)問中求得的值)，某帶電粒子從x,1.5d點沿x參考答案1.D

2.B

3.C

4.D

5.A

6.A

7.D

8.C

9.BD

10.B

11.2U2;2I2;?2?;12.2B2a2vLR

13.(1)由左手定則可知，滑塊所受洛倫茲力垂直斜面向上，滑塊滑至底端時恰不受彈力，則有

mgcos解得

v=mg(2)物體沿斜面勻加速下滑，由

mgsin又

v=at解得

t=m(3)滑塊從斜面頂端運動到底端的過程中，由動能定理得

mgh=解得

h=m

14.解：(1)根據(jù)法拉第電磁感應定律可得

E=B0lv

根據(jù)歐姆定律可得：

I=ER

聯(lián)立解得：I=B0lvR

(2)為使列車得最大驅(qū)動力，MN、PQ應位于磁場中磁感應強度同為最大值且反向的地方，這會使得磁通量變化率最大，導致框中電流最強，也會使得金屬框長邊中電流受到的安培力最大。因此，d應為λ2的奇數(shù)倍，即

d=(2k+1)λ2或

由于法拉第電磁感應定律

E=Blv

當列車速度v<v0時

E=2B0l(v0?v)

根據(jù)閉合電路歐姆定律有I=ER

根據(jù)安培力的計算公式可得：

FMN=B0Il

PQ邊所受的安培力

FPQ=B0Il

根據(jù)左手定則，MN、PQ邊所受的安培力方向相同，此時列車驅(qū)動力的大小

F=FMN+15.解：(1)粒子在電場

E

區(qū)域做類平拋運動，則

x=v0t

代入

E=解得

y=(2)由

OP

段的邊界方程可知

x=?4d粒子在電場中做類平拋運動，水平、豎直位移分別滿足

4d=v0t

聯(lián)立可得

v從

O

點出電場時的