湖南省長沙市集團聯考20252026學年高二年級上學期期中考試物理押題試卷【考試范圍：人教版（2019）第三冊912章】（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1.本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上.2.回答第Ⅰ卷時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑.如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號.寫在本試卷上無效.3.回答第Ⅱ卷時，將答案寫在答題卡上.寫在本試卷上無效.4.測試范圍：人教版2019必修第三冊第九章、第十章、第十一章、第十一章5.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回.第一部分（選擇題共44分）一、單選題（本大題共6小題，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的，共24分）1.邊長為的正六邊形，每個頂點上均固定一個電荷量為的點電荷，各電荷電性如圖所示，規(guī)定無窮遠處電勢為零，靜電力常量為，關于正六邊形的中心點的場強及電勢，下列說法正確的是（）A.點的場強大小為B.點的場強大小為C.點的電勢小于零D.點的電勢等于零【答案】A【解析】【詳解】AB．依題意，正六邊形頂點上的六個點電荷分成三組，分別為兩組等量同種點電荷和一組等量異種點電荷，其中等量同種點電荷在O點的電場強度為零，等量異種點電荷在O點的電場強度大小為可知，O點的場強大小為，故A正確；B錯誤；CD．等量異種點電荷在O點的電勢為零，等量同種點電荷在O點的電勢大于零，所以點的電勢大于零，故CD錯誤。故選A。2.如圖所示電路中定值電阻阻值R大于電源內阻阻值r，各電表均為理想電表。閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向上滑動，電壓表V1、V2、V3示數變化量的絕對值分別為、、，電流表A示數變化量的絕對值為，則（）AV1、V2、V3、A示數均變小D.電源輸出功率先增大后減小【答案】C【解析】【詳解】A．閉合電鍵后，將滑動變阻器滑片向上滑動，其電阻增大，電路中總電流減小，則V1、A示數均變小，內電壓減小，則V2示數增大，由于則V3示數增大，故A錯誤；B．根據上述分析可知故B錯誤；C．根據閉合電路歐姆定律有則有且故C正確；D．定值電阻阻值R大于電源內阻阻值r，所以滑動變阻器滑片向上滑動，總電阻增大，電源輸出功率一直減小，故D錯誤。故選C。3.某種不導電溶液的相對介電常數與濃度的關系曲線如圖（a）所示，將平行板電容器的兩極板全部插入該溶液中，并與恒壓電源，電流表等構成如圖（b）所示的電路，閉合開關S后，若降低溶液濃度，則（）A.電容器的電容減小 B.電容器所帶的電荷量增大C.電容器兩極板之間的電勢差增大 D.溶液濃度降低過程中電流方向為M→N【答案】B【解析】故選B?！军c睛】4.圖1的平行金屬板M、N間加有圖2所示的交變電壓，是M、N板間的中線，當電壓穩(wěn)定時，板間為勻強電場。時，比荷為k的帶電粒子甲從O點沿方向、以的速率進入板間，時飛離電場，期間恰好不與極板相碰。若在時刻，帶電粒子乙以的速率沿從O點進入板間，已知乙粒子在運動過程中也恰好不與極板碰撞，不計粒子受到的重力，則下列說法中正確的是（）B.乙粒子的比荷為C.甲粒子離開電場時的速度大小為D.甲、乙兩粒子通過電場偏轉的位移大小之比為【答案】BD【解析】【詳解】A．設板長為L，粒子甲帶負電，則甲運動時間為粒子乙因入射速度為甲的兩倍，則運動時間為因乙在時刻飛入板間，則在T時刻飛出板間，故A錯誤；CD．設兩板間距離為d，則有則在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，根據豎直方向位移和時間關系，可得作出豎直方向上速度與時間圖像，如圖。B．對乙有對甲有因則有可得又可得故B正確。故選BD。5.如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距均為d，板間存在隨時間周期性變化的勻強電場（如圖乙），電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線且垂直于電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初速度大小均為v0。已知t=0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場。不計粒子間的相互作用，則（）A.t=0之后射入電場的粒子可能會打到極板上B.時刻進入電場的粒子最終一定垂直電場方向射出電場C.時刻進入電場的粒子在兩板間的最大偏移量為D.若粒子的入射速度變?yōu)?v0，則無論哪個時刻進入電場的粒子，其從電場射出時的側向位移都減半【答案】B【解析】豎直方向每移動的位移都相同設為，則有則當該粒子在時刻以速度進入電場，則此時粒子豎直方向上在電場力作用下，先做勻加速，再勻減速，接著再勻加速和勻減速后回到中線位置，由運動的對稱性可知，豎直方向先勻加速后勻減速的位移為故C錯誤；D．在入射速度為時，時刻進入的粒子從中線位置射出，從電場射出時的側向位移為零，若粒子的入射速度變?yōu)?，則時間故選B。6.采用如圖所示的電路對超級電容器充電，充電過程分為兩個階段：第一階段是恒流充電（即充電器輸出的電流不變），第二階段是恒壓充電（即充電器輸出的電壓不變），直至完成充電。若電阻R阻值恒定，充電器功率為P，電容器兩端電壓為u，電阻R兩端電壓為uR，電容器電荷量為Q，充電時間為t，下列圖像正確的是（）A. B.C D.【答案】B【解析】【詳解】A．令恒流充電過程充電器輸出的電流為，恒壓充電過程充電器輸出的電壓為，則恒流充電過程充電器功率為恒流充電過程充電器的輸出電壓解得可知，此過程充電器功率與時間成線性關系。在恒壓充電過程，充電器功率為恒壓充電過程充電器的輸出電壓解得可知，此過程充電器功率隨時間的增大而減小，圖像為一條曲線，故A錯誤；B．結合上述可知，恒流充電過程，電容器兩端電壓為可知，此過程，電容器兩端電壓與時間成正比，圖像為過原點的傾斜直線。在恒壓充電過程，電容器兩端電壓為根據上述有解得可知，此過程，電容器兩端電壓隨時間的增大而增大，圖像是一條曲線，根據數學求導數可知，圖像切線的斜率減小，結合上述，該圖像符合要求，故B正確；C．結合上述，恒流充電過程，電阻R兩端電壓可知，電壓為一定值，圖像為一條平行于時間軸的直線。恒壓充電過程，電阻R兩端電壓由于解得可知，圖像為一條曲線，故C錯誤；D．結合上述，恒流充電過程，電容器電荷量為可知，電荷量與時間成正比，圖像為一條過原點的傾斜直線。恒壓充電過程，電容器電荷量為根據上述有解得可知，此過程，電容器電荷量隨時間的增大而增大，圖像是一條曲線，根據數學求導數可知，圖像切線的斜率減小，結合上述，該圖像不符合要求，故D錯誤。故選B。二、多選題（本大題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分.）7.示波器的核心部件是示波管，示波管由電子槍、偏轉電極和熒光屏組成，其原理圖如圖甲所示。下列說法正確的是（）A.如果在XX′之間加圖的電壓，在YY′之間加圖的電壓，在熒光屏上會看到一條與Y軸平行的豎直亮線B.如果在XX′之間加圖的電壓，在YY′之間加圖的電壓，在熒光屏上看到的亮線是余弦曲線C.如果在XX′之間不加電壓，在YY′加圖電壓，在熒光屏的Y軸上會看到一個亮斑D.如果在XX′之間和YY′之間都加圖的電壓，在熒光屏的坐標原點上會看到一個亮斑【答案】AC【解析】【詳解】A．如果在XX′之間加圖a的電壓，電子在X軸方向上的偏轉量都會相同，在YY′之間加圖c的正弦電壓，電子將在Y軸方向上發(fā)生偏轉，且電壓越大時側移量越大，所以在熒光屏上會看到一條與Y軸平行的豎直亮線，故A正確；B．如果在XX′之間加圖的鋸齒形電壓，在YY′之間加圖的正弦電壓，在熒光屏上看到的亮線是與圖c相同的正弦曲線，選項B錯誤；C．如果在XX′之間不加電壓，則在X軸方向不偏轉，若在YY′之間加圖a恒定電壓，電子將在Y軸發(fā)生偏轉，且側移量相同，所以在熒光屏的Y軸上會看到一個亮斑，選項C正確；D．如果在XX′之間和YY′之間都加圖b的電壓，由運動的合成可知，在熒光屏上將出現一條夾在X軸與Y軸之間傾斜的亮線，故D錯誤。故選AC。8.在如圖甲所示電路中，閉合開關S，圖乙中三條圖線分別表示了三個電壓表示數與電流表示數隨滑動觸頭P滑動的過程中變化的情況，以下說法正確的是（）A.滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動，電流表示數逐漸變大B.圖線a表示的是電壓表的示數隨電流表示數變化的情況C.此過程中電壓表V3示數的變化量ΔU3和電流表示數變化量ΔI比值的絕對值為的阻值【答案】ABD【解析】【詳解】AB．由圖甲電路得，V1測路端電壓U1，V2測R1兩端電壓U2，V3測R2兩端電壓U3。滑動觸頭P向上滑動，則R2減小，電路總電阻減小，電流增大。因I增大，則U1、U3減小，且U3比U1減小得快，所以圖乙中圖線b是電壓表V1的示數隨電流表示數變化的情況，a表示電壓表V3的示數隨電流表示數變化的情況，故AB正確；CD．因R1不變，電流增大，則U2增大，所以圖乙中圖線c表示電壓表V2的示數隨電流表示數變化的情況，因則所以和的比值為電源內阻不變，和電流表示數變化量的比值為電源內阻與R1之和，即又因為所以，滿足關系式故C錯誤，D正確。故選ABD。9.如圖所示，平行金屬板中有一個帶電油滴懸浮在兩板間的P點，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）A.油滴帶負電，將向下運動B.電壓表示數變大C.電源的效率變低【答案】AC【解析】【詳解】AB．油滴原來靜止在電容器內，受向上的電場力與向下的重力且二力平衡，由題圖可知，電容器內部電場方向向下，所以油滴帶負電。當滑片向b端移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流增大，路端電壓減小，所以兩端的電壓增大，則電容器兩端電壓減小，即電壓表示數變小，電容器內場強減小，油滴所受電場力小于重力，將向下運動，故A正確，B錯誤；C．電源的效率為當滑動變阻器的滑片向b端移動時，其阻值減小，則外電阻減小，電源的效率變低，故C正確；D．根據閉合電路歐姆定律可知可得若電壓表、電流表的示數變化量分別為和，則有故D錯誤。故選AC。A.小球一定帶正電【答案】D【解析】【詳解】A．、、三小球所帶電荷量相同，要使三個小球做勻速圓周運動，球與、、三小球一定是異種電荷，由于球的電性未知，所以球不一定帶正電，故A錯誤；故選D。第二部分（非選擇題共56分）三、非選擇題（本大題共5小題，共56分）（1）把開關S接1，微安表指針迅速向右偏轉后示數逐漸減小到零：然后把開關S接2，微安表指針偏轉情況是___；A.迅速向右偏轉后示數逐漸減小B.向右偏轉示數逐漸增大C.迅速向左偏轉后示數逐漸減小D.向左偏轉示數逐漸增大【答案】①.C②.0.50③.3.1【解析】【詳解】（1）[1]把開關S接1，電容器充電，電流從右向左流過微安表，微安表指針迅速向右偏轉后示數逐漸減小到零；把開關S接2，電容器放電，電流從左向右流過微安表，則微安表指針迅速向左偏轉后示數逐漸減小。故選C。（2）[2]由題意可知電壓表應選用0~3V量程，由圖2可知此時分度值為0.1V，需要估讀到0.01V，則讀數為0.50V。[3]當微安表示數穩(wěn)定時，電容器中不再有電流通過，此時干電池、電阻箱、微安表和電壓表構成回路，根據閉合電路歐姆定律有根據串聯電路規(guī)律有聯立可得（1）電解電容器有正、負電極的區(qū)別。根據圖（a），將圖（b）中的實物連線補充完整_________；（2）設置電源，讓電源輸出圖（c）所示的矩形波，該矩形波的頻率為_________；（3）閉合開關S，一段時間后，通過電壓傳感器可觀測到電容器兩端的電壓隨時間周期性變化，結果如圖（d）所示，A、B為實驗圖線上的兩個點。在B點時，電容器處于_________狀態(tài)（填“充電”或“放電”）在_________點時（填“A”或“B”），通過電阻R的電流更大；（5）根據實驗結果可知，電容器在充放電過程中，其所帶的最大電荷量在頻率較低時基本不變，而后隨著頻率的增大逐漸減小?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）[1]根據電路圖連接實物圖，如圖所示（3）[3][4]由圖（d）可知，B點后電容器兩端的電壓慢慢增大，即電容器處于充電狀態(tài)；從圖中可得出，A點為放電快結束階段，B點為充電開始階段，所以在B點時通過電阻R的電流更大。如圖1所示，在xOy平面直角坐標系第三象限存在豎直向上的勻強電場，場強大小為2E；第二象限存在水平向右的勻強電場，場強大小也為2E；第一象限存在水平向左的勻強電場，場強大小為E。一質量為、電荷量為q的正離子從A點由靜止釋放，A點位置坐標為（d，d），不計該離子的重力。13.求離子第一次通過x軸時的速度大小；14.求離子第二次通過y軸時的位置坐標；【解析】【分析】（1）根據動能定理列式得出離子通過x軸時的速度大小。（2）對離子進行受力分析，根據牛頓第二定律和運動學公式得出離子第二次經過y軸時位置坐標。（3）根據場強的特點分析出離子的運動特點，結合運動學公式完成分析?！?3題詳解】【14題詳解】【15題詳解】16.如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點平滑連接，在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場，現將一質量為m、電荷量為的小球（可視為質點）從水平軌道上A點由靜止釋放，小球運動到C點離開半圓軌道后，經界面MN上的P點進入電場，已知P點在A點的正上方，整個運動過程小球的電荷量保持不變，A、B間的距離為2R，重力加速度為g。求：（1）勻強電場的電場強度E的大??；（2）軌道對小球支持力的最大值；（3）小球在水平軌道上的落點到A點的距離?！窘馕觥俊拘?詳解】設小球過C點時的速度大小為，小球從A運動到C的過程中，根據動能定理有小球離開C點后做平拋運動，小球從C運動到P的過程中，水平方向有豎直方向有聯立解得【小問2詳解】即解得最大速率由于小球在D點時速度最大且靜電力與重力的合力恰好背離半徑方向，故小球在D點時受到半圓軌道的支持力最大，