北京曲一線圖書策劃有限公司5年高考3年模擬B版物理答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁2024屆浙江省名校新高考研究聯(lián)盟高三下學(xué)期三模物理試題答案1．【答案】D【解析】該儀器是打點(diǎn)計時器，可以測量國際單位制中基本物理量-時間，選項A不符合題意；該儀器是刻度尺，可以測量國際單位制中基本物理量-長度，選項B不符合題意；該儀器是電流表，可以測量國際單位制中基本物理量-電流強(qiáng)度，選項C不符合題意；該儀器是彈簧測力計，可以測量力，力不是國際單位制中基本物理量，選項D符合題意。故選D。2．【答案】A【解析】常用示波器中的掃描電壓是鋸齒形電壓，即u隨時間t變化的圖線是A。故選A。3．【答案】D【解析】地面對梯子的支持力N與重力mg平衡，與夾角無關(guān)，減小θ角，直梯仍能平衡，則地面對梯子的支持力N不變，故D正確；直梯受地面豎直向上的支持力N和水平向左的摩擦力f，則地面對直梯的作用力大小為F=N2+f2=(mg)2+f2>mg，根據(jù)牛頓第三定律，直梯對地面的作用力大小F'=F>mg，故A錯誤；由于墻壁光滑，直梯受豎直向下的重力、地面豎直向上的的支持力、墻壁水平方向的支持力、地面水平方向的靜摩擦力共四個力，若直梯受地面的作用力4．【答案】B【解析】軌道①對應(yīng)的第一宇宙速度是人造衛(wèi)星做圓周運(yùn)動的最大運(yùn)行速度，也是人造衛(wèi)星繞地球運(yùn)行所需的最小發(fā)射速度，故A錯誤；衛(wèi)星的發(fā)射速度v滿足7.9km/s<v<11.2km/s故選B。5．【答案】B【解析】瓶子所受萬有引力全部用來提供圍繞地球做圓周運(yùn)動的向心力，瓶子在空間站中處于完全失重狀態(tài)，瓶子在空間站內(nèi)做圓周運(yùn)動的向心力由繩子拉力提供，無論瓶子速度多大都能做完整的圓周運(yùn)動，故A正確，不符合題意；根據(jù)Fn=mω2r，可知瓶子的角速度一定，繩子越長，所需向心力越大，油和水越容易分離，故B錯誤，符合題意；水的密度大于油的密度，在混合液體中取半徑相同處體積相等的水和油的液體小球，水球的質(zhì)量大，根據(jù)Fn=mω2r可知，水球需要的向心力更大，故當(dāng)向心力不足時，水球更容易做離心運(yùn)動水會向瓶底移動，圓周運(yùn)動讓試管里的水和油產(chǎn)生了離心現(xiàn)象，密度較大的水將集中于外部，故C正確，不符合題意；根據(jù)Fn6．【答案】B【解析】根據(jù)勻變速直線的運(yùn)動規(guī)律可知，飛機(jī)起飛加速的時間t=這段時間內(nèi)飛機(jī)的位移v解得x航母的位移x故跑道的長Δx≥x7．【答案】C【解析】盧瑟福用α粒子轟擊氮原子核，產(chǎn)生了氧的一種同位素--氧17和一個質(zhì)子，這是人類第一次實現(xiàn)的原子核的人工轉(zhuǎn)變，A錯誤；β射線是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子時，放出一個電子，B錯誤；γ射線的電離能力很弱，穿透能力很強(qiáng)，C正確；核電站的裂變反應(yīng)堆中，慢化劑的作用是將“中子”轉(zhuǎn)化為“慢(熱)中子”，更容易引起裂變，D錯誤。8．【答案】D【解析】若開關(guān)撥到a，電容正在充電，電容器電壓增大，故A錯誤；若開關(guān)撥到a，待充電結(jié)束后，降低液體高度，電容板的電介質(zhì)減少，由C=εS4πkd可知C減少，所以電容器要放電，電容左極板帶正電，所以流過流過電阻的電流方向為e至g，故B錯誤；若充電結(jié)束后，開關(guān)從a撥到b，回路中振蕩電流周期為T=2πLC，所以電流頻率為f0=19．【答案】C【解析】由于金屬圓筒處于靜電平衡狀態(tài)，圓筒內(nèi)部場強(qiáng)為零，則電子在金屬圓筒中做勻速直線運(yùn)動，故A錯誤，根據(jù)加速器原理可知，本裝置應(yīng)采用交流電進(jìn)行加速，故B錯誤；從序號為0的金屬圓板到進(jìn)入第2個金屬圓筒的過程中，由動能定理得2eU=12mv2，解得v=2eUm，10．【答案】A【解析】等效電路如圖所示設(shè)原線圈電流為I1，副線圈電流為I2，則有I12R又因為I1I2=n2故電源的輸出功率為P=故當(dāng)R等效=r時揚(yáng)聲器消耗的功率最大，即n1故n111．【答案】B【解析】圖a為電容式話筒的組成結(jié)構(gòu)示意圖，振動膜片與固定電極間的距離發(fā)生變化，從而實現(xiàn)將聲音信號轉(zhuǎn)化為電信號，故A正確；熨燙絲綢衣物需要設(shè)定較低的溫度，調(diào)溫旋鈕應(yīng)該向上旋，使得雙金屬片彎曲較小時，觸點(diǎn)就分離，這樣保證了溫度不會過高，故B錯誤；圖c為加速度計示意圖，當(dāng)向右減速時，加速度向左，則滑片向右移動，此時P點(diǎn)電勢高于Q點(diǎn)電勢，故C正確；在梁的自由端施加向下的力F，，上應(yīng)變片長度變長，電阻變大，下應(yīng)變片長度變短，電阻變小，故D正確；本題選擇錯誤選項，故選B。12．【答案】D【解析】由于輕繩斷裂后，物塊A、B均在斜面上做簡諧運(yùn)動，其初始位置分別為AB的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，所以兩物塊不會發(fā)生碰撞，故A錯誤；由于A、B兩物塊質(zhì)量相等，重力沿斜面的分力和彈簧的彈力的合力提供回復(fù)力，即回復(fù)力與位移的比例系數(shù)相等，所以兩物塊運(yùn)動的周期相等，振動的相位差不隨時間變化，故B錯誤；當(dāng)物塊A的加速度為零時，即物塊A處于平衡位置，從初始運(yùn)動開始經(jīng)歷四分之一個周期，所以此時物塊B運(yùn)動的時間也為四分之一個周期，物塊B也處于平衡位置，加速度為零，故C錯誤；當(dāng)物塊處于平衡位置時，速度最大，此時兩彈簧的形變量相等，根據(jù)能量守恒定律可知，兩物塊動能相等，即物塊A、B振動的最大速度之比為1:1，故D正確。13．【答案】B【解析】激光束兩次折射的光路圖如圖所示根據(jù)折射定律可得n=sinα所以α=45°，β=30°激光束經(jīng)兩次折射，頻率不變，故折射前后光子的動量的大小不變，即p=光子的動量的方向夾角為2θ=2(α?β)所以光子的動量變化量為Δ光子在小球內(nèi)的運(yùn)動時間為Δ根據(jù)動量定理可得F=ΔpΔ根據(jù)牛頓第三定律可得光子對小球平均作用力大小為F′=F=14．【答案】BD【解析】圖a為波的衍射，狹縫寬度越寬，衍射現(xiàn)象越不明顯，故A錯誤；圖b為波的折射，由圖可知，入射角大于折射角，則區(qū)域1的折射率小于區(qū)域2的折射率，所以區(qū)域1的波速大于區(qū)域2的波速，故B正確；圖c為波的干涉，振動加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)仍然在自己的平衡位置上下振動，不是一直處于最大位移處，故C錯誤；圖d為波的多普勒效應(yīng)，左側(cè)波紋間的距離相對右側(cè)較小，故周期性觸動水面的振動片在向左運(yùn)動，故D正確。15．【答案】CD【解析】圖a為α粒子散射實驗，該實驗是原子的核式結(jié)構(gòu)理論的基礎(chǔ)，說明原子是有結(jié)構(gòu)的，選項A錯誤；圖b為電子的干涉實驗，在該實驗中，若減小光的強(qiáng)度，讓光子通過雙縫后，光子只能一個接一個地到達(dá)光屏，經(jīng)過足夠長時間，仍然發(fā)現(xiàn)相同的干涉條紋，這表明光的波動性不是由光子之間的相互作用引起的，故B錯誤；圖c為康普頓效應(yīng)示意圖，光子和電子之間的碰撞滿足動量守恒定律，即垂直光子的初速度方向應(yīng)滿足?λ′sinθ=me16．【答案】(1)BD(2)2，21/2，20/2，22/2，23/2，24(3)能【解析】(1)彈簧測力計的外殼與木板接觸不影響彈簧測力計的讀數(shù)，故A錯誤；實驗時應(yīng)使細(xì)線與木板平面平行，便于作圖，故B正確；兩彈簧測力計合力的作用效果與一個彈簧秤彈力的作用效果相同，故C錯誤；兩把彈簧測力計共同作用時，結(jié)點(diǎn)位置不能超過虛線ab，超過虛線ab在測量時若分力大于合力，便會使彈簧秤超量程，故D正確。故選BD。(2)由圖2可知彈簧測力計的示數(shù)為2，21N。(3)可以只用一個彈簧秤完成實驗，其步驟為：①將方木板平放于桌面上，用圖釘將白紙固定于方木板上，再用圖釘將橡皮條的一端固定于方木板上；②用彈簧秤拉住其中一條細(xì)繩，用手拉住另一條細(xì)繩，互成角度地拉橡皮條，使其結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O，記下位置O、彈簧秤的示數(shù)F?及兩個拉力的方向；③交換彈簧秤和手所拉的細(xì)繩位置，再次將橡皮條結(jié)點(diǎn)拉到位置O，并使兩拉力與原來拉力同方向，記下彈簧秤示數(shù)F2；④只用彈簧秤拉住其中一條細(xì)繩，使橡皮條結(jié)點(diǎn)也到達(dá)位置O，記下彈簧秤示數(shù)F′⑤按同一標(biāo)度作出兩個拉力F?和F?的圖示，再按平行四邊形定則作出其合力F的圖示；⑥按上述標(biāo)度作出拉力F′⑦比較兩個圖示F和F′⑧改變拉力夾角大小，重復(fù)上述操作兩次。17．【答案】(1)黑表筆1，23/1，24/1，25(2)5，0kΩ多用表A的“2，5V”檔的內(nèi)阻【解析】(1)根據(jù)歐姆表電流應(yīng)由黑表筆流出，進(jìn)入電壓表的正極，所以多用表A的紅表筆應(yīng)接多用表B的黑表筆；由于多用電表A的量程為2，5V，則電壓表每一小格為0，05V，所以紅黑表筆兩端電壓為1，24V。(2)由于B表為歐姆表，其讀數(shù)為指針?biāo)缚潭扰c倍率的乘積，所以B表的讀數(shù)為5.0×1kΩ=5.0kΩ，18．【答案】(1)ADE(2)CD(3)F【解析】(1)根據(jù)實驗原理可作p?V圖像，根據(jù)畫出的圖線猜測p與V的關(guān)系，再作p?1V圖像，對p與V關(guān)系的猜測進(jìn)行檢驗，檢驗正確，得出p與(2)實驗是以注射器內(nèi)的空氣為研究對象，所以實驗前注射器內(nèi)的空氣不能完全排出，故A錯誤；為了減少實驗誤差，可以在柱塞上涂上潤滑油，以保證氣密性良好，故B錯誤；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pV=CT可知，離坐標(biāo)原點(diǎn)越遠(yuǎn)的等溫線溫度越高，則有T1>T2，故C正確；設(shè)聯(lián)通空氣柱與壓力表細(xì)管的體積為V′，則有p(V+V′(3)快速到達(dá)體積V2，氣體對外界做功，熱量幾乎不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，內(nèi)能減小，溫度降低，則對應(yīng)圖中的狀態(tài)F。19．【答案】空氣的內(nèi)能【解析】“飲水鳥”可以不斷地重復(fù)飲水的動作，這一過程并不違反能量守恒定律，飲水鳥能不斷運(yùn)動，是因為空氣的內(nèi)能轉(zhuǎn)化成飲水鳥的動能。20．【答案】(1)10，6cm(2)0，24J【解析】(1)由于B管內(nèi)液體產(chǎn)生的壓強(qiáng)不計，故為等壓過程，則V1TV1=20cm(2)根據(jù)熱力學(xué)第一定律Δ內(nèi)能變化Δ外界對系統(tǒng)做功W=pΔV=0.06J，Q=Δ21．【答案】(1)60°(2)230m/s(3【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律，在最低點(diǎn)有T?mg=m根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mgL聯(lián)立兩式解得φ=60°(2)在最低點(diǎn)藤條正好斷裂，則T拋出的水平速度為v豎直方向上v到D點(diǎn)時豎直方向速度為v速度方向與水平方向夾角為θ，則tan所以θ=30°，v(3)由于斜面DE光滑，則mg?=所以vE=16m/s展開有NΔt?mgΔt=mNΔt=mvEsin聯(lián)立可得v=i，當(dāng)μ≥3時v=0，ii，當(dāng)μ<3時22．【答案】(1)5rad/s(2)-8，75V(3)3，75m(4)2n+1d0(n【解析】(1)對靜止的導(dǎo)體棒受力分析，有mg解得I=2.5A，根據(jù)歐姆定律可得I=12(2)ab點(diǎn)在回路之外UU所以U(3)根據(jù)動能定理可得mg?=解得v=8導(dǎo)體棒與金屬框發(fā)生完全彈性碰撞，有mv=4m所以v后續(xù)整體在安培力的作用下停止運(yùn)動；①剛進(jìn)入磁場時只有一條邊切割磁場：?∑?所以Δ②當(dāng)金屬框整體位于一個磁場內(nèi)時做勻速直線運(yùn)動，對應(yīng)的位移為x③當(dāng)金屬框兩條邊切割反向磁場時，電動勢疊加，安培力疊加，則?2B?所以Δ當(dāng)jk邊位移為3m時，剩余速度為v所以?x所以jk的總位移為x=2(4)為保證驅(qū)動效果最佳，應(yīng)保證金屬框的兩條邊始終切割反向磁場，則l=2n+1d0(23．【答案】(1)2mv0qB(2)(3)F=Nm34v0【解析】(1)由于qv0B=(2)粒子沿軸線做勻