石家莊市第十七中學(xué)2026屆高三期中考試

物理試題

一、單選題

1.一根水平刻度尺上套有兩個輕環(huán)，系在兩環(huán)上的等長細(xì)繩拴住的鉤碼在圖中虛線位置處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)

將兩環(huán)拉至圖中實(shí)線位置.，鉤碼仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，則（）

A.桿對兩環(huán)的支持力變小

B.桿對兩環(huán)的支持力不變

C.兩環(huán)對桿的摩擦力變小

D.細(xì)繩對鉤碼的拉力變小

2.如圖甲所示，某人站在力傳感器上，從直立靜止起，做“下蹲-起跳”動作，圖甲中的表示人的重心。

圖乙是由力傳感器畫出的尸圖線，其中卜4各點(diǎn)對應(yīng)著圖甲中1~4四個狀態(tài)和時刻，4狀態(tài)時人的重心上

升到最高。取重力加速度g=10m/總下列說法正確的是（）

甲

A.人的重力約為18OON

B.2~3的過程中，人的加速度一直在減小

C.人上升的最大加速度為I5m/s2

D.人在下蹲階段達(dá)到最大速度的時刻約為0.45s

3.飛機(jī)沿某水平面內(nèi)的圓周勻速率地飛行了一周，已知飛機(jī)質(zhì)量為，〃，速率為，圓周運(yùn)動半徑為R。下

列說法正確的是（）

A.飛機(jī)做勻速圓周運(yùn)動，速率沒變，則加速度為零

B.飛機(jī)做勻速圓周運(yùn)動，速率沒變，則動量守恒

C.飛機(jī)飛行時，速度的方向不斷變化，因此動量不守恒；根據(jù)動量定理，動量的改變源于向心力的沖

量，g|J/=FA/=m=2xmv

Rv

D.飛機(jī)飛行時，速度的方向不斷變化，因此動量不守恒：根據(jù)動量定理，飛行?周動量的改變量為零,

合外力的沖量也為零

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4.某自轉(zhuǎn)角速度較大的星球，半徑為R,測得該星球極地的重力加速度是占，赤道處的重力加速度是q,

則該星球的自轉(zhuǎn)角速度是（）

A.后］B.部尹C.展D.樵

5.如圖所示的斜面」8c,ZC=90\/4=30。，從頂點(diǎn)C分別以速度k%沿水平方向同時拋出兩小球

、明，兩小球分別落在彳、8兩點(diǎn)。從拋出開始計(jì)時，不計(jì)空氣阻力，則（）

A.〃，球先到達(dá)底端

B.—J：l

C.到達(dá)底端時，〃，球的豎直速度較大

D.減小M，，科球落到斜面上時速度與豎直方向的夾角變大

6.近年來為環(huán)保助力，我國電動汽車發(fā)展迅猛，如小米SU7電動汽車。其銘牌信息顯示：電動機(jī)額定功率

4=330kW,汽車整備質(zhì)量〃尸2170kg。假設(shè)汽車在水平公路上行駛時所受阻力,與車重的比值〃=0.2

（g=10m/s2）,汽車啟動后先以恒定加速度a=2m/s2加速，達(dá)到額定功率后再以恒定功率行駛，最終達(dá)到最

高車速。下列說法正確的是（）

A.汽車在勻加速階段牽引力大小為4.34X1（）3N

B.汽車達(dá)到額定功率時的速度大小約為23m/s

C.汽車以恒定功率行駛過程中，當(dāng)速度為50m/s時，加速度大小約為6m*

D.在此運(yùn)動過程中發(fā)動機(jī)功率先隨時間變化均勻增大，后保持不變

7.質(zhì)量為〃/n小的兩個物體在光滑水平向上正碰，其位置坐標(biāo)工隨時間變化的圖像如圖所示。下列說法

正確的是（）

B.m：帛：;?：1

C.碰撞后叫的動量大于〃由勺動量

D.碰撞后叫的動能小于〃前勺動能

8.如圖所示，水平面上有?質(zhì)量為5〃?的小球B與輕彈簧連接，還有質(zhì)量為2機(jī)、半徑為R的;I員1弧形槽C,

其底部與水平面平滑相切，最初B、C均靜止。一質(zhì)量為陽的小球A從距槽C頂端3R處自由落下后恰好

滑入槽C,不計(jì)一切摩擦，則（）

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37?

■ci

A.球A沿槽C下滑過程中，槽C對球A不做功

B.整個過程中球A、球B和槽C構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒

C.球A第一次滑至槽C最低點(diǎn)過程中，球A水平向左位移為

D.球A與彈簧作用后，能夠追上槽C

二、多選題

9.光流定位技術(shù)通過分析圖像序列中景物像素點(diǎn)的運(yùn)動來確定物體或相機(jī)的位置和運(yùn)動狀態(tài)，一架無人機(jī)

飛行時在水平面內(nèi)做勻變速運(yùn)動，攝像頭正對水平地面進(jìn)行拍攝，觀察到水平地面上-固定景物在拍攝圖

像中所對應(yīng)的像素點(diǎn)每隔相等時間間隔從圖像中位置。依次運(yùn)動至b、、do對于該過程，下列說法正確

的是（）

A.無人機(jī)在南北方向上做勻速直線運(yùn)動

B.無人機(jī)在東西方向上做勻速直線運(yùn)動

C.空氣對無人機(jī)的作用力水平向西

D.景物對應(yīng)像素點(diǎn)到d點(diǎn)時，無人機(jī)速度向北

10.下列甲、乙、丙、丁各圖分別是“探究求合力的方法”、“探究加速度與力及質(zhì)量的關(guān)系”、“探究向心力的

關(guān)系”、“探究碰撞中的動量守恒”的實(shí)驗(yàn)裝置。對相關(guān)實(shí)驗(yàn)的下列說法正確的是______（多選）；

A.圖甲的實(shí)驗(yàn)中，測力計(jì)外殼與木板間不能接觸

B.圖乙實(shí)驗(yàn)中不需要補(bǔ)償小車的摩擦力

C.圖內(nèi)呈現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)狀態(tài)是正在進(jìn)行“探究向心力與角速度的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)

D.圖丁實(shí)驗(yàn)中1、2兩個小球的半徑必須取相同

II.在光滑水平面上，A、B兩個物體在同一直線上沿同一方向運(yùn)動，A的動量為18kg-m/s,B的動量為24kg

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-m/SoA從后面追上B,它們相互作用一段時間后?，B的動量增大為32kg-m/s,方向不變。下列說法正確的

是（）

m.I

A.若此過程為彈性碰撞，則兩物體的質(zhì)審之比為；

m.3

若此過程為非彈性碰撞，則兩物體的質(zhì)量之比可能為二二

B./F!|4X

m.1

C.若此過程為彈性碰撞，則兩物體的質(zhì)量之比為“，下

WRL

m.9

D.若此過程為非彈性碰撞，則兩物體的質(zhì)量之比可能為，〃16

12.如圖所示，傾角為。的光滑斜面體固定在水平面上，斜面底端固定一擋板。三個相同的小物塊A、B、C

質(zhì)量均為根，小物塊A緊靠擋板放置，小物塊A和小物塊B通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，開始時A、

B均靜止?，F(xiàn)讓小物塊C從斜面上由靜止釋放，小物塊B、C碰后一起向下運(yùn)動，當(dāng)B、C再次分離后撤去

小物塊C。當(dāng)小物塊B沿斜面向上運(yùn)動到最高點(diǎn)時，小物塊A與擋板之間的作用力恰好為零。已知彈簧的

彈性勢能可表示為4=；公二，女為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，重力加速度為g,碰撞時間極短。

A.小物塊B、C碰后一起向下運(yùn)動過程中，二者組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

B.小物塊B運(yùn)動到最高點(diǎn)時，彈簧的彈性勢能為""岬

C.小物塊B、C分離時，B的速度大小為"

9〃火sin0

D.小物塊C開始下落時與小物塊B之間的距離為.

三、實(shí)驗(yàn)題

13.某同學(xué)利用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)機(jī)械能守恒定律測量重力加速度，實(shí)驗(yàn)的主要步驟如

下：

碳碼及托盤

A,將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上并調(diào)至水平；

B.用游標(biāo)卡尺測量擋光條的寬度4

C.分別測量滑塊與擋光條的總質(zhì)量M及托盤與祛碼的總質(zhì)量加；

D.將滑塊移至光電門右側(cè)某點(diǎn)。處,測出擋光條到洋電門的距離/（/遠(yuǎn)大于d）：

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E.打開氣泵后由靜止釋放滑塊，讀出擋光條通過光電門的時間/；

F.改變擋光條到光電門的距離，重復(fù)步驟D、E多次，并記錄相應(yīng)的/和

請I可答下列問題：

(1)在步驟E中，滑塊經(jīng)過光電門時的速度的表達(dá)式為______。

(2)本實(shí)驗(yàn)中(填“需要”或“不需要”)滿足機(jī)遠(yuǎn)小于V。

(3)利用測量的數(shù)據(jù)，以/為縱坐標(biāo)，上為橫坐標(biāo)，作/-!圖像，若圖像為一條過原點(diǎn)的傾斜直線，斜率為

rr

k,則重力加速度的表達(dá)式為(用M、"?、d、R表示)o

14.為了驗(yàn)證動量守恒定律，兩位同學(xué)分別采用了兩套實(shí)驗(yàn)方案來完成該實(shí)險。

(1)第一位同學(xué)用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置來“驗(yàn)證動量守恒定律”，實(shí)驗(yàn)原理如圖乙所示。圖乙中。點(diǎn)是小球拋

出點(diǎn)在地面上的垂直投影。實(shí)驗(yàn)時，先讓質(zhì)量為〃〃的入射小球A多次從斜軌上同一位置由靜止釋放，找到

其平均落地點(diǎn)的位置P，然后把質(zhì)量為〃?2的被碰小球B靜置于軌道的水平部分，再將入射小球從斜軌上同

樣位置由靜止釋放，與小球B相碰，并且重復(fù)多次，實(shí)驗(yàn)得到小球落點(diǎn)的平均位置分別為M、M測量內(nèi)八

Xp、XN分別為M、P、N距。點(diǎn)的水平距離。

①若入射小球A質(zhì)量為〃？,,半徑為々；被碰小球B質(zhì)量為〃?2,半徑為/>則。

A./n/>/?i2.r/>r2B.門<門

C.nii>ni2.r/=r?D.mi<in2,ri-n

②若測量數(shù)據(jù)近似滿足關(guān)系式(用〃〃、加2、加、燈、網(wǎng)表示)，則說明兩小球碰撞過程動量守恒。

③在驗(yàn)證動量守恒后，若測量數(shù)麻足表達(dá)式(僅用即八*>、必表示)，則說明碰撞為彈性碰撞。

(2)第二位同學(xué)用光電門和氣墊導(dǎo)凱做“驗(yàn)證動髀恒定律”的實(shí)驗(yàn).

向左運(yùn)動，調(diào)節(jié)0或Q,直至滑塊通過光電門的時間填”或、通過光電門2的時間，則

說明軌道已水平。------

②軌道調(diào)平后，將滑塊從、B放置在圖乙所示的位置，A、B均靜止。給滑塊人一瞬時沖量，滑塊人經(jīng)過光

電門后與滑塊B發(fā)生做撞且被彈回，再次經(jīng)過光電門。光電門先后記錄滑塊，、上遮光條的擋光時間為&

、，，光電門,記錄滑塊口向左運(yùn)動時遮光條的擋光時間為?。實(shí)驗(yàn)中為確保碰撞后滑塊&被反彈，則

應(yīng)滿足的關(guān)系是m

③同學(xué)認(rèn)為,若有關(guān)系式一成立用字母桁A、/%、4」L、G表示,則兩滑塊碰撞過程總動量守恒。

四、解答題

試卷第5頁，共6頁

15.人們對手機(jī)的依賴性越來越強(qiáng)，有些人喜歡躺著玩手機(jī)，若手機(jī)的質(zhì)量為150g,從離人臉約20cm的

高度無初速度掉落，砸到人臉后手機(jī)未反彈，人臉受到手機(jī)的沖擊時間為0.1s,重力加速度二IQm$，忽

略空氣阻力，求：

(1)手機(jī)砸到人臉前的瞬間動量大小；

(2)手機(jī)對人臉的平均沖力大小。

16.如圖所示，足夠長的光滑水工地面上靜置一輛小車，質(zhì)量M-6kg,長L-0.3m、不可伸長的輕質(zhì)柔軟細(xì)

繩一端固定在車廂頂部，另一端系一質(zhì)量相=1.98kg的木塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，質(zhì)量〃7o=2Og的子彈以%=200m/s

的速度水平射入木塊并留在其中，取重力加速度大小g=10m/s2。求：

(1)子彈射入木塊時產(chǎn)生的熱量Q;

(2)此后繩與鞋直方向的最大夾角;

(3)小車的最大速度Vltiaxo

17.如圖所示為某游戲裝置側(cè)面圖，半徑R=l.()m的I圓弧軌道固定，質(zhì)量M=0.2kg、半徑片0.06m的

?4

半圓弧軌道CO鎖定在水平面MN上，一長為L=0.8m、質(zhì)量也為M=0.2kg、的平板小車停在例N軌道的最

左端緊靠〃小車上表面與反。點(diǎn)等高，將一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量〃-0.8kg的滑塊從距4點(diǎn)高度為。處靜

止釋放，滑上小車后帶動小車向右運(yùn)動，小車與軌道。碰撞(碰撞時間極短)后即被粘在C處，滑塊可

沿軌道CD繼續(xù)運(yùn)動。已知水平軌道MN、BC間距均足夠長，滑塊與小車的動摩擦因數(shù)〃=0.25,其余接觸

面均光滑，取g=10m/s2,求：

1“C「IN

(1)若用=0.2m,滑塊運(yùn)動到圓弧底端8點(diǎn)時受到的支持:力大??；

(2)要使滑塊不會從小車上掉下，最大的高度力2；

(3)要使滑塊能過最高點(diǎn)D,則h的取值范圍：

(4)若撤去小車，將半圓弧軌道CZ)緊靠8M放置且不固定，滑塊從〃3=0.8m處靜止釋放運(yùn)動到。點(diǎn)時受到

的壓力。

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參考答案

題

123456789101112

號

答

BDDBDCDADCDBCBD

案

工R【詳解】AR.以兩環(huán)和鉤碼為整體.豎立方向根據(jù)受力平衡可得V-mg可知桿對兩環(huán)的支持力不變,故A錯誤，R

正確：D.設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為，以鉤碼為對象，根據(jù)平衡條件可得Ucoe=mg由于6逐漸增大，可知細(xì)繩對鉤

碼的拉力變大，故D錯C.以環(huán)為對象，水平方向根據(jù)受力平衡可得/=7澗"=空詈由于H逐漸增大，可知桿對兩環(huán)的摩

擦力變大，即兩環(huán)對桿的摩擦力變大，故C錯誤。故選B。

2.D【詳解】A.圖乙可知人重力約為600N,質(zhì)量約為60kg,故A錯誤；

B.分析可知2~3的過程，人先超重后關(guān)市，合力先減小后增大，加速度允減小后增大，故B錯誤；

C.合力最大時加速度最大，圖像可知”最大為1800N,故最大加速度°=二=20mH，故C錯誤；

m

D.分析可知人的速度最大時人的合力為。，即〃與人的重力等大時，圖像可知約0.45s時，〃與人的重力等大，故人在下

將階段達(dá)到最大速度的時刻約為0.45s,故D正確。故選D。

3.D【詳解】A.飛機(jī)做勻速圓周運(yùn)動，速率不變，但存在方向變化的向心加速度，大小為*0,故A錯B.動量

R

是矢量，勻速圓周運(yùn)動中速度方向不斷變化，動量方向也隨之變化，因此動量不守恒，故B錯誤：C.向心力的沖量是矢量,

其方向始終指向圓心，隨時間不斷變化。飛行一周的總沖量是各時刻沖量的矢量和，而非標(biāo)量累積。雖然計(jì)算得

(標(biāo)量形式)，但實(shí)際總沖量矢量和為零，故C錯誤；D.飛行一周后，速度方向恢復(fù)初始方向，動量變化量蕈=瓦-力“=0

。根據(jù)動量定理，合外力的沖量等于動量變化量，因此總沖量為零，故D正確。故選D。

4.A【詳解】設(shè)該星球的自轉(zhuǎn)角速度為儂，在該星球極地處有學(xué)1=或4在赤道處有罕二切氐+3//?喊立解得

a=故選A=

5.B【詳解】A.豎直方向，根據(jù)人=1"可得「J竺兩小球下落高度相同，用時相等，則兩球同時到達(dá)底端，A錯誤:

D.減小小球落到斜面上時位移方向與豎直方向的夾角總有13n60=J、=；=?即U=lan6°=6小球落到斜面

9產(chǎn)rV,22

上時與豎直方向的夾角不變，D錯誤:

C.根據(jù)匕=對可知兩小球落至斜面底端時豎直速度相等，故C錯誤;

D.水平方向有一方—=、/,一"一=1，"解得『：r=3:1，故B正確，故選B。

tan30°tan60°

6.D【詳解】A,勻加速階段牽引力由牛頓第二定律可得F?/二周0解存

F=nw+/=(2l70x2+0.2x2170x|0)N-8.68xia'N?故A錯誤：

B.達(dá)到額定功率時的速度、，=生=330x10,m/s=38m/s，故B錯誤：

F8.68x10?

C.恒定功率階段速度為50m/s時，牽引力F=工=6600、

v50

根據(jù)牛頓第二定律可得加速度。=6600-4340m/s；=]04m，J，故C錯

nt2170

D.勻加速階段功率尸=Fv=F?4，與時間/成正比（均勻增大）：達(dá)到額定功率后保持恒定，故D正確。故選D。

7.C【詳解】AB.碰后〃”速度反向，根據(jù)動量守恒叫%="%"+，%匕結(jié)合圖像斜率計(jì)算速度代入解得?：利:7,故

AB錯誤。C.碰后兩物塊速率相等，根據(jù)〃=〃n，可知，碰撞后“刀的動量大于，”的動量，故C正確。D.根據(jù)&=|"n；因

〃〃小于，”2,碰后兩物塊速率相等，可知碰撞后〃AKJ動能小于陽；的動能，故D錯誤。故選C。

8.D【詳解】A.球A沿槽C下滑過程中，水平方向動量守恒，A、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，C向右運(yùn)動其機(jī)械能增加，

球A對槽C做正功，則槽C對球A做負(fù)功，故A錯誤：

B.整個過程中球A、球B、槽C構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，豎直方向動量不守恒，所以系統(tǒng)動量不守恒，故B錯

誤；

C.對球A與槽C組成的系統(tǒng)，以水平向左為正方向，由水平方向平均動最守恒得：小匕2mvc=0

可得mx,\-2nvcc=0,由幾何關(guān)系得：.“+&?=R

聯(lián)立解得球A第一次滑至槽C最低點(diǎn)過程中，球A水平向左的位移為孫=2/?,故C錯誤：D.設(shè)球A到最低點(diǎn)時的速度

3

為巾，此時C的速度為依，以水平向左為正方向，由水平方向動量守恒得"”人-26收=0

由機(jī)械能守恒得,;加一產(chǎn),應(yīng).

聯(lián)立解得％=4Jg,方向水平向左；vc=2J手，方向水平向右。

以水平向左為正方向，對球A和球B日動量守恒定律得mvA=mvA+5mvB

由機(jī)械能守恒定律得J=1小次2,X5"M

2'223

聯(lián)立解得球A與彈簧作用后的速度為川=I回,

負(fù)號表示方向水平向右。

n3

易知球A與彈簧作用后速度大于C的速度，能夠追上槽C.故D正確。故選D。

9.AD

【注解】A.由題圖可知，在相同時間內(nèi)無人機(jī)在南北方向上通過的位移相等，所以無人機(jī)在南北方向上做土速直線運(yùn)動，

故A正確：

B.由題圖可知，相同時間內(nèi)無人機(jī)在東西方向上通過的位移逐漸減小，所以無人機(jī)在東西方向上做減速直線運(yùn)動，故B錯

誤：

C.由于無人機(jī)在南北方向上做勻速直線運(yùn)動，在東西方向上向東做減速直線運(yùn)動，知空氣對無人機(jī)的作用力存在水平向

西的分量，同時存在豎直向上的分量與重力平衡，故C錯誤；

D.由題圖可知，在東西方向上，無人機(jī)的位移滿足J：%=1：3：5根據(jù)逆向思維可知，景物對應(yīng)像素點(diǎn)到d點(diǎn)時，無

人機(jī)沿東西方向的速度為0,由于景物在南北方向上端.歡諭向南京為，所以此時無人機(jī)速度向北，故DE確。故選AD。

10.CD

【逆解】A.圖甲的實(shí)驗(yàn)中，測力計(jì)外殼與木板間能接觸，不影響測量結(jié)戾，故A錯誤；

B.圖乙實(shí)驗(yàn)中為了使細(xì)線拉力等于小車受到合力，需要補(bǔ)償小車的摩擦力，故B錯誤：

C.圖丙中，兩小球的質(zhì)量相等，做圓周運(yùn)動半徑相等，正在進(jìn)行“探究向心力與角速度的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，故C正確：D.圖丁實(shí)

驗(yàn)中，為了保證兩小球?qū)π恼?，I、2兩個小球的半徑必須取相同，故D正確。故選CD。

II.BC

【洋解】AC.A、B兩個物體碰撞過程動量守恒p、+p”=p\'+p；若此過程為帥性碰撞，根據(jù)機(jī)械能守恒可得

Z-+區(qū)?衛(wèi)+豆_解得也故A錯誤，C正確：BD.碰前，有且■>久■解得也<1：若此過程為非彈性碰

mmm4

2m.A2叫2m.A2mHnZA"%B

撞，則區(qū)+送_>2:+解得也

2/1“2mB2mA2mB/2

p.pni.55m.1

碰后，有匕■〈止u解得->-繪上可得；7<=<二故B正確，D錯誤。故選BC。

mAmBmB1616mB2

12.BD【詳解】A.小物塊B、C碰后一起向下運(yùn)動過程中，彈簧彈力做功，二者組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故

A錯誤；B.設(shè)彈簧開始時的壓縮量為切，則〃必sinO=k%當(dāng)小物塊A與擋板之間的作用力恰好為零時，有

igsin0s3解得MUX。=?">；"色

則G物塊B運(yùn)動到最高點(diǎn)時彈簧的彈性勢能E=Lkx-=3㈣E,故B正確；

p2'2k

CD.設(shè)小物塊C開始卜落時與小物塊B之間的距離為d,卜落過程與碰撞過程有mgdsinO=gm"：、

■?t=2?r：;小物塊B、C在彈簧原長處分離，設(shè)分離時的速度大,.、為母，由能量守恒得

—x2/wv：=—x+2mgxosinO

小物塊B、C分離后，小物塊B向上運(yùn)動到最高點(diǎn)的過程中，由能量守恒得Lmv；=用公；sin?+：h；

22

聯(lián)立解得％=呼聲、d=誓㈣，故C錯誤，D正確。故選BD。

13.⑴<⑵不需要（3）（加”'"

/2mk

【詳解】（I）在步驟E中，滑塊經(jīng)過光電門時的速度的表達(dá)式為v=《

t

（2）對祛碼與托盤、滑塊系統(tǒng)來說，驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，系統(tǒng)減少的重力勢能和增加的動能均可以測量，不

必測拉力，故不需要滿足加遠(yuǎn)小于歷。

（3）托盤與跌碼向卜運(yùn)動，則系統(tǒng)減少的重力勢能為AEp=,系統(tǒng)動能增加量為

A&=%+w)小回變

2-/

若系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有2\￡0二A&即加/=色岑￡化簡得/=色嗖左><,

可知圖像的斜率解得”"產(chǎn)

x

14.(1)Cm}xP=m1.rA/+w2\xp+xw=xM2)

【詳解】1）①⑴為防止A和B碰后A反彈，且A和B是對心正碰，因此必須是叫>m2，/{=/；，故選Co

②[2]設(shè)碰撞前小球A的速度為%,碰撞后小球A的速度為K,小球B的速度為，由動量守恒定律可得

叫％=叫“+m,v,

小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，小球做平拋運(yùn)動拋出點(diǎn)的高度相等，小球做平拋運(yùn)動的時間相等，則有

，中Y=叫卬+嗎》

若測量數(shù)據(jù)近似滿足關(guān)系式叫打=叫工”+生?久則說明兩小球碰撞過程動量守恒。

③[3]若碰撞為彈性碰撞，根據(jù)機(jī)械能守恒可得彳〃3'；=彳叫V；彳叫”；又明匕=小9+叫叫聯(lián)立可得

//?/

〃+。=V：則有W：口

在驗(yàn)證動量守恒后，若測量數(shù)據(jù)滿足表達(dá)式X-X.二L則說明碰撞為彈性碰撞。

d

(2)[1]滑塊勻速運(yùn)動時，說明導(dǎo)軌水平，根據(jù)：可知當(dāng)滑塊通過光電門1的時間等于滑塊通過光電門2的

時間時說明軌道已水平；

[2JA向左滑動與滑塊B碰撞，且被彈回，由碰撞規(guī)律可知，實(shí)驗(yàn)中兩滑塊的質(zhì)量應(yīng)滿足:

ddd

③[3]取向左為正方向，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的動量守恒表達(dá)式為

%【I*2

化簡整理得”"I+；卜叫」

15.⑴0.3kgm$(2)4.5N

【詳解】(1)由位移一時間公式力=:劉：解得L由速度一時間公式7gL解得"2m's

手機(jī)砸到人臉前的瞬間動量大小p=mv=150x10kgx2ms=03kg-ms

。)設(shè)人臉對手機(jī)的平均沖力為F,全過程由動量定理得〃以"+力化=0-0解得F=L5\

根據(jù)牛頓第三定律，