鎮(zhèn)海中學(xué)2024學(xué)年第二學(xué)期校模擬卷試題高三年級物理學(xué)科考生須知：1、本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2、答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫學(xué)校、班級、姓名；3、所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效；4、考試結(jié)束后，只需上交答題卷；5、本卷中無特殊說明，重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分。）【答案】D【解析】故選D。2.從學(xué)校運(yùn)動(dòng)會到國際奧運(yùn)會，體育運(yùn)動(dòng)提高了個(gè)人的身體素質(zhì)也凝聚了民族的精神氣魄，下列關(guān)于運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目中物理知識說法正確的是（）A.奧運(yùn)會開幕式中升國旗時(shí)，觀察到國旗冉冉升起，觀察者是以“國旗”為參考系的B.羽毛球比賽中運(yùn)動(dòng)員擊球的最大速度是指瞬時(shí)速度C.研究短跑運(yùn)動(dòng)員的終點(diǎn)沖刺動(dòng)作時(shí)，裁判們可以把運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)D.我國選手潘展樂在巴黎奧運(yùn)會男子100米自由泳決賽以46.40s的成績奪得冠軍，并打破世界紀(jì)錄。這里的“46.40s”指的是時(shí)刻【答案】B【解析】【詳解】A．觀察國旗升起時(shí)，若以國旗為參考系，國旗本身是靜止的，無法觀察到其運(yùn)動(dòng)。觀察者實(shí)際是以地面或旗桿為參考系，A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員擊球的最大速度對應(yīng)球在某一瞬間的速度，屬于瞬時(shí)速度，B正確；C．研究沖刺動(dòng)作需分析運(yùn)動(dòng)員肢體動(dòng)作，不能忽略其形狀和大小，因此不可視為質(zhì)點(diǎn)，C錯(cuò)誤；D．“46.40s”是完成比賽所用的時(shí)間間隔，而非某一時(shí)刻，D錯(cuò)誤。故選B。3.在江南水鄉(xiāng)，撐篙行舟是一種傳統(tǒng)的水上交通方式。如圖所示，船夫使用一根竹篙傾斜撐向河底，就能讓船夫和小船一起緩慢向右運(yùn)動(dòng)離岸。小船緩慢離岸的過程中，竹篙對河底力的作用點(diǎn)不變，對該過程分析正確的是（）A.小船給船夫的作用力豎直向上 B.小船受到的浮力等于船的重力C.小船受到船夫的摩擦力向右 D.船夫受到小船的支持力的沖量為零【答案】C【解析】【詳解】A．船夫受竹篙斜向上的作用力、豎直向下的重力以及小船對船夫的作用力，由力的平衡可知，小船給船夫的作用力不是豎直向上，故A錯(cuò)誤；B．由平衡可知小船受的浮力與竹篙對人的作用力的豎直分量之和等于人和船的重力之和，可知小船受到的浮力大于船的重力，故B錯(cuò)誤；C．靜摩擦力方向與相對運(yùn)動(dòng)趨勢相反，船夫和小船一起緩慢向右運(yùn)動(dòng)，船夫相對小船有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢，所以小船對船夫的摩擦力向左，根據(jù)牛頓第三定律可知，小船受到船夫的摩擦力向右，故C正確；D．根據(jù)I=Ft，因船夫受到小船的支持力不為零，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也不為零，故船夫受到小船的支持力的沖量不為零，故D錯(cuò)誤。故選C。4.一空心金屬球殼內(nèi)球心右側(cè)放一帶正電點(diǎn)電荷，于是在球內(nèi)外形成如圖所示電場，其中a在球心，b在球殼內(nèi)壁，c在球殼內(nèi)，d在球外，若以無窮遠(yuǎn)電勢為0，下列說法正確的（）A.球殼內(nèi)壁沒有凈電荷B.c點(diǎn)電場強(qiáng)度等于a點(diǎn)電場強(qiáng)度C.球殼接地后c點(diǎn)電勢會增大D.a、b兩點(diǎn)電勢差小于a、d兩點(diǎn)的電勢差【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)靜電感應(yīng)原理，球殼內(nèi)壁有負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤；B．空心球殼達(dá)到靜電平衡，c點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，故c點(diǎn)電場強(qiáng)度小于a點(diǎn)電場強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；C．球殼接地后c點(diǎn)電勢為零，即電勢減小，故C錯(cuò)誤；故選D。5.如圖，一豎直放置的花灑出水孔分布在圓形區(qū)域內(nèi)。水流從出水孔水平向左射出。假設(shè)每個(gè)出水孔出水速度相同，從花灑中噴出的水落于水平地面（P、Q分別為最左、最右端兩落點(diǎn)），不計(jì)空氣阻力。落點(diǎn)區(qū)域俯視圖的形狀最可能的是（）A. B.C D.【答案】D【解析】由于y均勻增加時(shí)，x不是均勻增加，且x增加得越來越慢，所以俯視的形狀為D圖。故選D。A.電壓互感器電壓值為B.若電壓表的示數(shù)為100V，電流表的示數(shù)為5A，則輸電線路損耗功率為300kWC.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓和輸送功率不變，僅將滑片Q下移，則輸電線損耗功率增大D.發(fā)電機(jī)輸出電壓一定，增加用戶數(shù)，為維持用戶電壓不變，可將滑片Q下移【答案】D【解析】D．各用戶都是并聯(lián)的，所以增加用戶數(shù)，降壓變壓器副線圈電路的總電阻減小，則在降壓變壓器的原線圈電路中的等效電阻也減小，若升壓變壓器的匝數(shù)比不變，則升壓變壓器的輸出電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知輸電線路上的電流增大，則降壓變壓器的輸入電壓減小，相應(yīng)的U4減小，所以為維持用戶電壓U4不變，可以提高升壓變壓器的輸出電壓，則可將滑片Q下移，增加升壓變壓器副線圈的匝數(shù)，故D正確。故選D。7.某衛(wèi)星發(fā)射的過程圖簡化如下，位于橢圓軌道1的衛(wèi)星變速后進(jìn)入圓形同步軌道2，然后在M點(diǎn)再次改變方向進(jìn)入同步靜止軌道3上，則下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在Q的速度大于其在M點(diǎn)的速度B.Q點(diǎn)為橢圓軌道1遠(yuǎn)地點(diǎn)，P點(diǎn)為橢圓軌道1上的近地點(diǎn)D.衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度大于其在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度【答案】A【解析】【詳解】B．由圖可知，衛(wèi)星的三個(gè)軌道沒有在同一個(gè)平面內(nèi)，但地球一定處于三個(gè)軌道共同的焦點(diǎn)上，則Q為近地點(diǎn)，P點(diǎn)為遠(yuǎn)地點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；可知在圓軌道上Q點(diǎn)的速度大于在圓軌道2的速度，可知衛(wèi)星在橢圓軌道Q點(diǎn)的速度大于其在M點(diǎn)的速度，故A正確；C．發(fā)射衛(wèi)星時(shí)，軌道半徑越大火箭對衛(wèi)星做功越多，可知衛(wèi)星在三個(gè)軌道上的機(jī)械能存在的關(guān)系是E1＜E2=E3，故C錯(cuò)誤；可知衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度等于其在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤。故選A。A.彈簧原長為 B.0到之間彈簧的彈力先增加再減小【答案】D【解析】【詳解】A．由題圖可知，系統(tǒng)在h1的位置時(shí)，動(dòng)能最大。彈簧筆在豎直向上彈起的過程中，開始時(shí)彈力大于重力，彈簧筆向上做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能逐漸增大，彈簧筆所受的重力不變，彈簧的彈力逐漸減?。划?dāng)彈力大小等于重力時(shí)，加速度是零，速度達(dá)到最大，動(dòng)能最大，此時(shí)彈簧還有一定的形變量，因h2到h3部分為直線，彈簧筆在h2處離開地面開始做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，可知彈簧原長為h2，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合A的分析可知，0到h2之間彈簧的彈力減小，之后彈力為零，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合A的分析可知，系統(tǒng)在h1的位置時(shí)，動(dòng)能最大為，此時(shí)彈簧仍然有形變量，仍然有彈性勢能，而且上升的過程中彈簧筆動(dòng)能增大，所以彈簧最大彈性勢能大小大于，故C錯(cuò)誤；故選D。C.滑動(dòng)變阻器劃片P從O點(diǎn)向b點(diǎn)緩慢移動(dòng)，電流表讀數(shù)一定一直增大D.用不同頻率的光子照射該實(shí)驗(yàn)裝置，記錄電流表恰好讀數(shù)為零的電壓表讀數(shù)，根據(jù)以上頻率和電壓可以精確測量普朗克常數(shù)【答案】D【解析】C．滑動(dòng)變阻器劃片P從O點(diǎn)向b點(diǎn)緩慢移動(dòng)，開始時(shí)光電流沒有達(dá)到飽和電流，電流表示數(shù)增大，當(dāng)達(dá)到飽和電流后，電流表示數(shù)不再增大，故C錯(cuò)誤；即根據(jù)以上頻率和電壓可以精確測量普朗克常數(shù)，故D正確。故選D。A.該光在介質(zhì)中的折射率為C.若用一束紫光照射，則與射入介質(zhì)前相比，光線從AC邊離開介質(zhì)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角是0°D.若用一束紅光照射，則有可能不能從AC邊射出【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)入射點(diǎn)為G，法線與DE交點(diǎn)為H，光路如圖故A錯(cuò)誤；故B錯(cuò)誤；C．紫光的頻率比藍(lán)光高，在同一種介質(zhì)中，紫光的折射率比藍(lán)光大，即紫光偏折更大，則紫光會從D點(diǎn)下方穿過，如圖則藍(lán)光會從AC邊射出，由于紅光的頻率比藍(lán)光低，在同一種介質(zhì)中，紅光的折射率比藍(lán)光小，紅光臨界角比藍(lán)光大，且紅光會從D點(diǎn)上方穿過，因藍(lán)光能從AC邊射出，所以紅光一定能從AC邊射出，故D錯(cuò)誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有一個(gè)或一個(gè)以上答案符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分。）11.下列說法正確的是（）A.液晶具有旋光性，加電場時(shí)偏振光被液晶層旋光呈現(xiàn)暗態(tài)B.列車從遠(yuǎn)處勻速駛近觀測時(shí)，觀測者耳朵聽到的汽笛聲頻率越來越高C.冰在融化過程中分子勢能增大D.α射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，驗(yàn)電器金屬箔的張角會變大【答案】AC【解析】【詳解】A．液晶具有旋光性，外加電場會改變液晶分子排列，影響偏振光旋轉(zhuǎn)，從而呈現(xiàn)暗態(tài)，故A正確；B．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，列車勻速靠近觀測者，會導(dǎo)致接收到的頻率升高，而不是越來越高，故B錯(cuò)誤；C．冰在融化過程中溫度保持不變，分子的平均動(dòng)能不變，分子動(dòng)能不變，分子間距離變大，分子力做負(fù)功，分子勢能增大，故C正確；D．α射線經(jīng)過置于空氣中帶正電驗(yàn)電器金屬小球的上方，會使空氣發(fā)生電離，產(chǎn)生帶負(fù)電的電子和帶正電的離子，驗(yàn)電器會吸引電子從而中和驗(yàn)電器上的正電荷，所以驗(yàn)電器金屬箔的張角會變小，故D錯(cuò)誤。故選AC。A.兩波源形成的波的圖樣是不穩(wěn)定的C.AB連線上有兩個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)D.兩波源的連線上有12個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，它們的位移大小在0到6cm之間變化【答案】BD【解析】【詳解】A．由兩波源振動(dòng)圖像可知，它們的振動(dòng)周期相同，則頻率相同，滿足波的干涉條件，會形成穩(wěn)定的干涉圖樣，A錯(cuò)誤；B正確；結(jié)合兩波源初相差，經(jīng)分析AB連線上不是僅兩個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)，C錯(cuò)誤；結(jié)合初相差與干涉加強(qiáng)條件，滿足加強(qiáng)點(diǎn)有12個(gè)。位移大小在0到6cm間變化，D正確。故選BD。A.太陽內(nèi)部核反應(yīng)屬于裂變反應(yīng)C.α粒子和中微子的動(dòng)量之和小于質(zhì)子和電子的動(dòng)量之和【答案】BD【解析】【詳解】A．太陽內(nèi)部是氫聚變成氦，屬于聚變反應(yīng)（裂變是重核分裂成輕核），故A錯(cuò)誤；C．核反應(yīng)中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，即粒子、中微子動(dòng)量之和等于質(zhì)子、電子動(dòng)量之和，故C錯(cuò)誤；故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.甲乙兩位同學(xué)用兩種方法在研究做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體所受向心力大小與質(zhì)量、角速度和半徑的關(guān)系：（1）甲同學(xué)用如圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，本實(shí)驗(yàn)采用的主要實(shí)驗(yàn)方法為________。在探究向心力大小與圓周運(yùn)動(dòng)半徑的關(guān)系時(shí)，將兩個(gè)相同質(zhì)量的小球，分別放在C擋板處與________（選填“A”或“B”）擋板處，同時(shí)將傳動(dòng)皮帶套在半徑________（選填“相同”或“不同”）的兩個(gè)塔輪上。（2）乙同學(xué)用如圖乙所示裝置驗(yàn)證向心力大小與角速度的關(guān)系。長度為L的細(xì)線上端固定，下端懸掛質(zhì)量為m的小球（視為質(zhì)點(diǎn)），將畫有幾個(gè)同心圓的白紙置于懸點(diǎn)下方的平臺上，其圓心在細(xì)線懸掛點(diǎn)的正下方。現(xiàn)給小球一初速度，使其恰沿紙面上半徑為R的圓做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)小球?qū)埫媲『脽o壓力，用秒表記錄小球轉(zhuǎn)動(dòng)n圈所用的總時(shí)間為t。不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。假如要驗(yàn)證向心力公式成立，需要滿足的等式為________（用n、t、g、L、R等表示），該同學(xué)在最后幾圈如果做了在同一個(gè)平面的小角度的來回運(yùn)動(dòng)，則所測得周期將________（填“偏大”、“偏小”或者“不變”）?！敬鸢浮浚?）①.控制變量法②.B③.相同【解析】小問1詳解】[1]本實(shí)驗(yàn)采用的主要實(shí)驗(yàn)方法為控制變量法。[2][3]在探究向心力大小與圓周運(yùn)動(dòng)半徑的關(guān)系時(shí)，要保持質(zhì)量和角速度相同，半徑不同，則應(yīng)將兩個(gè)相同質(zhì)量的小球，分別放在C擋板處與B擋板處，同時(shí)將傳動(dòng)皮帶套在半徑相同的兩個(gè)塔輪上?！拘?詳解】15.某同學(xué)將電源、電阻箱、電容器、電流表、數(shù)字電壓表以及開關(guān)組裝成圖1所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，觀察電容器充電過程。實(shí)驗(yàn)儀器如下：電源（電壓為4.5V，內(nèi)阻不計(jì)）；電容器（額定電壓為16V）；電流表（量程為0~500μA，內(nèi)阻500Ω）；數(shù)字電壓表（量程為0~10V）；電阻箱（阻值0~9999Ω）。（1）電路連接完畢后如圖2所示，為保證電表使用安全，在開關(guān)閉合前必須要完成的實(shí)驗(yàn)步驟是________。（2）將開關(guān)S閉合，觀察到某時(shí)刻電流表示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為________μA。（3）記錄開關(guān)閉合后電流隨時(shí)間變化的圖線如圖4所示，小明數(shù)出曲線下圍成的格子數(shù)有225格，則電容C大小為________μF。（4）由于數(shù)字式電壓表內(nèi)阻并不是無窮大，考慮到此因素的影響，（3）問中電容的測量結(jié)果與真實(shí)值相比是________（選填“偏大”、“偏小”或“相等”），請簡要說明理由________。（5）當(dāng)電阻箱的阻值為R時(shí)，充電圖像如圖5中a曲線所示。若將定值電阻增大為1.3R，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)步驟，則電流隨時(shí)間變化的It圖線應(yīng)該是圖5中的曲線________（選填“b”或“c”）。【答案】（1）將電阻箱的阻值調(diào)到最大（2）175（3）2500（4）①.偏?、?見解析（5）c【解析】【小問1詳解】為保證電表使用安全，在開關(guān)閉合前必須要完成的實(shí)驗(yàn)步驟是將電阻箱的阻值調(diào)到最大；【小問2詳解】量程為500μA的電流表的分度值為10μA，讀數(shù)為175μA；【小問3詳解】電容器兩端的電壓U=E=4.5V【小問4詳解】得到的電容器的真實(shí)值大于測量值，即電容的測量結(jié)果與真實(shí)值相比是偏小的；【小問5詳解】若將定值電阻增大為1.3R，電容器開始放電時(shí)的電流變小，即縱截距變小;由于電容器放電的電荷量不變，因此放電時(shí)間變長，復(fù)上述實(shí)驗(yàn)步驟，則電流隨時(shí)間變化的It圖線應(yīng)該是圖5中的曲線c。16.如圖為“驗(yàn)證碰撞過程中的動(dòng)量守恒”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖，入射球與靶球直徑相同，測得質(zhì)量分別為m1、m2。圖中P點(diǎn)是未放靶球時(shí)入射球的落點(diǎn)，放置靶球后，兩球落點(diǎn)分別為M、N，M、P、N三個(gè)落點(diǎn)的位置距O點(diǎn)的長度分別為OM、OP、ON。（1）下列說法中符合本實(shí)驗(yàn)要求的是（）A.下滑傾斜軌道允許有摩擦B.需要使用的測量儀器有秒表和刻度尺C.本實(shí)驗(yàn)需要測量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的高度D.在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放（2）若兩球發(fā)生彈性碰撞，則OP、OM、ON三者之間滿足關(guān)系式________（用OP、OM、ON表示）?！窘馕觥俊拘?詳解】A．小球下滑傾斜軌道允許有摩擦，但軌道末端必須水平，故A正確；B．在該實(shí)驗(yàn)中需要測量小球的質(zhì)量以及小球的水平位移，需要的測量儀器是天平、刻度尺，故B錯(cuò)誤；C．由于小球做平拋運(yùn)動(dòng)的豎直高度均相等，即平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，所以不需要測量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的高度，故C錯(cuò)誤；D．在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放，保證碰前的速度相同，故D正確。故選AD?！拘?詳解】17.為了測量一些形狀不規(guī)則而又不便浸入液體的固體體積，可用如下圖所示裝置。操作步驟和實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下。a、打開閥門K、使管A、容器C、容器B和大氣相通。上下移動(dòng)D，使左側(cè)水銀面到達(dá)刻度n的位置；b、關(guān)閉K，向上舉D，使左側(cè)水銀面達(dá)到刻度m的位置。這時(shí)測得兩管水銀面高度差為19.0cm，該過程封閉氣體向外界放熱為；c、打開K，把被測固體放入C中，上下移動(dòng)D，使左側(cè)水銀面重新到達(dá)位置n，然后關(guān)閉K；d、向上舉D，使左側(cè)水銀面重新到達(dá)刻度m處，這時(shí)測得兩管水銀面高度差為38.0cm，該過程封閉氣體向外界放熱為；（1）b過程中，被閥門K封閉的這部分氣體，氣體分子動(dòng)能________（選填“均不變”、“均增大”、“均減小”或“增大和減小均有”），單位時(shí)間撞擊單位面積容器壁的分子數(shù)________（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）被測固體的體積；（3）比較b與d兩個(gè)過程中的放熱與的大小關(guān)系，并給出必要的文字說明與定量的分析過程加以證明?！敬鸢浮浚?）①.增大和減小均有②.增大【解析】【小問1詳解】[1][2]b過程中，被閥門K封閉的這部分氣體，氣體溫度不變，則分子平均動(dòng)能不變，但單個(gè)分子動(dòng)能增大和減小均有；氣體壓強(qiáng)變大，體積減小，氣體分子數(shù)密度增加，則單位時(shí)間撞擊單位面積容器壁的分子數(shù)增大；【小問2詳解】設(shè)C以及管內(nèi)氣體的體積為V，根據(jù)玻意耳定律，則【小問3詳解】（1）彈簧的彈性勢能及物體到達(dá)E點(diǎn)速度大?。唬?）若木板未能與豎直墻壁發(fā)生碰撞且物體沒有滑離木板，求d和L各自需要滿足什么條件；【答案】（1）9J，10m/s【解析】【小問1詳解】【小問2詳解】【小問3詳解】【解析】【小問1詳解】【小問2詳解】ab桿從ON轉(zhuǎn)到OM的過程中，ab桿上產(chǎn)生的焦耳熱為Qab桿從OM轉(zhuǎn)到OP的過程中，只有桿切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流由能量守恒定律ab桿從OP轉(zhuǎn)回到ON的過