/臨沂市沂水縣2025-2026高三上學(xué)期12月檢測試題物理注意事項：1、本試卷滿分100分，分為第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，第Ⅰ卷為第1頁至第4頁，第Ⅱ卷為第4頁至第6頁。2、試題答案請用2B鉛筆或0.5mm簽字筆填涂到答題卡規(guī)定位置上，書寫在試題上的答案無效?？荚嚂r間90分鐘。一、單項選擇題（本題包括8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個選項符合題意）1.人站在力傳感器上完成下蹲和站起動作，傳感器記錄的力隨時間變化圖像（圖像）如圖所示，重力加速度，則（）A.下蹲過程中最大加速度為B.人在站起過程中，先超重后失重C.人在下蹲過程中，力的示數(shù)先變大后變小D.人在8s內(nèi)完成了兩次下蹲—站起動作【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知傳感器的最小壓力為200N，根據(jù)牛頓第二定律，下蹲過程中最大加速度為，故A錯誤；B．人站起過程中，先加速上升后減速上升，先超重后失重，故B正確；C．人在下蹲過程中，先加速下降后減速下降，故先失重后超重，力的示數(shù)先變小后變大，故C錯誤；D．人在下蹲過程中，力的示數(shù)先變小后變大，人在站起過程中，力的示數(shù)先變大后變小，可知人在8s內(nèi)完成了一次下蹲和一次站起動作，故D錯誤。故選B。2.一物體在某段時間內(nèi)運動時的位置-時間（）圖像和速度-時間（）圖像如圖所示，其中位置-時間圖像中的時刻對應(yīng)拋物線的最高點，則以下說法正確的是（）A.圖像中 B.圖像中C.物體到達(dá)坐標(biāo)原點的時刻為5s D.物體3s時離坐標(biāo)原點的距離為5m【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)速度-時間公式對比圖像可得，根據(jù)位移-時間公式有代入初速度和加速度，可得由圖可知，當(dāng)位移為時有解得，，故A錯誤；B．由題知，位置-時間圖像中的時刻對應(yīng)拋物線的最高點，此時物體的速度為零，結(jié)合圖像，可得，根據(jù)圖像與時間軸圍成的面積表示位移，可得在0~2s內(nèi)物體通過的位移大小根據(jù)解得，故B錯誤；C．由題知，物體經(jīng)時間從到坐標(biāo)原點，位移為，則有解得，故C錯誤；D．根據(jù)位移時間公式有解得物體經(jīng)3s的位移為故物體3s時離坐標(biāo)原點的距離為，故D正確。故選D。3.飛船從圓軌道I，通過變軌后，沿橢圓軌道II由處運動到處，與沿圓軌道III運行的天和核心艙在B處對接，對接后的組合體繼續(xù)在圓軌道III上運行。在上述過程中，下列說法正確的是（）A.飛船由軌道II變軌到軌道III，需在B處減速B.飛船在軌道II上B處與在軌道III上B處的加速度相等C.飛船在軌道I上A處的速度小于在軌道III上B處的速度D.飛船在軌道II上由到的時間大于在軌道III上運行周期的一半【答案】B【解析】【詳解】A．需在處加速離心，才能由軌道II變軌到軌道III，A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律，飛船在軌道II上和軌道III上經(jīng)過處時的加速度相等，加速度大小為，B正確；C．根據(jù)萬有引力提供向心力解得，軌道半徑越小，速度越大，所以在軌道I上處的速度大于在軌道III上處的速度，C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律，在軌道II上運行周期小于在軌道III上運行周期，所以在軌道II上由到時間小于在軌道III上運行周期的一半，D錯誤。故選B。4.Oxy平面直角坐標(biāo)系的坐標(biāo)軸x、y上固定有四個電荷量均相等的點電荷，其中兩個為正電荷，兩個為負(fù)電荷，如圖所示。已知各電荷與坐標(biāo)原點O的距離均相等，坐標(biāo)軸上a、b、c、d四點與坐標(biāo)原點O的距離也均相等。關(guān)于各點電勢（φ）的高低，下列關(guān)系式正確的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)對稱性可知、越靠近正電荷電勢越高，所以故選A。5.如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為光敏電阻（阻值隨光照強度增大而減?。?，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，若增大照射光強度，則（）A.小燈泡的功率減小B.電容器極板上的電荷量增加C.電源的輸出功率一定增大D.兩表示數(shù)變化量比值不變【答案】D【解析】【詳解】AB．若增大照射光強度，則R2阻值減小，總電阻減小，總電流變大，通過小燈泡的電流變大，可知小燈泡的功率增加，R1和內(nèi)阻上的電壓變大，則電容器兩板電壓減小，則電容器極板上的電荷量減小，選項AB錯誤；C．當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時電源輸出功率變大，外電阻和內(nèi)阻的關(guān)系不能確定，可知電源的輸出功率不一定增大，選項C錯誤；D．兩表示數(shù)變化量的比值不變，選項D正確。故選D。6.如圖所示，一個半徑為r的金屬圓環(huán)被一根絕緣細(xì)繩懸掛于天花板上，圓環(huán)的質(zhì)量為m，圓環(huán)單位長度的電阻為R，在與圓心等高的M、N兩點間接入電動勢為E，內(nèi)阻不計的電源上，空間中存在垂直于圓環(huán)平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.通過上半個金屬圓環(huán)的電流為B.金屬圓環(huán)所受到的安培力的方向豎直向上C.金屬圓環(huán)所受到的安培力大小為D.細(xì)繩的拉力大小為【答案】D【解析】【詳解】A．M、N上側(cè)和下側(cè)的半圓并聯(lián)在電源上，圓環(huán)接入電路中的電阻則干路電流則通過上半圓環(huán)的電流，A錯誤；B．電流從左到右，由左手定則判斷出：圓環(huán)所受到的安培力豎直向下，B錯誤；C．金屬圓環(huán)受到的安培力，C錯誤；D．繩子拉力，D正確。故選D。7.如圖所示，平行板電容器的電容為，正極板帶電量為，負(fù)極板接地，兩極板間距離為，今在距兩極板間離負(fù)極板處放一正點電荷。已知靜電力常數(shù)為，下列說法正確的是（）A.由于負(fù)極板接地所以負(fù)極板帶電荷量為零B.所在處的電勢是C.點電荷所受電場力的大小為D.點電荷所受電場力的大小為【答案】B【解析】【詳解】A．負(fù)極板帶電荷量為。故A錯誤；C．帶電金屬板不能看作點電荷，故不能根據(jù)庫侖定律求解q所受的電場力。故C錯誤；D．電容器兩板電勢差兩板間電場強度則q所受電場力的大小為故D錯誤；B．所在處的電勢是故B正確。故選B。8.如圖所示，物塊P、Q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩連接，初始時刻，物塊P靜止在粗糙水平面上的A點，此時滑輪左側(cè)輕繩沿豎直方向，現(xiàn)給物塊P一水平向左的初速度。已知物塊P經(jīng)過B點時速度大小為v，且連接P的輕繩與水平方向的夾角為45°，此后物塊P繼續(xù)運動到最遠(yuǎn)處C點。則物塊P從A點到C點的整個過程（）A.物塊P、Q組成的系統(tǒng)機械能守恒B.繩子拉力始終大于物塊Q的重力C.物塊Q的機械能增大D.物塊P經(jīng)過B點時，物塊Q的速率為【答案】C【解析】【詳解】A．物塊P在粗糙水平面上運動，水平面的摩擦力對P做負(fù)功，會有機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以物塊P、Q組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故A錯誤；B．物塊P從A到C是一直減速運動，到C點的速度為零；物塊Q先向上加速運動，有（）后向上做減速運動，有（）所以繩子的拉力不是始終大于物塊Q的重力，故B錯誤；C．物塊Q從初始位置上升到最高點的過程，除重力外，繩拉力一直做正功，則物塊Q的機械能一直增大，故C正確；D．物塊P經(jīng)過B點時，將速度分解到沿繩方向和垂直繩方向，兩物塊在沿著繩子的方向速度相等，有，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題（本題包括4小題，每小題5分，共20分。每小題有多個選項符合題意，選對但不全得3分，有選錯不得分）9.如圖為物體做直線運動的圖像，下列說法正確的是（）A.甲圖中，物體在這段時間內(nèi)的位移大于B.乙圖中，物體的加速度為C.丙圖中，陰影面積表示時間內(nèi)物體的加速度變化量D.丁圖中，時物體的速度為【答案】AD【解析】【詳解】A．如圖所示，若物體做勻加速直線運動，在這段時間內(nèi)的位移為，故實際物體的位移大于，A正確；B．由得圖像對應(yīng)的表達(dá)式為，則有解得，B錯誤；C．由可知，陰影面積表示時間內(nèi)物體速度的變化量，C錯誤；D．由得圖像對應(yīng)的表達(dá)式為，則有得，同時可得由解得時物體的速度，D正確。故選AD。10.如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧，下端固定，上端與B連接，斜面光滑，質(zhì)量均為m的A、B兩物體緊靠在一起，處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一個平行于斜面向上的拉力F拉物體A，使A物體做加速度為a的勻加速運動。已知在A、B分離前，拉力F隨A物體的位移x變化的圖像如圖所示，重力加速度為g，則下列表述中正確的是（）A.拉力F剛開始拉動物體時，A、B兩物體間的彈力大小為B.拉力F剛開始拉動物體時，A、B兩物體間的彈力大小為C.圖中D.圖中【答案】BD【解析】【詳解】AB．剛開始加速運動時，對物體A，根據(jù)牛頓第二定律對整體聯(lián)立解得，故A錯誤，B正確；CD．初始靜止時，設(shè)彈簧壓縮量為，根據(jù)平衡條件在A、B分離前，B的加速度一直沿斜面向上，則彈簧始終處于壓縮狀態(tài)，對AB整體根據(jù)牛頓第二定律整理得當(dāng)F=0時解得，故C錯誤，D正確。故選BD。11.如圖為兩點電荷Q、的電場等勢面分布示意圖，Q、位于x軸上，相鄰等勢面的電勢差為3V。若x軸上的M點和N點位于0V等勢面上，P為某等勢面上一點，一個電子僅受電場力，在此電場中運動，先后經(jīng)過N點和P點，則（）A.Q為正電荷 B.M點的電場方向沿x軸正方向C.電子經(jīng)過N點時所受電場力小于P點 D.從N點運動到P點電子的電勢能減少12【答案】BD【解析】【詳解】A．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，結(jié)合各等勢面的電勢高低，由圖可知電場線由N點指向Q，則Q為負(fù)電荷，故A錯誤；B．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，結(jié)合各等勢面的電勢高低關(guān)系可知M點的電場方向沿x軸正方向，故B正確；C．等差等勢面的疏密程度反應(yīng)電場強度的大小，由圖可知N點的等差等勢面比P點的更密，所以N點的電場強度大小比P點的大，因此電子經(jīng)過N點時所受電場力大于P點，故C錯誤；D．M點和N點位于0V等勢面上，P點與N點的等勢線間隔四個，而相鄰等勢面的電勢差為3V，則P點與N點的電勢差為12V，則從N點運動到P點，電子的電勢能減少故D正確。故選BD。12.圖1為一足夠長傾斜傳送帶，傾角，傳送帶以恒定速度勻速轉(zhuǎn)動，將一個物塊從傳送帶上某處以一定的初速度滑上傳送帶，物塊在傳送帶上運動的速度—時間圖像如圖2所示。最終物塊從傳送帶的上端離開傳送帶，物塊在傳送帶上運動的時間為，重力加速度取，，下列判斷正確的是（）A.物塊一定不是從傳送帶上端滑上傳送帶B.傳送帶一定是以大小為的速度沿逆時針方向轉(zhuǎn)動C.物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為D.物塊在內(nèi)運動的位移大小為【答案】ACD【解析】【詳解】A．若物塊在傳送帶上端滑上傳送帶，則物塊離開傳送帶的速度大小應(yīng)為，根據(jù)圖像可知物塊離開傳送帶的速度大小為，則物塊一定不是從傳送帶上端滑上傳送帶，故A正確；B．由于物塊從傳送帶上端離開，由圖像可知，物塊最終勻速離開，因此傳送帶一定是沿順時針方向轉(zhuǎn)動，且速度大小為，故B錯誤；C．由圖像可知，物塊運動的加速度沿傳送帶向上，設(shè)動摩擦因數(shù)為μ，由牛頓第二定律代入解得，故C正確；D．物塊在傳送帶上運動的位移大小為，故D正確。故選ACD。三、實驗題（本題包括2小題，共14分）13.物理小組的同學(xué)用如下圖甲所示的實驗器材測定重力加速度。實驗器材有：底座帶有標(biāo)尺的豎直桿、光電門1和2組成的光電計時器，其中光電門1在光電門2的上方，小球釋放器（可使小球無初速釋放）、網(wǎng)兜。實驗時可用兩光電門測量小球從光電門1運動至光電門2的時間t，并從豎直桿上讀出兩光電門間的距離h。(1)使用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑如下圖乙所示，則小球直徑為_________cm。(2)改變光電門1的位置，保持光電門2的位置不變，小球經(jīng)過光電門2的速度為v，不考慮空氣阻力，小球的加速度為重力加速度g，則h、t、g、v四個物理量之間的關(guān)系式h=________。(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖象如上圖丙所示，若圖中直線斜率的絕對值為k，根據(jù)圖象得出重力加速度g大小為________?！敬鸢浮竣?1.170②.③.【解析】【詳解】(1)[1]主尺讀數(shù)為1.1cm，游標(biāo)尺讀數(shù)為0.05×14mm=0.70mm=0.070cm，所以最終讀數(shù)為1.1cm+0.070cm=1.170cm；(2)[2]小球經(jīng)過光電門2的速度為v，根據(jù)運動學(xué)公式得從開始釋放到經(jīng)過光電門2的時間所以從開始釋放到經(jīng)過光電門1的時間所以經(jīng)過光電門1的速度v根據(jù)勻變速直線運動的推論得：兩光電門間的距離(3)[3]由公式得若圖線斜率絕對值為k，則所以重力加速度大小14.某同學(xué)利用圖甲所示的電路測量某電池的電動勢（約）和內(nèi)阻（小于）。圖中電流表量程為，內(nèi)阻；電阻箱最大阻值為；S為開關(guān)。完成下列填空（1）實驗時記錄電流表的讀數(shù)與電阻箱的讀數(shù)，作出圖像，如圖乙中圖線I所示。根據(jù)圖像可得電源的電動勢大小為_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（2）圖線I與縱軸的截距坐標(biāo)很小，給讀數(shù)帶來了困難，其原因最可能是_____；A.電源內(nèi)阻太小 B.電阻箱的最大阻值太大 C.電流表分壓（3）為增大圖像與縱軸的截距，某同學(xué)用一阻值為的定值電阻對實驗進行改進，請代替該同學(xué)設(shè)計合理的方案并連接圖丙的實物圖_____；（4）利用改進的實驗得到圖乙中圖線II，根據(jù)圖像可得電源的內(nèi)阻大小為_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）A（3）（4）【解析】【小問1詳解】根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得整理可得可知，圖線的斜率倒數(shù)即為電源的電動勢，則有解得【小問2詳解】根據(jù)上述分析可，圖線的縱截距為，電流表的內(nèi)阻不變，故縱截距過小的原因只能是電源的內(nèi)阻較小。故選A?！拘?詳解】根據(jù)電路的特點及歐姆定律，把定值電阻、電阻箱、開關(guān)電流表等電路元件依次串聯(lián)即可，電路連接情況如下【小問4詳解】根據(jù)上述分析可知，此時則有結(jié)合圖線II可得，解得四、計算題（本題包括4小題，共36分）15.高空拋物是一種不文明的行為。某同學(xué)在用手機拍攝遠(yuǎn)處美景時發(fā)現(xiàn)高樓上有人高空拋出一個小球，于是立即連續(xù)等時間間隔地按下三次快門記錄。拍攝后，他利用AI將三張照片整合為一張，并測量出照片上大樓的層高H'=6cm，照片上第一個球距離外墻x1'=1.2cm，第二個球與第一個球等高，且距離外墻x2'=3.6cm，第三個球在前兩個球的下方，與它們的高度差h'=3.2cm。經(jīng)查資料得知大樓層高為H=3m，已知拋物線所在平面與照片平面平行，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力，求：（1）三次拍照的時間間隔T；（2）小球拋出時的速度大小v0和速度與水平方向所成夾角θ的正切值。【答案】（1）（2），【解析】【小問1詳解】根據(jù)大樓層高與測量數(shù)據(jù)對比得可得，，由兩小球等高可得，最高點在前兩個球的時間中點，則解得【小問2詳解】水平方向分速度從拋出到拍到的第一個球的時間間隔豎直方向初速度初速度大小，16.如圖所示，無人機救援時可以將落水被困人員騰空吊起，安全救回岸邊。無人機主要由四臺完全相同的電動機驅(qū)動的螺旋槳構(gòu)成，四個螺旋槳水平旋轉(zhuǎn)時掃過的總面積為S。已知無人機與裝備的總質(zhì)量為m，被困人員的質(zhì)量為M，重力加速度的大小為g，空氣密度為，環(huán)境風(fēng)速不計。當(dāng)該無人機承載被困人員在空中懸停時，求：（1）螺旋槳向下推動氣流產(chǎn)生的風(fēng)速大??；（2）四個電動機輸出的總功率。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】無人機在空中懸停時，四個相同的螺旋槳向下推動空氣獲得升力，根據(jù)平衡條件有總升力設(shè)時間內(nèi)螺旋槳向下吹出的空氣的質(zhì)量為對向下推動的空氣由動量定理有且聯(lián)立解得【小問2詳解】四個電動機輸出的總功率17.控制帶電粒子的運動在現(xiàn)代科學(xué)實驗、生產(chǎn)生活、儀器和電器等方面有廣泛的應(yīng)用。現(xiàn)有這樣一個簡化模型：如圖所示，在平面的第一象限存在沿y軸正方向的勻強電場，第四象限存在垂直于平面向里的勻強磁場。第二象限內(nèi)M、N兩個平行金屬板之間的電壓為U，一質(zhì)量為、電荷量為粒子（不計粒子重力）從靠近M板的S點由靜止開始做加速運動，粒子從y軸上的P點垂直于y軸向右射出，然后從x軸上的a點（d，0）離開電場進入磁場，最后從y軸上的b點離開磁場區(qū)域，粒子在b點的速度方向與y軸正方向的夾角。求：（1）粒子運動到P點射入電場速度大??；（2）第一象限電場強度的大小E；（3）第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強度的大小B?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】根據(jù)動能定理可得解得粒子運動到P點射入電場的速度大小【小問2詳解】粒子在第一象限的電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，則有豎直方