NT20名校聯(lián)合體高二年級(jí)1月質(zhì)檢物理一、單選題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.光的干涉現(xiàn)象說明了光具有波動(dòng)性，牛頓環(huán)就是一個(gè)薄膜干涉的案例。如圖所示為牛頓環(huán)實(shí)驗(yàn)的示意圖：一個(gè)曲率半徑很大的凸透鏡的凸面和一平面玻璃接觸，用紅光照射透鏡，從而得到干涉圖樣。關(guān)于得到的干涉圖樣說法正確的是A.產(chǎn)生圖樣為紅黑相間的圓圈，且越靠近圓心圓圈間距越小B.產(chǎn)生圖樣為紅黑相間的圓圈，且越靠近圓心圓圈間距越大C.產(chǎn)生圖樣為紅白相間的圓圈，且越靠近圓心圓圈問距越大D.產(chǎn)生圖樣為紅白相間的圓圈，且越靠近圓心圓圈間距越大2.如圖所示，置于絕緣水平面上、沿順時(shí)針方向的環(huán)形電流在圓心O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,環(huán)形電流上的a、b兩點(diǎn)的連線為圓環(huán)的直徑，現(xiàn)將右邊半圓環(huán)繞直徑ab向上彎折90°,則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)閎b3.如圖所示，虛線MN左側(cè)空間存在一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系為B=2t(T)。一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線的電阻率為p、橫截面積為S,將該導(dǎo)線做成半徑為r的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心O在MN上，則圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為4.一列簡(jiǎn)諧橫波在一均勻介質(zhì)中傳播，a、b兩質(zhì)點(diǎn)為該波傳播過程中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，兩點(diǎn)的平衡位置之間的距離為6.5m,如圖中實(shí)線所示為質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像，圖中虛線所示為質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)圖像，則下列說法正確的是A.t=7.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置，且振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向B.t=9.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置，且振動(dòng)方向沿y軸正方向C.若該橫波先傳播到質(zhì)點(diǎn)a,該橫波的波速有可能為1m/sD.若該橫波先傳播到質(zhì)點(diǎn)b,該橫波的波速最大為2.6m/s5、圖甲是一小型交流發(fā)電機(jī)示意圖。匝數(shù)n=20、總電阻r=2Ω的線圈與外電路R=18Ω的電阻構(gòu)成閉合回路。當(dāng)線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，通過電阻R的電流i與時(shí)間t甲6.如圖所示，被鎖定的輕彈簧右端放有一個(gè)質(zhì)量為1kg的彈性小球，長(zhǎng)度為1m的木板放置在光滑水平地面上，木板最右側(cè)放有一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為1.5kg的小且碰后小球和長(zhǎng)木板速度方向相同。其后的運(yùn)動(dòng)過程中小物塊恰好未脫離長(zhǎng)木板，最終三物體速度相同。已知初始彈簧彈性勢(shì)能為4.5J,重力加速度取A.長(zhǎng)木板的質(zhì)量為0.5kgB.小球與長(zhǎng)木板碰后，小球的速度大小為2m/sD.小物塊與長(zhǎng)木板間的摩擦因數(shù)為0.607.如圖所示，單擺P在平衡位置與光滑水平面上的彈簧振子Q恰好接觸且無相互0二、多選題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上正確答案，全部選對(duì)得6分，漏選得3分，錯(cuò)選得0分。8.某按鈕開關(guān)的原理如圖所示，按下按鈕過程磁鐵靠近螺線管，松開按鈕磁鐵遠(yuǎn)離螺線管回歸原位置。下列說法正確的是QA.按下按鈕過程，螺線管P端電勢(shì)較高，Q端電勢(shì)較低B.按下按鈕過程，螺線管P端電勢(shì)較低，Q端電勢(shì)較高C.松開按鈕過程，螺線管P端電勢(shì)較低，Q端電勢(shì)較高D.松開按鈕過程，螺線管P端電勢(shì)較高，Q端電勢(shì)較低9.如圖所示，理想變壓器輸入端A、B接人電壓有效值恒定的交變電源，R?、R?為滑動(dòng)變阻器。理想電流表A?、A?的示數(shù)分別為I、I?,理想電壓表V?、V?示數(shù)為U?、U?,下列說法中正確的是A.P?保持不動(dòng)，P?向下滑動(dòng)，則I?減小，I?減小B.P?保持不動(dòng)，P?向下滑動(dòng)，則I?增大，I?增大D.P?保持不動(dòng)，P?向右滑動(dòng)，則U?增大，U?減小10.如圖所示，af和dg是位于水平面內(nèi)的寬度為L(zhǎng)的平行軌道，be、ch兩段用光滑絕緣材料制成，其余兩部分均為光滑導(dǎo)體且足夠長(zhǎng)；ad左側(cè)接一電容為C的電容器，電容器兩端電壓為U?,fg右側(cè)接有阻值為R的定值電阻；abcd和efgh區(qū)域均存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，abcd區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?,efgh區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?。一長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻為R的導(dǎo)體棒靜止于ad處，閉合開關(guān)S,導(dǎo)體棒開始向右運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒在abcd區(qū)域獲得的最終速度為v,導(dǎo)體棒靜止后到eh的距離為x(x為未知量)。導(dǎo)體棒與軌道始終保持垂直且接觸良好，下列說法正確的是A.導(dǎo)體棒在abcd區(qū)域和efgh區(qū)域均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.電容器減少的電荷量為C(U?一B?Lv)C.導(dǎo)體棒剛進(jìn)入efgh區(qū)域時(shí)的加速度大小三、非選擇題：本題共5小題，共54分。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.(7分)物理是一門以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)的自然科學(xué)。(1)某同學(xué)做“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，先后插人了P?、P?、P?、P?四個(gè)甲乙丙a丁a①請(qǐng)幫他完成光路圖的繪制，②他改變?nèi)松浣嵌啻螠y(cè)量后得出多組人射角i和折射角r,作出的sini—sinr圖像應(yīng)為圖乙中的(選填“a”或“b”)所示，玻璃磚的折射率為 ;(2)小明同學(xué)設(shè)計(jì)如圖丙所示實(shí)驗(yàn)方案來測(cè)量單色激光的波長(zhǎng)；小華同學(xué)認(rèn)為實(shí)驗(yàn)時(shí)不需要用到。調(diào)整裝置之后，他們分別用紅色激光和藍(lán)色激光在相同的條件下進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，他們拍下了在屏上得到的圖樣，相同比例下干涉條紋情況如圖丁所示，其中a為光的干涉圖樣。12.(8分)實(shí)驗(yàn)組利用單擺測(cè)量重力加速度的大小，實(shí)驗(yàn)方案如下：(1)組裝裝置：讓一根不易伸長(zhǎng)的細(xì)線的一端穿過小球的小孔，然后打一個(gè)比小孔大的線結(jié)。線的另一端固定在鐵架臺(tái)上如圖甲所示，把鐵架臺(tái)放在實(shí)驗(yàn)桌邊，使鐵夾伸到桌面以外，讓擺球自由下垂；(2)實(shí)驗(yàn)操作及數(shù)據(jù)處理：①用1m長(zhǎng)的毫米刻度尺量出懸線長(zhǎng)度L?=78.00cm,用游標(biāo)卡尺量出擺球的直徑如圖乙所示，則單擺的擺長(zhǎng)l=cm,過平衡位置時(shí)啟動(dòng)停表開始計(jì)時(shí)，并開始記錄單擺通過平衡位置的次數(shù)，啟動(dòng)停表的同時(shí)數(shù)1,數(shù)至100時(shí)停止計(jì)時(shí)，停表示數(shù)為89.1s,記錄周期為T=s(結(jié)果保留3位有效數(shù)字),如此重復(fù)多次，取平均值，③根據(jù)單擺的周期公式，計(jì)算出重力加速度g=(用測(cè)量的物理量符號(hào)表示),④改變擺長(zhǎng)，多做幾次實(shí)驗(yàn)，計(jì)算出每次實(shí)驗(yàn)得到的重力加速度值并求出(3)誤差分析：實(shí)驗(yàn)組同學(xué)某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，釋放擺球時(shí)給了擺球一個(gè)初速度，使得擺球在水平面上做圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得周期后仍用單擺周期公式計(jì)算重力加速度，則該次實(shí)驗(yàn)g的計(jì)算值較真實(shí)值(“偏大”或“偏小”)。13.(10分)如圖所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌ab、cd間距為L(zhǎng)=1.5m,與水平面間的夾角θ=37°,導(dǎo)軌上端接有電阻R=0.8Ω。一導(dǎo)體棒PQ垂直導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒質(zhì)量為m=2kg,連入電路的電阻為r=0.2Ω,PQ上方導(dǎo)軌間有一矩形磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)面積為S=0.5m2,磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面向下，矩形磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B?隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示，PQ棒下方包括PQ所在處的軌道間充滿垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B?=2T,導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,導(dǎo)體棒從靜止釋放。求：甲乙(1)剛釋放時(shí)R兩端電壓；(2)剛釋放時(shí)導(dǎo)體棒的加速度大小。高二物理第6頁共6頁14.(13分)如圖所示，在0<y<y?,0<x<x。區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x>xo區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從y軸上0～y。范圍內(nèi)平行于x軸速度均為vo,當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為0時(shí)，從O點(diǎn)射入的粒子恰能運(yùn)動(dòng)到N(15.(16分)如圖，水平面內(nèi)間距L=2.0m的平行金屬導(dǎo)軌左端連接一恒流源，可NT20名校聯(lián)合體高二年級(jí)1月質(zhì)檢【解析】圖樣紅光干涉加強(qiáng)是紅色，干涉減弱看到黑色，故為紅黑相間的圓圈，越靠近圓心薄膜厚度變化越慢，條紋間距越大?！窘馕觥扛鶕?jù)對(duì)稱性，兩段半圓環(huán)中的電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為,方向均豎直向下，將右邊半圓環(huán)繞直徑ab向上彎折90°后，右邊半圓環(huán)中的電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向也轉(zhuǎn)過了90°,根據(jù)磁場(chǎng)的矢量疊加可得，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)椤窘馕觥扛鶕?jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有,根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系為B=2t(T)可得·故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E=πr2,根據(jù)電阻定律，可得圓環(huán)的電阻為,則感應(yīng)電流大小為,A正確?！窘馕觥坑蒪的振動(dòng)圖像可知，t=0時(shí)離平衡位置，振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向；需要回到平衡位置，振動(dòng)方向沿y軸正方向；可知7.5s時(shí)回到平衡位置，振動(dòng)方向沿y軸正方向，9.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)b回到平衡位置，且振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向；若該橫波先傳播到質(zhì)點(diǎn)a,由圖可知質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)形式傳播到質(zhì)點(diǎn)b處，需要的時(shí)間為,波速為,解得,波速可能為不可能為1m/s;若該橫波先傳播到質(zhì)點(diǎn)b,由圖可知質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)形式傳播到質(zhì)點(diǎn)a處，需要的時(shí)間為,波速為,解得,波高二物理第1頁共6頁高二物理第2頁共6頁又有Em=NBSw,①m=BS,【解析】由能量守恒可知，解得小球與長(zhǎng)木板碰撞前的速度v?=3m/s,小球與長(zhǎng)木板發(fā)生彈性碰撞,mv?=mY+m?V?,小物塊與長(zhǎng)木板作用過程中動(dòng)量守恒m?v?=(m?+m?v?,最終三個(gè)物體速度相同可知v?=v?,解得m?=0.5kg,v?=4m/s,v?=v?=1m/s;碰后對(duì)小物塊和長(zhǎng)木板，由能量守恒有,解得【解析】若P的質(zhì)量比Q的小，P與Q的碰撞均為彈性正碰，可知碰后P向左，但是單擺振次碰撞仍發(fā)生在圖示位置；若P的質(zhì)量比Q的大，同理可得，故A、B均錯(cuò)誤；對(duì)單擺P,設(shè)與Q碰前的速度為vp,釋放時(shí)擺線與豎直方向的夾角為θ,可知P與Q的碰撞均為彈性正碰，可知二者速度發(fā)生交換，二者振動(dòng)能量相同，P、Q的質(zhì)量相等，可得mw2=k,可得Ap=AQ,二者振幅相等，即彈簧的最大壓縮量等于單擺的振幅。對(duì)整個(gè)裝置，分析其振動(dòng)一個(gè)周期，可知單擺振動(dòng),彈簧振子振動(dòng)了,可知整個(gè)裝置的振動(dòng)周期等于單擺的周期，故C正確、D錯(cuò)誤。【解析】按下按鈕過程，穿過螺線管的磁通量向左增大，根據(jù)楞次定律可知螺線管中感應(yīng)電流為從P端流入從Q端流出，螺線管充當(dāng)電源，則Q端電勢(shì)較高，P端電勢(shì)較低，故A錯(cuò)誤、B正確；松開按鈕過程，穿過螺線管的磁通量向左減小，根據(jù)楞次定律可知螺線管中感應(yīng)電流為從Q端流入，從P端流出，螺線管充當(dāng)電源，則P端電勢(shì)較高，Q端電勢(shì)較低，故C錯(cuò)誤D正確?？伞窘馕觥縋?保持不動(dòng)，P向下滑動(dòng)，R?增大，則I初減小，即I?減小，匝數(shù)不變，由可知I?減小，A正確、B錯(cuò)誤；設(shè)原副線圈的匝數(shù)比為k,根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系U初=kU次，電流與匝數(shù)比的關(guān)系副線圈負(fù)載電阻,原線圈的等效電阻,設(shè)輸入電壓為U?,對(duì)于原線圈電路，根據(jù)歐姆定律P?保持不動(dòng)，即R?不變，P向右滑動(dòng)，則R變大，則I初減小，次級(jí)電流減小，初級(jí)電壓減小，10.【答案】BCD【解析】導(dǎo)體棒在abcd區(qū)域時(shí)，電路電流,故安培力根據(jù)牛頓第二定律,導(dǎo)體棒速度增大，電容器電壓減小，故加速度減??；導(dǎo)體棒在efgh區(qū)域時(shí)，故加速度大小逐漸減小，所以在兩個(gè)區(qū)域,均不做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；電容器減少的電荷量為C(U?-B?Lv),B正確；由題知，導(dǎo)體棒在abcd區(qū)域獲得的最終速度為v,則導(dǎo)體棒剛進(jìn)入efgh區(qū)域時(shí)的加速度大小,,解得且運(yùn)動(dòng)過程中有聯(lián)立解得,D正確。11.【答案】(1)①光路圖見解析(2分),②b(2分);1.25(1分);【解析】(1)①光路圖如圖所示(2)由于激光有很好的相干性，不需要用到單縫；由,同樣裝置下得到的藍(lán)色激光的條紋間距較小，紅色激光的條紋間距較大，故a為藍(lán)色激光的干涉圖樣。12.【答案】(2)①78.830(2分),②1.80s(2分),((2分);(3)偏大(2分)【解析】(2)①游標(biāo)卡尺讀數(shù)為小球直徑16mm+12×0.05mm=16.60mm,可得小球半徑為16.60mm÷2=8.30mm,擺長(zhǎng)記作1=78.00cm+8.30mm=78.830cm;②啟動(dòng)停表的同時(shí)數(shù)1,數(shù)至100時(shí)停止計(jì)時(shí)，可知小球擺動(dòng)周期個(gè)數(shù)為(100-1)÷2=49.5,停表示數(shù)為89.1s,則記錄周期為③根據(jù)單擺周期公式,可得(3)由牛頓第二定律可得,T的測(cè)量值偏小，代入計(jì)算得到的8值偏大。13.【答案】(1)1.6V;(2)9m/s2【解析】(1)剛釋放時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為電路中的電流為………………(2分)則R兩端電壓為U=IR=1.6V(2分)(2)根據(jù)楞次定律和左手定則，安培力方向沿導(dǎo)軌向下，根據(jù)牛頓第二定律解得a=9m/s2(2分)【解析】(1)當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度為0時(shí)，從O點(diǎn)射入的粒子恰能運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，則……(1分)根據(jù)洛倫茲力提供向心力有………(1分)解得…………………(1分)(2)據(jù)類平拋規(guī)律可得…………………………(1分)……………(1分)聯(lián)立解得………………(1分)(3)設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中時(shí)速度方向與豎直方向的夾角為θ,粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中的速度大小為v,………………………(1分)所以粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)距離均為d=2rsinθ=y(1分)由以上分析可知，粒子在電場(chǎng)中的豎直位移為……(1分)所以從處射入的粒子，恰好從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，且恰好經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后打在M點(diǎn)，即只有范圍內(nèi)平行于x軸正方向射出的粒子能被接收器接收，所以接收器接收的粒子數(shù)占粒子總數(shù)的50%…………………(2分)15.【答案】(1)1.8m/s(2)0.45A(3)0.17J【解析】(1)依題意得F安=I?LB……………(1分)高二物理第5頁共6頁高二物理第6頁共6頁對(duì)棒由動(dòng)能定理得解得v?=1.8m/s