高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省邵陽市高考物理預(yù)測練習(xí)試卷（七）注意事項(xiàng)： 1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1．對(duì)于質(zhì)量為的放射性元素p，經(jīng)過時(shí)間t后剩余p的質(zhì)量為m，其圖線如圖所示，從圖中可以得到p的半衰期為（

）A．0.6d B．2.2d C．3.0d D．3.6d2．如圖(a)所示，太陽系外的一顆行星P繞恒星Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由于P的遮擋，探測器探測到Q的亮度隨時(shí)間做如圖(b)所示的周期性變化，該周期與P的公轉(zhuǎn)周期相同。已知Q的質(zhì)量為M，引力常量為G。關(guān)于P的公轉(zhuǎn)，下列說法正確的是()圖(a)圖(b)A．周期為2t1－t0 B．半徑為3C．角速度的大小為πt1－3．如圖所示，水平面上的斜面體長，寬，傾角，一小球從斜面右上方頂點(diǎn)A處離開斜面水平飛出，恰好落在斜面體底端B點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度取，則小球從A處水平飛出時(shí)速度的大小為（）A． B． C． D．4．某列簡諧橫波在t1=0時(shí)刻的波形如圖甲中實(shí)線所示，t2=3.0s時(shí)刻的波形如圖甲中虛線所示，若圖乙是圖甲a、b、c、d四點(diǎn)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，下列說法中正確的是（）A．在t1=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)B．圖乙是質(zhì)點(diǎn)d的振動(dòng)圖像C．從t1=0到t2=3.0s這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a通過的路程為1.5mD．t3=9.5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)5.如圖所示，ABC構(gòu)成正三角形，AB和AC是等長絕緣細(xì)棒，帶等量負(fù)電荷，棒上的電荷分布均勻。О為BC邊中點(diǎn)，P、D為BC中垂線上離О點(diǎn)距離相等（P、D距О點(diǎn)很近，相對(duì)于AB長度可忽略）的兩點(diǎn)，選無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則下列說法正確的是（）A．О點(diǎn)和D點(diǎn)場強(qiáng)可能大小相等，方向相反B．D點(diǎn)場強(qiáng)與Р點(diǎn)場強(qiáng)大小相等，電勢相等C．將一正試探電荷沿直線從Р點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功D．將一正試探電荷沿直線從О點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，電勢能增加6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向豎直向下(與紙面平行)，磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域(區(qū)域Ⅱ)內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點(diǎn)在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點(diǎn)處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入?yún)^(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運(yùn)動(dòng)的粒子才能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ。若區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，則粒子從CF的中點(diǎn)射出，它們?cè)趨^(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0。若改變電場或磁場強(qiáng)弱，能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，不計(jì)粒子的重力及粒子之間的相互作用，下列說法正確的是()A．若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B1，則t＞t0B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小變?yōu)?E，則t＞t0C．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?4B2，則t＝D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?4B2，則t＝2t二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．明代學(xué)者方以智在《陽燧倒影》中記載：“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有一面五色”，表明白光通過多棱晶體折射會(huì)發(fā)生色散現(xiàn)象。如圖所示，一束復(fù)色光通過三棱鏡后分解成兩束單色光a、b，下列說法正確的是（）A．若減小入射角i，則b光先消失B．在該三棱鏡中a光波長小于b光C．a(chǎn)光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光不能發(fā)生D．若a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的遏止電壓低8．如圖甲所示，質(zhì)量為M=2kg的長木板靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量為m=2kg的小鐵塊靜置于長木板的最右端.t=0時(shí)刻起長木板在一個(gè)水平外力F1的作用下從靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過6s后，水平外力由F1變?yōu)镕2，又經(jīng)過2s后，撤去F2，此時(shí)小鐵塊恰好未從長木板上掉落，此過程中長木板的v-t圖像如圖乙所示.小鐵塊和長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2，重力加速度g=10m/s2A．小鐵塊8s末的速度大小為8m/sB．長木板長度為36mC．此過程中小鐵塊和長木板間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為192JD．F1大小為12N，方向水平向右，F(xiàn)2大小為4N9．如圖所示，一傳送帶與水平面之間的夾角為，在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下，傳送帶以速度沿順時(shí)針方向穩(wěn)定運(yùn)行，現(xiàn)讓一物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從傳送帶的底端以速度沖上傳送帶，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶的頂端時(shí)速度剛好為0，物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說法正確的是（）A．與之間的關(guān)系為B．物塊在做減速運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度不變C．物塊與傳送帶在速度相等前后，加速度的大小之差為D．共速前物塊在傳送帶上的劃痕長度一定等于物塊位移大小的一半10．在如圖所示的理想變壓器電路中，變壓器原，副線圈的匝數(shù)比為，定值電阻、Ω，為電阻箱。在a、b端輸入正弦交變電壓u=10sin100πt（V），通過調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，來改變變壓器的輸出功率。下列說法正確的是（）A．當(dāng)變壓器輸出功率最大時(shí)，變壓器副線圈兩端的電壓為5VB．當(dāng)變壓器輸出功率最大時(shí)、電阻箱接入電路的電阻為0.25ΩC．當(dāng)變壓器輸出功率最大時(shí)，變壓器輸出的最大功率為5WD．當(dāng)變壓器原線圈中的電流分別為0.5A、1.5A時(shí)，變壓器的輸出功率相等三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某同學(xué)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)探究彈簧的彈性勢能與壓縮量的關(guān)系.（1）如圖甲，將輕質(zhì)彈簧下端固定于鐵架臺(tái)，在上端的托盤中依次增加砝碼，測得相應(yīng)的彈簧長度，部分?jǐn)?shù)據(jù)如表所示，由數(shù)據(jù)算得勁度系數(shù)k=N/m.（結(jié)果保留整數(shù)，重力加速度g取10m/s2甲砝碼質(zhì)量g50100150彈簧長度cm8.637.646.62（2）取下彈簧，將其一端固定于氣墊導(dǎo)軌左側(cè)，如圖乙所示；調(diào)整導(dǎo)軌，使滑塊自由滑動(dòng)時(shí)，通過兩個(gè)光電門的速度大小.乙（3）用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為（4）重復(fù)（3）中的操作，得到v與x的關(guān)系如圖丙，由圖可知，v與x成正比關(guān)系，由上述實(shí)驗(yàn)可得結(jié)論：對(duì)同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的成正比.丙12．某興趣小組測一電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，電動(dòng)勢約為，內(nèi)阻約為?，F(xiàn)有如下實(shí)驗(yàn)器材：A．電壓表（，內(nèi)阻約為）

B．電流表A（）C．定值電阻（）

D．電阻箱（）E.滑動(dòng)變阻器（）

F.待測電池組

G。電鍵S、導(dǎo)線若干（1）為完成實(shí)驗(yàn)需將電流表A改裝成較大量程的電流表，A應(yīng)與定值電阻聯(lián)（填“串”或“并”），改裝后電流表的量程為mA。（2）為使測量盡可能準(zhǔn)確，電阻箱與滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填“”或“”）（3）根據(jù)你所選用的實(shí)驗(yàn)器材，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路并在虛線框內(nèi)將電路圖補(bǔ)充完整（所選器材要標(biāo)明符號(hào)）。（4）按正確的電路圖連接好電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并多次測量，同時(shí)記錄各儀器的讀數(shù)，然后做出圖像如圖所示，若圖像的斜率為k，縱軸截距為b，則該電池組的電動(dòng)勢，內(nèi)阻（用k、b表示，題中已知字母均為基本單位）。13．如圖，一豎直放置的絕熱圓柱形汽缸上端開口，其頂端有一卡環(huán)，兩個(gè)活塞M、N將兩部分理想氣體A、B封閉在汽缸內(nèi)，兩部分氣體的溫度均為t0=27℃，其中活塞M為導(dǎo)熱活塞，活塞N為絕熱活塞?；钊鸐距卡環(huán)的距離為0.5L，兩活塞的間距為L，活塞N距汽缸底的距離為3L。汽缸的橫截面積為S，其底部有一體積很小的加熱裝置，其體積可忽略不計(jì)?，F(xiàn)用加熱裝置緩慢加熱氣體B，使其溫度達(dá)到t1=127℃。已知外界的大氣壓為p0，環(huán)境的溫度為27℃且保持不變，重力加速度大小為g，兩活塞的厚度、質(zhì)量及活塞與汽缸之間的摩擦均可忽略不計(jì)，兩活塞始終在水平方向上。求此時(shí)兩活塞之間的距離d。14．如圖所示，等間距的兩光滑金屬導(dǎo)軌由足夠長的水平直軌和傾斜直軌在處平滑連接組成。與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌間距為，水平直軌在同一水平面內(nèi)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。水平直軌左側(cè)有直流電源、電容為的電容器和定值電阻，長度為、質(zhì)量為、電阻為的金屬棒靜置在水平直軌上，金屬棒距電阻足夠遠(yuǎn)，質(zhì)量為的絕緣棒被控制靜置于傾斜直軌上，絕緣棒距水平軌道高度為，不計(jì)金屬導(dǎo)軌電阻。開始時(shí)，開關(guān)斷開，將單刀雙擲開關(guān)接“1”，使電容器完全充電，然后接“2”，金屬棒從靜止開始加速運(yùn)動(dòng)至穩(wěn)定速度后，當(dāng)金屬棒到的距離為時(shí)，立即與“2”斷開、同時(shí)閉合，金屬棒運(yùn)動(dòng)至處時(shí)，恰好與從傾斜直軌上由靜止開始自由下滑的絕緣棒在處發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短可不計(jì)，隨后絕緣棒能在傾斜直軌上到達(dá)的最大高度為。已知以后絕緣棒與金屬棒每次再發(fā)生碰撞時(shí)金屬棒均已停止運(yùn)動(dòng)，所有碰撞均為彈性碰撞，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，M、N始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩棒粗細(xì)不計(jì)，重力加速度為。求：（1）發(fā)生第1次碰撞后瞬時(shí)，絕緣棒與金屬棒各自速度大小；（2）直流電源電動(dòng)勢；（3）發(fā)生第1次碰撞后到最終兩棒都停止運(yùn)動(dòng)的全過程中，金屬棒的位移大小。15．如圖，傾角的直軌道與光滑圓弧軌道在處相切且平滑連接，整個(gè)裝置固定在同一豎直平面內(nèi)。圓弧軌道的半徑為，是豎直直徑，點(diǎn)為圓心，、、三點(diǎn)在同一水平線上。、也在同一水平線上，兩個(gè)小滑塊P、Q（都可視為質(zhì)點(diǎn)）的質(zhì)量均為。已知滑塊Q與軌道間存在摩擦力且動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等，但滑塊P與整個(gè)軌道間和滑塊Q與圓弧軌道間的摩擦力都可忽略不計(jì)。同時(shí)將兩個(gè)滑塊P、Q分別在、兩點(diǎn)由靜止釋放、之后P開始向下滑動(dòng)，在點(diǎn)與Q相碰。碰后P、Q立刻一起向下且在段保持勻速運(yùn)動(dòng)，已知P、Q每次相碰都會(huì)立刻合在一起運(yùn)動(dòng)但兩者并不粘連，取重力加速度為，求：（1）兩滑塊進(jìn)入圓弧軌道運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)圓弧軌道的壓力的最大值；（2）Q第一次沿斜面上滑的最大距離；（3）滑塊P在軌道上往復(fù)運(yùn)動(dòng)經(jīng)過的總路程?！飬⒖即鸢浮铩?．【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變及半衰期【答案】C【詳析】由圖像可知，放射性元素的質(zhì)量從變?yōu)?，剛好衰變了一半的放射性元素，?jīng)歷的時(shí)間為一個(gè)半衰期，則有故選C。2．【知識(shí)點(diǎn)】萬有引力定律問題的分析與計(jì)算【答案】B【解析】因?yàn)樾行堑恼趽?，探測器檢測到的亮度會(huì)略有降低，所以兩次亮度減弱之間的時(shí)間就是行星的公轉(zhuǎn)周期，即T＝t1－t0，A錯(cuò)誤；行星繞恒星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力可得GMmr2＝m2πT2r，解得r＝3GM(t1－t0)24π2，B3．【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)與斜面、圓軌道相結(jié)合問題【答案】D【詳析】根據(jù)題意，小球從A點(diǎn)水平飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，初速度大小為，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，在豎直方向有解得由幾何關(guān)系可得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為解得而小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有解得故選D。4．【知識(shí)點(diǎn)】波的圖像及其應(yīng)用、波的圖像和振動(dòng)圖像的綜合應(yīng)用、波的形成和傳播【答案】D【詳析】A．由圖乙可知波的周期為4s，所以從t1=0s到t2=3.0s這段時(shí)間是四分之三個(gè)周期，結(jié)合圖甲的波形圖可知，波向x軸負(fù)方向傳播，所以在t1=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知t1=0時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)正位于正向最大位移處，所以圖乙是質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像，故B錯(cuò)誤；C．從t1=0到t2=3.0s這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a通過的路程為故C錯(cuò)誤；D．t1=0時(shí)刻時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c剛好位于負(fù)向最大位移處，且所以t3=9.5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c沿y軸正向運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選D。5．【知識(shí)點(diǎn)】電勢、電勢能與靜電力做功、電場、電場強(qiáng)度【答案】D【詳析】A．根據(jù)場強(qiáng)的疊加和對(duì)稱性可知，O點(diǎn)和D點(diǎn)場強(qiáng)方向相同，但D點(diǎn)場強(qiáng)要小于O點(diǎn)場強(qiáng)，A錯(cuò)誤；B．如果右邊有帶等量負(fù)電荷的相同三角形棒，根據(jù)對(duì)稱性原理，D、P的場強(qiáng)大小相等，但只存在左邊負(fù)電荷的細(xì)棒情況下，P點(diǎn)場強(qiáng)就大于D點(diǎn)，且D點(diǎn)電勢比P點(diǎn)電勢要高，B錯(cuò)誤；CD．正的試探電荷從P到D受到的電場力始終水平向左，因此電場力始終做負(fù)功，將其從О點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，電勢能增加，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6．【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】設(shè)沿AC做直線運(yùn)動(dòng)的粒子的速度大小為v，有qvB1＝qE，即v＝EB1，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖中軌跡1，由幾何關(guān)系可知運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為90°，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為14周期，又qvB2＝mv2r，可得r＝mvqB2，時(shí)間t0＝14·2πmqB2，根據(jù)幾何關(guān)系可知OC＝2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運(yùn)動(dòng)的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，如圖中軌跡2，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角依然為90°，時(shí)間t＝14·2πmqB2＝t0，A錯(cuò)誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運(yùn)動(dòng)的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點(diǎn)離開磁場，對(duì)應(yīng)的圓心角依然為90°，時(shí)間t＝14·2πmqB2＝t0，B錯(cuò)誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?4B2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑變?yōu)?33r＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡4，由幾何關(guān)系可知，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角θ滿足sinθ＝OC433r＝2r433r＝32，則θ＝60°，則t＝16·2πmq·34B2＝839t0，C錯(cuò)誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?7．【知識(shí)點(diǎn)】偏振現(xiàn)象和偏振光、光電效應(yīng)與光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)規(guī)律、全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】AD【詳析】A：根據(jù)折射率定義公式，從空氣斜射向玻璃時(shí)，入射角相同，光線a對(duì)應(yīng)的折射角較大，光線a的折射率較小，即na＜nb，若減小入射角i，在第二折射面上，則兩光的入射角增大，根據(jù)可知b光的臨界角較小，依據(jù)光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角大于或等于臨界角時(shí)，才能發(fā)生光的全反射，因此若減小入射角i，則b光先消失，A正確；B：根據(jù)折射率定義公式，從空氣斜射向玻璃時(shí)，入射角相同，光線a對(duì)應(yīng)的折射角較大，光線a的折射率較小，即na＜nb，則在真空中a光波長大于b光波長，B錯(cuò)誤；C：只要是橫波，均能發(fā)生偏振現(xiàn)象，若a光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光一定能發(fā)生，C錯(cuò)誤；D：a光折射率較小，則頻率較小，根據(jù)，則a光光子能量較小，則a光束照射逸出光電子的最大初動(dòng)能較小，根據(jù)，則a光的遏止電壓低，D正確。選AD?！娟P(guān)鍵點(diǎn)撥】若減小射角i，根據(jù)出射光線折射角關(guān)系，判斷哪束光的折射角先達(dá)到90°，從而判斷哪束光先消失；依據(jù)光的折射定律，判定兩光的折射率大小，結(jié)合光速與折射率的關(guān)系，分析光在三棱鏡中波長關(guān)系；光都要發(fā)生偏振現(xiàn)象；根據(jù)光的偏折程度分析光的頻率關(guān)系，根據(jù)光電效應(yīng)方程分析光電子最大初動(dòng)能關(guān)系，從而確定遏止電壓關(guān)系。8．【知識(shí)點(diǎn)】板塊模型中的能量守恒問題【答案】CD【解析】由于在8s末小鐵塊恰好未從長木板上掉落，則在8s末小鐵塊與長木板共速，即為16m/s，小鐵塊在0～8s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；0～8s內(nèi)小鐵塊的位移大小為s1=162×8m=64m，長木板的位移大小為s2=242×6m+24+162×2m=112m，長木板長度為L=s2-s1=48m，B錯(cuò)誤；此過程中小鐵塊和長木板間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q=μmgL=192J，C正確；設(shè)水平向右為正方向，0～6s內(nèi)對(duì)木板由牛頓第二定律有F1-μmg=Ma1，其中a1=4m/s29．【知識(shí)點(diǎn)】傳送帶模型【答案】AC【詳析】A．根據(jù)題意可知，物塊與傳送帶速度相等后繼續(xù)向上減速，則有可得故A正確；B．由于，物塊與傳送帶速度相等之前，物塊受到的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向下，加速度沿斜面向下，大小為物塊與傳送帶速度相等之后，加速度沿斜面向下，大小為故B錯(cuò)誤；C．物塊與傳送帶在速度相等前后，加速度的大小之差為故C正確；D．設(shè)物塊從沖上傳送帶到與傳送帶速度相等所用時(shí)間為，此過程物塊的位移為傳送帶的位移為可知此過程物塊在傳送帶上的劃痕長度為若滿足則有由于不一定等于，則共速前物塊在傳送帶上的劃痕長度不一定等于物塊位移大小的一半，故D錯(cuò)誤。故選AC。10．【知識(shí)點(diǎn)】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】BCD【詳析】A．在a、b端輸入正弦交變電壓u=10sin100πt（V），有效電壓為了使輸出功率最大，與原線圈等效成的電阻應(yīng)相等，即R1兩端電壓與輸出電壓相等由原副線圈電壓間關(guān)系得故A錯(cuò)誤；B．由歐姆定律由原副線圈電流間關(guān)系得則兩端電壓為則故B正確；C．輸出功率故C正確；D．當(dāng)變壓器原線圈中的電流為0.5A時(shí)，由得而由原副線圈電壓間關(guān)系得得故同理，當(dāng)變壓器原線圈中的電流1.5A時(shí)，輸出功率為故D正確。故選BCD。11．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【答案】（1）51（49～52均可）（2）相等（3）滑塊的動(dòng)能.（4）壓縮量的平方【解析】（1）表格中，當(dāng)砝碼質(zhì)量50g時(shí)，彈簧長度為8.63cm，當(dāng)砝碼質(zhì)量100g時(shí)，彈簧長度為7.64cm，當(dāng)砝碼質(zhì)量150g時(shí)，彈簧長度為6.62cm，根據(jù)胡克定律，F(xiàn)=kΔx，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，原長為x0，則有0.05×10N=k(x0-0.0863)；0.1×10N=kx（2）為使彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，則導(dǎo)軌必須水平，因此滑塊通過兩個(gè)光電門的速度大小必須相等；（3）釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為滑塊的動(dòng)能；（4）根據(jù)v與x的關(guān)系圖像可知，圖線經(jīng)過原點(diǎn)，且是傾斜直線，則v與x成正比，由動(dòng)能表達(dá)式，動(dòng)能與速度大小的平方成正比，而速度大小與彈簧的壓縮量成正比，因此彈簧的彈性勢能與彈簧的壓縮量的平方成正比.12．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：電池電動(dòng)勢和內(nèi)阻的測量—安阻法測量電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻【答案】（1）并；6；（2）；（3）；（4）；；【詳析】（1）[1][2]電流表改裝成較大量程的電流表應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻分流。由題可知，定值電阻的阻值為電流表A內(nèi)阻的一半，則電流表A的量程即改裝的新電流表的量程為。（2）[3]由于所給電壓表量程太大，用電壓表和電流表及滑動(dòng)變阻器測量時(shí)誤差較大，可用改裝后的電流表與電阻箱來測量，故選電阻箱。（3）[4]由于所給電壓表量程太大，可用改裝后的電流表和電阻箱測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻，電路如圖所示（4）[5][6]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理變形得即由于圖像是一直線，所以縱坐標(biāo)為，由圖像可知，斜率為，所以，13．【知識(shí)點(diǎn)】利用理想狀態(tài)方程解決問題【答案】【詳析】初始狀態(tài)AB兩氣體壓強(qiáng)相等，與外界大氣壓相等且均為p0，活塞M在沒有到達(dá)卡環(huán)之前兩氣體壓縮不變，設(shè)活塞M剛好到達(dá)卡環(huán)時(shí)氣體B溫度為T，活塞M為導(dǎo)熱活塞，則氣體A溫度不變，壓強(qiáng)不變，則體積也不變，即兩活塞之間的距離還為L，則氣體B的體積變?yōu)閷?duì)氣體B，根據(jù)查理定律解得即活塞M已到達(dá)卡環(huán)，氣體的壓強(qiáng)要發(fā)生變化；設(shè)此時(shí)兩氣體的壓強(qiáng)為p1，兩活塞之間的距離為d，對(duì)氣體A，根據(jù)玻意耳定律有氣體B的體積變?yōu)閷?duì)氣體B，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有以上各式聯(lián)立解得14．【知識(shí)點(diǎn)】雙桿模型【答案】（1）；方向水平向左；（2）；（3）【詳析】（1）以水平向左為正方向，設(shè)絕緣棒第1次到達(dá)處時(shí)速度大小為，與金屬棒碰撞后瞬時(shí)速度大小為；金屬棒到達(dá)處時(shí)速度大小為，與絕緣棒碰撞后瞬時(shí)速度為對(duì)絕緣棒有解得解得方向水平向右。由于發(fā)生彈性碰撞，對(duì)絕緣棒和金屬棒系統(tǒng)有，聯(lián)立解得；方向水平向左（2）電容器完全充電，然后接“2”，金屬棒從靜止開始加速運(yùn)動(dòng)至穩(wěn)定速度大小為根據(jù)動(dòng)量定理得即又整理得之后，金屬棒從到距離為處運(yùn)動(dòng)到處的過程中：根據(jù)動(dòng)量定理得即聯(lián)立解得（3）發(fā)生第1次碰撞后，金屬棒向左位移大小為，根據(jù)動(dòng)量定理得整理得解得由題知，絕緣棒第2次與金屬棒碰撞前瞬時(shí)速度大小為，方向水平向左，與金屬棒碰撞后瞬時(shí)速度為；金屬棒與絕緣棒碰撞后瞬時(shí)速度為，由于發(fā)生彈性碰撞，對(duì)絕緣棒和金屬棒系統(tǒng)有，聯(lián)立解得方向水平向右發(fā)生第2次碰撞后到金屬棒停止運(yùn)動(dòng)過程中，金屬棒向左位移大小為，根據(jù)動(dòng)量定理得，可得同理可知：金屬棒與絕緣棒第3次碰撞后瞬時(shí)速度為發(fā)生第3次碰撞后到金屬棒停止運(yùn)動(dòng)過程中，金屬棒向左位移大小可得以此類推……金屬棒與絕緣棒第次碰撞后瞬時(shí)速度為發(fā)生第次碰撞后到金屬棒停止運(yùn)動(dòng)過程中，金屬棒向左位移大小可得因此，發(fā)生第1次碰撞后到最終兩棒都停止運(yùn)動(dòng)的全過程中，金屬棒的位移大小當(dāng)取無窮大時(shí)15．【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的簡單應(yīng)用、動(dòng)量守恒的判定與應(yīng)用、求解非彈性碰撞問題【答案】（1）；（2）；（3）【詳析】（1）碰前，由動(dòng)能定理解得碰撞，由動(dòng)量守恒解得從，對(duì)整體解得D點(diǎn)解得由牛頓三定律得（2）勻速下滑時(shí)從點(diǎn)第1次上滑解得對(duì)（3）第1次上滑其中第2次碰前碰后第2次從點(diǎn)下滑同理得的總路程為解得.2025屆湖南省邵陽市高考物理預(yù)測練習(xí)試卷（七）注意事項(xiàng)： 1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的1．對(duì)于質(zhì)量為的放射性元素p，經(jīng)過時(shí)間t后剩余p的質(zhì)量為m，其圖線如圖所示，從圖中可以得到p的半衰期為（

）A．0.6d B．2.2d C．3.0d D．3.6d2．如圖(a)所示，太陽系外的一顆行星P繞恒星Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由于P的遮擋，探測器探測到Q的亮度隨時(shí)間做如圖(b)所示的周期性變化，該周期與P的公轉(zhuǎn)周期相同。已知Q的質(zhì)量為M，引力常量為G。關(guān)于P的公轉(zhuǎn)，下列說法正確的是()圖(a)圖(b)A．周期為2t1－t0 B．半徑為3C．角速度的大小為πt1－3．如圖所示，水平面上的斜面體長，寬，傾角，一小球從斜面右上方頂點(diǎn)A處離開斜面水平飛出，恰好落在斜面體底端B點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度取，則小球從A處水平飛出時(shí)速度的大小為（）A． B． C． D．4．某列簡諧橫波在t1=0時(shí)刻的波形如圖甲中實(shí)線所示，t2=3.0s時(shí)刻的波形如圖甲中虛線所示，若圖乙是圖甲a、b、c、d四點(diǎn)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，下列說法中正確的是（）A．在t1=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)B．圖乙是質(zhì)點(diǎn)d的振動(dòng)圖像C．從t1=0到t2=3.0s這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a通過的路程為1.5mD．t3=9.5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)5.如圖所示，ABC構(gòu)成正三角形，AB和AC是等長絕緣細(xì)棒，帶等量負(fù)電荷，棒上的電荷分布均勻。О為BC邊中點(diǎn)，P、D為BC中垂線上離О點(diǎn)距離相等（P、D距О點(diǎn)很近，相對(duì)于AB長度可忽略）的兩點(diǎn)，選無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則下列說法正確的是（）A．О點(diǎn)和D點(diǎn)場強(qiáng)可能大小相等，方向相反B．D點(diǎn)場強(qiáng)與Р點(diǎn)場強(qiáng)大小相等，電勢相等C．將一正試探電荷沿直線從Р點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功D．將一正試探電荷沿直線從О點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，電勢能增加6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向豎直向下(與紙面平行)，磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域(區(qū)域Ⅱ)內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點(diǎn)在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點(diǎn)處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入?yún)^(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運(yùn)動(dòng)的粒子才能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ。若區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，則粒子從CF的中點(diǎn)射出，它們?cè)趨^(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0。若改變電場或磁場強(qiáng)弱，能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，不計(jì)粒子的重力及粒子之間的相互作用，下列說法正確的是()A．若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B1，則t＞t0B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小變?yōu)?E，則t＞t0C．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?4B2，則t＝D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?4B2，則t＝2t二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．明代學(xué)者方以智在《陽燧倒影》中記載：“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有一面五色”，表明白光通過多棱晶體折射會(huì)發(fā)生色散現(xiàn)象。如圖所示，一束復(fù)色光通過三棱鏡后分解成兩束單色光a、b，下列說法正確的是（）A．若減小入射角i，則b光先消失B．在該三棱鏡中a光波長小于b光C．a(chǎn)光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光不能發(fā)生D．若a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的遏止電壓低8．如圖甲所示，質(zhì)量為M=2kg的長木板靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量為m=2kg的小鐵塊靜置于長木板的最右端.t=0時(shí)刻起長木板在一個(gè)水平外力F1的作用下從靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過6s后，水平外力由F1變?yōu)镕2，又經(jīng)過2s后，撤去F2，此時(shí)小鐵塊恰好未從長木板上掉落，此過程中長木板的v-t圖像如圖乙所示.小鐵塊和長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2，重力加速度g=10m/s2A．小鐵塊8s末的速度大小為8m/sB．長木板長度為36mC．此過程中小鐵塊和長木板間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為192JD．F1大小為12N，方向水平向右，F(xiàn)2大小為4N9．如圖所示，一傳送帶與水平面之間的夾角為，在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下，傳送帶以速度沿順時(shí)針方向穩(wěn)定運(yùn)行，現(xiàn)讓一物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從傳送帶的底端以速度沖上傳送帶，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶的頂端時(shí)速度剛好為0，物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說法正確的是（）A．與之間的關(guān)系為B．物塊在做減速運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度不變C．物塊與傳送帶在速度相等前后，加速度的大小之差為D．共速前物塊在傳送帶上的劃痕長度一定等于物塊位移大小的一半10．在如圖所示的理想變壓器電路中，變壓器原，副線圈的匝數(shù)比為，定值電阻、Ω，為電阻箱。在a、b端輸入正弦交變電壓u=10sin100πt（V），通過調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，來改變變壓器的輸出功率。下列說法正確的是（）A．當(dāng)變壓器輸出功率最大時(shí)，變壓器副線圈兩端的電壓為5VB．當(dāng)變壓器輸出功率最大時(shí)、電阻箱接入電路的電阻為0.25ΩC．當(dāng)變壓器輸出功率最大時(shí)，變壓器輸出的最大功率為5WD．當(dāng)變壓器原線圈中的電流分別為0.5A、1.5A時(shí)，變壓器的輸出功率相等三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某同學(xué)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)探究彈簧的彈性勢能與壓縮量的關(guān)系.（1）如圖甲，將輕質(zhì)彈簧下端固定于鐵架臺(tái)，在上端的托盤中依次增加砝碼，測得相應(yīng)的彈簧長度，部分?jǐn)?shù)據(jù)如表所示，由數(shù)據(jù)算得勁度系數(shù)k=N/m.（結(jié)果保留整數(shù)，重力加速度g取10m/s2甲砝碼質(zhì)量g50100150彈簧長度cm8.637.646.62（2）取下彈簧，將其一端固定于氣墊導(dǎo)軌左側(cè)，如圖乙所示；調(diào)整導(dǎo)軌，使滑塊自由滑動(dòng)時(shí)，通過兩個(gè)光電門的速度大小.乙（3）用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為（4）重復(fù)（3）中的操作，得到v與x的關(guān)系如圖丙，由圖可知，v與x成正比關(guān)系，由上述實(shí)驗(yàn)可得結(jié)論：對(duì)同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的成正比.丙12．某興趣小組測一電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，電動(dòng)勢約為，內(nèi)阻約為?，F(xiàn)有如下實(shí)驗(yàn)器材：A．電壓表（，內(nèi)阻約為）

B．電流表A（）C．定值電阻（）

D．電阻箱（）E.滑動(dòng)變阻器（）

F.待測電池組

G。電鍵S、導(dǎo)線若干（1）為完成實(shí)驗(yàn)需將電流表A改裝成較大量程的電流表，A應(yīng)與定值電阻聯(lián)（填“串”或“并”），改裝后電流表的量程為mA。（2）為使測量盡可能準(zhǔn)確，電阻箱與滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填“”或“”）（3）根據(jù)你所選用的實(shí)驗(yàn)器材，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路并在虛線框內(nèi)將電路圖補(bǔ)充完整（所選器材要標(biāo)明符號(hào)）。（4）按正確的電路圖連接好電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并多次測量，同時(shí)記錄各儀器的讀數(shù)，然后做出圖像如圖所示，若圖像的斜率為k，縱軸截距為b，則該電池組的電動(dòng)勢，內(nèi)阻（用k、b表示，題中已知字母均為基本單位）。13．如圖，一豎直放置的絕熱圓柱形汽缸上端開口，其頂端有一卡環(huán)，兩個(gè)活塞M、N將兩部分理想氣體A、B封閉在汽缸內(nèi)，兩部分氣體的溫度均為t0=27℃，其中活塞M為導(dǎo)熱活塞，活塞N為絕熱活塞?；钊鸐距卡環(huán)的距離為0.5L，兩活塞的間距為L，活塞N距汽缸底的距離為3L。汽缸的橫截面積為S，其底部有一體積很小的加熱裝置，其體積可忽略不計(jì)?，F(xiàn)用加熱裝置緩慢加熱氣體B，使其溫度達(dá)到t1=127℃。已知外界的大氣壓為p0，環(huán)境的溫度為27℃且保持不變，重力加速度大小為g，兩活塞的厚度、質(zhì)量及活塞與汽缸之間的摩擦均可忽略不計(jì)，兩活塞始終在水平方向上。求此時(shí)兩活塞之間的距離d。14．如圖所示，等間距的兩光滑金屬導(dǎo)軌由足夠長的水平直軌和傾斜直軌在處平滑連接組成。與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌間距為，水平直軌在同一水平面內(nèi)，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。水平直軌左側(cè)有直流電源、電容為的電容器和定值電阻，長度為、質(zhì)量為、電阻為的金屬棒靜置在水平直軌上，金屬棒距電阻足夠遠(yuǎn)，質(zhì)量為的絕緣棒被控制靜置于傾斜直軌上，絕緣棒距水平軌道高度為，不計(jì)金屬導(dǎo)軌電阻。開始時(shí)，開關(guān)斷開，將單刀雙擲開關(guān)接“1”，使電容器完全充電，然后接“2”，金屬棒從靜止開始加速運(yùn)動(dòng)至穩(wěn)定速度后，當(dāng)金屬棒到的距離為時(shí)，立即與“2”斷開、同時(shí)閉合，金屬棒運(yùn)動(dòng)至處時(shí)，恰好與從傾斜直軌上由靜止開始自由下滑的絕緣棒在處發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短可不計(jì)，隨后絕緣棒能在傾斜直軌上到達(dá)的最大高度為。已知以后絕緣棒與金屬棒每次再發(fā)生碰撞時(shí)金屬棒均已停止運(yùn)動(dòng)，所有碰撞均為彈性碰撞，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，M、N始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩棒粗細(xì)不計(jì)，重力加速度為。求：（1）發(fā)生第1次碰撞后瞬時(shí)，絕緣棒與金屬棒各自速度大??；（2）直流電源電動(dòng)勢；（3）發(fā)生第1次碰撞后到最終兩棒都停止運(yùn)動(dòng)的全過程中，金屬棒的位移大小。15．如圖，傾角的直軌道與光滑圓弧軌道在處相切且平滑連接，整個(gè)裝置固定在同一豎直平面內(nèi)。圓弧軌道的半徑為，是豎直直徑，點(diǎn)為圓心，、、三點(diǎn)在同一水平線上。、也在同一水平線上，兩個(gè)小滑塊P、Q（都可視為質(zhì)點(diǎn)）的質(zhì)量均為。已知滑塊Q與軌道間存在摩擦力且動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等，但滑塊P與整個(gè)軌道間和滑塊Q與圓弧軌道間的摩擦力都可忽略不計(jì)。同時(shí)將兩個(gè)滑塊P、Q分別在、兩點(diǎn)由靜止釋放、之后P開始向下滑動(dòng)，在點(diǎn)與Q相碰。碰后P、Q立刻一起向下且在段保持勻速運(yùn)動(dòng)，已知P、Q每次相碰都會(huì)立刻合在一起運(yùn)動(dòng)但兩者并不粘連，取重力加速度為，求：（1）兩滑塊進(jìn)入圓弧軌道運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)圓弧軌道的壓力的最大值；（2）Q第一次沿斜面上滑的最大距離；（3）滑塊P在軌道上往復(fù)運(yùn)動(dòng)經(jīng)過的總路程?！飬⒖即鸢浮铩?．【知識(shí)點(diǎn)】原子核的衰變及半衰期【答案】C【詳析】由圖像可知，放射性元素的質(zhì)量從變?yōu)?，剛好衰變了一半的放射性元素，?jīng)歷的時(shí)間為一個(gè)半衰期，則有故選C。2．【知識(shí)點(diǎn)】萬有引力定律問題的分析與計(jì)算【答案】B【解析】因?yàn)樾行堑恼趽?，探測器檢測到的亮度會(huì)略有降低，所以兩次亮度減弱之間的時(shí)間就是行星的公轉(zhuǎn)周期，即T＝t1－t0，A錯(cuò)誤；行星繞恒星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力可得GMmr2＝m2πT2r，解得r＝3GM(t1－t0)24π2，B3．【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)與斜面、圓軌道相結(jié)合問題【答案】D【詳析】根據(jù)題意，小球從A點(diǎn)水平飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，初速度大小為，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，在豎直方向有解得由幾何關(guān)系可得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為解得而小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有解得故選D。4．【知識(shí)點(diǎn)】波的圖像及其應(yīng)用、波的圖像和振動(dòng)圖像的綜合應(yīng)用、波的形成和傳播【答案】D【詳析】A．由圖乙可知波的周期為4s，所以從t1=0s到t2=3.0s這段時(shí)間是四分之三個(gè)周期，結(jié)合圖甲的波形圖可知，波向x軸負(fù)方向傳播，所以在t1=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知t1=0時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)正位于正向最大位移處，所以圖乙是質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像，故B錯(cuò)誤；C．從t1=0到t2=3.0s這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a通過的路程為故C錯(cuò)誤；D．t1=0時(shí)刻時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c剛好位于負(fù)向最大位移處，且所以t3=9.5s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c沿y軸正向運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選D。5．【知識(shí)點(diǎn)】電勢、電勢能與靜電力做功、電場、電場強(qiáng)度【答案】D【詳析】A．根據(jù)場強(qiáng)的疊加和對(duì)稱性可知，O點(diǎn)和D點(diǎn)場強(qiáng)方向相同，但D點(diǎn)場強(qiáng)要小于O點(diǎn)場強(qiáng)，A錯(cuò)誤；B．如果右邊有帶等量負(fù)電荷的相同三角形棒，根據(jù)對(duì)稱性原理，D、P的場強(qiáng)大小相等，但只存在左邊負(fù)電荷的細(xì)棒情況下，P點(diǎn)場強(qiáng)就大于D點(diǎn)，且D點(diǎn)電勢比P點(diǎn)電勢要高，B錯(cuò)誤；CD．正的試探電荷從P到D受到的電場力始終水平向左，因此電場力始終做負(fù)功，將其從О點(diǎn)移動(dòng)到D點(diǎn)，電勢能增加，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6．【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在疊加場中的運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】設(shè)沿AC做直線運(yùn)動(dòng)的粒子的速度大小為v，有qvB1＝qE，即v＝EB1，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖中軌跡1，由幾何關(guān)系可知運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為90°，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為14周期，又qvB2＝mv2r，可得r＝mvqB2，時(shí)間t0＝14·2πmqB2，根據(jù)幾何關(guān)系可知OC＝2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運(yùn)動(dòng)的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，如圖中軌跡2，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角依然為90°，時(shí)間t＝14·2πmqB2＝t0，A錯(cuò)誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運(yùn)動(dòng)的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點(diǎn)離開磁場，對(duì)應(yīng)的圓心角依然為90°，時(shí)間t＝14·2πmqB2＝t0，B錯(cuò)誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?4B2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑變?yōu)?33r＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡4，由幾何關(guān)系可知，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角θ滿足sinθ＝OC433r＝2r433r＝32，則θ＝60°，則t＝16·2πmq·34B2＝839t0，C錯(cuò)誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?7．【知識(shí)點(diǎn)】偏振現(xiàn)象和偏振光、光電效應(yīng)與光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)規(guī)律、全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】AD【詳析】A：根據(jù)折射率定義公式，從空氣斜射向玻璃時(shí)，入射角相同，光線a對(duì)應(yīng)的折射角較大，光線a的折射率較小，即na＜nb，若減小入射角i，在第二折射面上，則兩光的入射角增大，根據(jù)可知b光的臨界角較小，依據(jù)光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角大于或等于臨界角時(shí)，才能發(fā)生光的全反射，因此若減小入射角i，則b光先消失，A正確；B：根據(jù)折射率定義公式，從空氣斜射向玻璃時(shí)，入射角相同，光線a對(duì)應(yīng)的折射角較大，光線a的折射率較小，即na＜nb，則在真空中a光波長大于b光波長，B錯(cuò)誤；C：只要是橫波，均能發(fā)生偏振現(xiàn)象，若a光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，b光一定能發(fā)生，C錯(cuò)誤；D：a光折射率較小，則頻率較小，根據(jù)，則a光光子能量較小，則a光束照射逸出光電子的最大初動(dòng)能較小，根據(jù)，則a光的遏止電壓低，D正確。選AD?！娟P(guān)鍵點(diǎn)撥】若減小射角i，根據(jù)出射光線折射角關(guān)系，判斷哪束光的折射角先達(dá)到90°，從而判斷哪束光先消失；依據(jù)光的折射定律，判定兩光的折射率大小，結(jié)合光速與折射率的關(guān)系，分析光在三棱鏡中波長關(guān)系；光都要發(fā)生偏振現(xiàn)象；根據(jù)光的偏折程度分析光的頻率關(guān)系，根據(jù)光電效應(yīng)方程分析光電子最大初動(dòng)能關(guān)系，從而確定遏止電壓關(guān)系。8．【知識(shí)點(diǎn)】板塊模型中的能量守恒問題【答案】CD【解析】由于在8s末小鐵塊恰好未從長木板上掉落，則在8s末小鐵塊與長木板共速，即為16m/s，小鐵塊在0～8s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；0～8s內(nèi)小鐵塊的位移大小為s1=162×8m=64m，長木板的位移大小為s2=242×6m+24+162×2m=112m，長木板長度為L=s2-s1=48m，B錯(cuò)誤；此過程中小鐵塊和長木板間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q=μmgL=192J，C正確；設(shè)水平向右為正方向，0～6s內(nèi)對(duì)木板由牛頓第二定律有F1-μmg=Ma1，其中a1=4m/s29．【知識(shí)點(diǎn)】傳送帶模型【答案】AC【詳析】A．根據(jù)題意可知，物塊與傳送帶速度相等后繼續(xù)向上減速，則有可得故A正確；B．由于，物塊與傳送帶速度相等之前，物塊受到的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向下，加速度沿斜面向下，大小為物塊與傳送帶速度相等之后，加速度沿斜面向下，大小為故B錯(cuò)誤；C．物塊與傳送帶在速度相等前后，加速度的大小之差為故C正確；D．設(shè)物塊從沖上傳送帶到與傳送帶速度相等所用時(shí)間為，此過程物塊的位移為傳送帶的位移為可知此過程物塊在傳送帶上的劃痕長度為若滿足則有由于不一定等于，則共速前物塊在傳送帶上的劃痕長度不一定等于物塊位移大小的一半，故D錯(cuò)誤。故選AC。10．【知識(shí)點(diǎn)】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】BCD【詳析】A．在a、b端輸入正弦交變電壓u=10sin100πt（V），有效電壓為了使輸出功率最大，與原線圈等效成的電阻應(yīng)相等，即R1兩端電壓與輸出電壓相等由原副線圈電壓間關(guān)系得故A錯(cuò)誤；B．由歐姆定律由原副線圈電流間關(guān)系得則兩端電壓為則故