2025—2026年度上學(xué)期河南省高三年級(jí)第三次聯(lián)考物理試卷參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.B【解析】本題考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解，目的是考查學(xué)生的理解能力。由題圖可知，無(wú)人機(jī)向東做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，同時(shí)向北做勻速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確。2.A【解析】本題考查機(jī)械波，目的是考查學(xué)生的理解能力。由題圖可知，每經(jīng)過半個(gè)周期質(zhì)點(diǎn)a回到平衡位置，有3.75s=3T,解得T=1.25s,頻率f=0.8Hz,與1Hz的頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，選項(xiàng)A正確、D錯(cuò)誤；由題圖可知，該波的波長(zhǎng)λ=10m,根據(jù)v=λf,解得波速v=8m/s,選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤。3.D【解析】本題考查物體平衡，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。對(duì)球1受力分析，如圖所示，將力平移構(gòu)建矢量三角形，可知F?一定大于mg,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；球2、球4對(duì)球3的作用力大小相等且關(guān)于豎直方向?qū)ΨQ，由平行四邊形定則可知，合力方向豎直向下，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；將整體從足夠高的地方由靜止釋放，5個(gè)小球均處于完全失重狀態(tài)，其相對(duì)位置保持不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤、D正確。4.C【解析】本題考查牛頓第二定律，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。設(shè)小孩從斜坡頂端滑到底端的時(shí)間為t,加速度大小為a,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有,解得a=2m/s2,t=10s,由v=at,解得v=20m/s,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；由牛頓第二定律有mgsin37°一μmgcos37°=ma,解得μ=0.5,選項(xiàng)C正確,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。5.C【解析】本題考查雙星模型，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。兩星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力均由它們之間的萬(wàn)有引力提供，故兩星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大小相等，兩個(gè)星球繞O點(diǎn)旋轉(zhuǎn)的周期(角速度)相等，有,因?yàn)閞?>r?,則有M?<M?,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有(12又r?+r?=L,解得,選項(xiàng)C正確、D錯(cuò)誤。6.D【解析】本題考查平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)和機(jī)械能，目的是考查學(xué)生的模型建構(gòu)能力。設(shè)輕繩的長(zhǎng)度為L(zhǎng),小球在從無(wú)初速度釋放至到達(dá)最低點(diǎn)的過程中有,輕繩斷開前瞬間有,解得F=3mg,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球從釋放到擺到最低點(diǎn)的過程中有P=mgvcosθ,小球所受重力的功率先增大后減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由機(jī)械能守恒定律有mgH=,解得小球落地時(shí)的速度大小v?=√2gH,與輕繩的長(zhǎng)度無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；輕繩斷開后，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，有,小球的落地點(diǎn)與O點(diǎn)間的水平距離x=v?t,可得x7.C【解析】本題考查含電容器的電路動(dòng)態(tài)分析，目的是考查學(xué)生的模型建構(gòu)能力。閉合開關(guān)表示數(shù),則電壓表示數(shù)變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若斷開S?,則電流表的示數(shù)A,選項(xiàng)D錯(cuò)誤；若斷開S?,則R?斷路，電容器兩端電壓Uc ,又Q=CUc,開始時(shí)電容器所帶電荷量為0,則△Q=Q=3.6×10?3C,選項(xiàng)C正確。(選項(xiàng)B也可直接判斷：若閉合S,則R,短路，即該支路電阻減小，所二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全都選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.AD【解析】本題考查靜電場(chǎng)，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。根據(jù)題意可知題圖中圓面為一個(gè)等勢(shì)面，則e、f兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，同時(shí)根據(jù)電場(chǎng)線分布的對(duì)稱性可知e、f兩點(diǎn)的電場(chǎng)錯(cuò)誤；因?yàn)椴恢滥膫€(gè)點(diǎn)固定的是正電荷，所以不能確定g點(diǎn)和h點(diǎn)的電勢(shì)高低，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。9.BC【解析】本題考查動(dòng)能定理，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。物塊由靜止開始誤；由牛頓運(yùn)動(dòng)定律有Fcos37°-μ(mg-Fsin37°)=ma,解得μ=0.125,選項(xiàng)B正確；由V10=at=5m/s,可知撤去拉力時(shí)物塊的動(dòng)能102=12.5J,選項(xiàng)C正確；撤去拉力10m,x=x?+x?=31m,即物塊最終停在x=31m處，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。10.AD【解析】本題考查拋體運(yùn)動(dòng)，目的是考查學(xué)生的模型建構(gòu)能力。小球剛被拋出時(shí)所受的合力方向沿斜面向下，有解得,選項(xiàng)A正確；小球第一次碰到擋板前的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，故小球不會(huì)落回斜面，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由牛頓第二定律有,解得小球在空中運(yùn)動(dòng)的加速度大小,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有,小球第一次落到擋板上的點(diǎn)到斜面底端的距離,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小球第一次與擋板碰撞前瞬間，垂直擋板的速度大小,此后小球每次碰后都做類豎直上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)第n(n=1,2,3,…)次碰撞后到擋板的最大距離為yn,則有,可得,小球從第一次到第四次與擋板碰撞的過程中的路程,選項(xiàng)D正確。11.(1)0.36(2分)0.90(2分)(2)0.50(2分)【解析】本題考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)和牛頓第二定律，目的是考查學(xué)生的實(shí)驗(yàn)探究能力。(1)相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=5×0.02s=0.1s,打下B點(diǎn)時(shí)紙帶的速度,由逐差法有(2)設(shè)一個(gè)砝碼盤的質(zhì)量為M,由牛頓第二定律有(M+5m。+nmo)g—(M+5m。一nmo)g=(2M+10m。)a,整理得,結(jié)合題圖丙，,解得M=0.50kg?！驹u(píng)分細(xì)則】與所給答案不同的均不得分?！窘馕觥勘绢}考查測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，目的是考查學(xué)生的實(shí)驗(yàn)探究能力。(1)根據(jù)閉合電路的歐姆定律有U=E-I(R。+r。),由題圖可知該電池的電動(dòng)勢(shì)E=12V,故電壓表應(yīng)選15V的量程，電池的內(nèi)阻12(2)當(dāng)電源短路時(shí)，電表的內(nèi)阻不影響短路電流，與橫坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值不變，由于電壓表中也有電流，故通過電池的電流比電流表的示數(shù)大，修正圖如圖所示，可知電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小【評(píng)分細(xì)則】與所給答案不同的均不得分。13.【解析】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)、磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。(1)在M、0之間有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，由題意可知，粒子要向上偏轉(zhuǎn)，故電場(chǎng)方向豎直向下(1分)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，如圖中①所示，有L=vt(2)在OK右側(cè)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)K點(diǎn)，可知磁場(chǎng)方向垂直紙面向外運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中圓?、谒荆O(shè)軌跡半徑為r?,由洛倫茲力提供向心力，有(1分)由幾何關(guān)系有d=2r?(3)由幾何關(guān)系有(r?-d)2+x2=r?2(1分)【評(píng)分細(xì)則】其他方法得出正確答案均可得分。14.【解析】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，目的是考查學(xué)生的推理論證能力。離子在兩個(gè)電場(chǎng)分析器中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間(2分)(3)在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，豎直方向上有L=vt′(1分)由幾何關(guān)系有【評(píng)分細(xì)則】其他方法只要正確均可給分。15.【解析】本題考查動(dòng)量守恒定律，目的是考查學(xué)生的模型建構(gòu)能力。(1)設(shè)滑塊1與滑塊2碰前瞬間的速度為v?,由動(dòng)能定理有(1分)碰后滑塊1、2的速度分別為v?'和v?',有m?v?=mv?'+m?v?'(1分)碰后滑塊1滑動(dòng)后恰能靜止在B點(diǎn)，滑塊1只能從C點(diǎn)向左勻減速運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)，由動(dòng)能定理有解得v?′=2m/s(1分)(2)滑塊2與滑塊3在平衡位置相碰，由于v?>v?',因此滑塊2只能與向左運(yùn)動(dòng)的滑塊3相碰才能在碰后豎直向上運(yùn)動(dòng)，則碰前運(yùn)動(dòng)時(shí)間t滿足(1分)(3)滑塊2與滑塊3碰撞過程水平方向上動(dòng)量守恒，第1次碰撞后將滑塊3的速度設(shè)為vM,有Mv?-m?v?'=0+MvM