1、第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律,第2講應(yīng)用牛頓第二定律處理“四類”問題,過好雙基關(guān),一、瞬時(shí)問題 1.牛頓第二定律的表達(dá)式為：F合ma，加速度由物體所受 決定，加速度的方向與物體所受 的方向一致.當(dāng)物體所受合外力發(fā)生突變時(shí)，加速度也隨著發(fā)生突變，而物體運(yùn)動(dòng)的 不能發(fā)生突變. 2.輕繩、輕桿和輕彈簧(橡皮條)的區(qū)別： (1)輕繩和輕桿：剪斷輕繩或輕桿斷開后，原有的彈力將 . (2)輕彈簧和橡皮條：當(dāng)輕彈簧和橡皮條與其它物體連接時(shí)，輕彈簧或橡皮條的彈力 .,不能發(fā)生突變,合外力,合外力,速度,突變?yōu)?,自測1如圖1，A、B、C三個(gè)小球質(zhì)量均為m，A、B之間用一根沒有彈性的輕質(zhì)細(xì)繩連在一起，B、C之間用輕彈簧

2、拴接，整個(gè)系統(tǒng)用細(xì)線懸掛在天花板上并且處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將A上面的細(xì)線剪斷，使A的上端失去拉力，則在剪斷細(xì)線的瞬間，A、B、C三個(gè)小球的加速度分別是 A.1.5g，1.5g，0 B.g，2g，0 C.g，g，g D.g，g，0,圖1,解析剪斷細(xì)線前，由平衡條件可知，A上端的細(xì)線的拉力為3mg，A、B之間細(xì)繩的拉力為2mg，輕彈簧的拉力為mg.在剪斷細(xì)線的瞬間，輕彈簧中拉力不變，小球C所受合外力為零，所以C的加速度為零；A、B小球被細(xì)繩拴在一起，整體受到二者重力和輕彈簧向下的拉力，由牛頓第二定律，3mg2ma，解得a1.5g，選項(xiàng)A正確.,二、超重和失重 1.超重 (1)定義：物體對(duì)支持物的壓力(

3、或?qū)覓煳锏睦? 物體所受重力的現(xiàn)象. (2)產(chǎn)生條件：物體具有 的加速度. 2.失重 (1)定義：物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦? 物體所受重力的現(xiàn)象. (2)產(chǎn)生條件：物體具有 的加速度.,向下,大于,向上,小于,3.完全失重 (1)定義：物體對(duì)支持物的壓力(或?qū)ωQ直懸掛物的拉力) 的現(xiàn)象稱為完全失重現(xiàn)象. (2)產(chǎn)生條件：物體的加速度a ，方向豎直向下. 4.實(shí)重和視重 (1)實(shí)重：物體實(shí)際所受的重力，它與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài) . (2)視重：當(dāng)物體在豎直方向上有加速度時(shí)，物體對(duì)彈簧測力計(jì)的拉力或?qū)ε_(tái)秤的壓力將 物體的重力.此時(shí)彈簧測力計(jì)的示數(shù)或臺(tái)秤的示數(shù)即為視重.,不等于,等于0,g

4、,無關(guān),自測2關(guān)于超重和失重的下列說法中，正確的是 A.超重就是物體所受的重力增大了，失重就是物體所受的重力減小了 B.物體做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)處于完全失重狀態(tài)，所以做自由落體運(yùn)動(dòng)的物 體不受重力作用 C.物體具有向上的速度時(shí)處于超重狀態(tài)，物體具有向下的速度時(shí)處于失 重狀態(tài) D.物體處于超重或失重狀態(tài)時(shí)，物體的重力始終存在且不發(fā)生變化,答案,三、動(dòng)力學(xué)圖象 1.類型 (1)已知圖象分析運(yùn)動(dòng)和 情況； (2)已知運(yùn)動(dòng)和受力情況分析圖象的形狀. 2.用到的相關(guān)知識(shí) 通常要先對(duì)物體受力分析求合力，再根據(jù) 求加速度，然后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析.,牛頓第二定律,受力,自測3(2016海南單科5)沿固定斜面下滑的

5、物體受到與斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度時(shí)間圖線如圖2所示.已知物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為常數(shù)，在05 s，510 s，1015 s內(nèi)F的大小分別為F1、F2和F3，則 圖2 A.F1F3 C.F1F3 D.F1F3,答案,研透命題點(diǎn),1.對(duì)超重和失重的理解 (1)不論超重、失重或完全失重，物體的重力都不變，只是“視重”改變. (2)在完全失重的狀態(tài)下，一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會(huì)完全消失. (3)盡管物體的加速度不是豎直方向，但只要其加速度在豎直方向上有分量，物體就會(huì)處于超重或失重狀態(tài). (4)盡管整體沒有豎直方向的加速度，但只要物體的一部分具有豎直方向的分加速度，整體也會(huì)出現(xiàn)超

6、重或失重狀態(tài).,基礎(chǔ)考點(diǎn)自主悟透,2.判斷超重和失重的方法,例1(多選)一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時(shí)間t變化的圖線如圖3所示，以豎直向上為a的正方向，則人對(duì)地板的壓力 A.t2 s時(shí)最大 B.t2 s時(shí)最小 C.t8.5 s時(shí)最大 D.t8.5 s時(shí)最小,圖3,解析人乘電梯向上運(yùn)動(dòng)，規(guī)定向上為正方向，人受到重力和支持力兩個(gè)力的作用，則有Fmgma，即Fmgma，根據(jù)牛頓第三定律知，人對(duì)地板的壓力大小等于支持力的大小，將對(duì)應(yīng)時(shí)刻的加速度(包含正負(fù)號(hào))代入上式，可得選項(xiàng)A、D正確，B、C錯(cuò)誤.,變式1廣州塔，昵稱小蠻腰，總高度達(dá)600米，游客乘坐觀光電梯大約一分鐘就可以到達(dá)觀光平臺(tái)

7、.若電梯簡化成只受重力與繩索拉力，已知電梯在t0時(shí)由靜止開始上升，at圖象如圖4所示.則下列相關(guān)說法正確的是 A.t4.5 s時(shí)，電梯處于失重狀態(tài) B.555 s時(shí)間內(nèi)，繩索拉力最小 C.t59.5 s時(shí)，電梯處于超重狀態(tài) D.t60 s時(shí)，電梯速度恰好為零,圖4,解析利用at圖象可判斷：t4.5 s時(shí)，電梯有向上的加速度，電梯處于超重狀態(tài)，則A錯(cuò)誤； 05 s時(shí)間內(nèi)，電梯處于超重狀態(tài)，拉力重力，555 s時(shí)間內(nèi)，電梯處于勻速上升過程，拉力重力，5560 s時(shí)間內(nèi)，電梯處于失重狀態(tài)，拉力重力，綜上所述，B、C錯(cuò)誤； 因at圖線與t軸所圍的“面積”代表速度改變量，而圖中橫軸上方的“面積”與橫軸下

8、方的“面積”相等，則電梯的速度在t60 s時(shí)為零，D正確.,變式2為了讓乘客乘車更為舒適，某探究小組設(shè)計(jì)了一種新的交通工具，乘客的座椅能隨著坡度的變化而自動(dòng)調(diào)整，使座椅始終保持水平，如圖5所示.當(dāng)此車減速上坡時(shí)，則乘客(僅考慮乘客與水平面之間的作用) A.處于超重狀態(tài) B.不受摩擦力的作用 C.受到向后(水平向左)的摩擦力作用 D.所受合力豎直向上,答案,解析,圖5,解析當(dāng)車減速上坡時(shí)，加速度方向沿斜坡向下，人的加速度與車的加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律知人的合力方向沿斜面向下，合力的大小不變，則人受重力、支持力和水平向左的靜摩擦力，如圖所示.將加速度沿豎直方向和水平方向分解，則有豎直向下的加速

9、度，所以乘客處于失重狀態(tài)，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確.,1.兩種模型 加速度與合外力具有瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系，二者總是同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)變化、同時(shí)消失，具體可簡化為以下兩種模型：,能力考點(diǎn)師生共研,模型構(gòu)建,2.求解瞬時(shí)加速度的一般思路,例2(2017山東泰安二模)如圖6所示，小球A置于固定在水平面上的光滑半圓柱體上，小球B用水平輕彈簧拉著，彈簧固定在豎直板上.兩小球A、B通過光滑滑輪O用輕質(zhì)細(xì)繩相連，兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài).已知B球質(zhì)量為m，O在半圓柱體圓心O1的正上方，OA與豎直方向成30角，OA長度與半圓柱體半徑相等，OB與豎直方向成45角，現(xiàn)將輕質(zhì)細(xì)繩剪斷的瞬間(重力加速度為g)，下列說法正確的是,圖6

10、,拓展延伸(1)如圖7甲、乙中小球m1、m2原來均靜止，現(xiàn)如果均從圖中B處剪斷，則圖甲中的彈簧和圖乙中的下段繩子，它們的拉力將分別如何變化？,答案彈簧和下段繩的拉力都變?yōu)?.,圖7,(2)如果均從圖中A處剪斷，則圖甲中的彈簧和圖乙中的下段繩子的拉力又將如何變化呢？,答案彈簧的彈力來不及變化，下段繩的拉力變?yōu)?.,(3)由(1)(2)的分析可以得出什么結(jié)論？,答案繩的彈力可以突變而彈簧的彈力不能突變.,答案,例3如圖8所示，兩木塊A、B質(zhì)量均為m，用勁度系數(shù)為k、原長為L的輕彈簧連在一起，放在傾角為的傳送帶上，兩木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，用與傳送帶平行的細(xì)線拉住木塊A，傳送帶按 圖示方向勻

11、速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩木塊處于靜止?fàn)顟B(tài).求： (1)A、B兩木塊之間的距離；,解析隔離B木塊受力分析，由平衡條件可得F彈mgsin mgcos ,圖8,(2)剪斷細(xì)線瞬間，A、B兩木塊加速度分別為多大.,答案aA2g(sin cos )，aB0,解析剪斷細(xì)線瞬間彈簧彈力不變，對(duì)木塊B由牛頓第二定律得F彈(mgsin mgcos )maB 解得aB0. 對(duì)于木塊A有F彈mgcos mgsin maA 解得aA2(gsin gcos )2g(sin cos ).,答案,解析,變式3如圖9所示，物塊1、2間用剛性輕質(zhì)桿連接，物塊3、4間用輕質(zhì)彈簧相連，物塊1、3質(zhì)量均為m,2、4質(zhì)量均為m0，兩個(gè)系統(tǒng)均置于水平

12、放置的光滑木板上，并處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將兩木板沿水平方向突然抽出，設(shè)抽出后的瞬間，物塊1、2、3、4的加速度大小分別為a1、a2、a3、a4.重力加速度大小為g，則有 A.a1a2a3a40 B.a1a2a3a4g,圖9,1.常見的動(dòng)力學(xué)圖象 vt圖象、at圖象、Ft圖象、Fa圖象等. 2.圖象問題的類型 (1)已知物體受的力隨時(shí)間變化的圖線，要求分析物體的運(yùn)動(dòng)情況. (2)已知物體的速度、加速度隨時(shí)間變化的圖線，要求分析物體的受力情況. (3)由已知條件確定某物理量的變化圖象.,能力考點(diǎn)師生共研,3.解題策略 (1)分清圖象的類別：即分清橫、縱坐標(biāo)所代表的物理量，明確其物理意義，掌握物理圖象所

13、反映的物理過程，會(huì)分析臨界點(diǎn). (2)注意圖線中的一些特殊點(diǎn)所表示的物理意義：圖線與橫、縱坐標(biāo)的交點(diǎn)，圖線的轉(zhuǎn)折點(diǎn)，兩圖線的交點(diǎn)等. (3)明確能從圖象中獲得哪些信息：把圖象與具體的題意、情景結(jié)合起來，應(yīng)用物理規(guī)律列出與圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)方程式，進(jìn)而明確“圖象與公式”“圖象與物體”間的關(guān)系，以便對(duì)有關(guān)物理問題作出準(zhǔn)確判斷.,例4如圖10甲所示，兩滑塊A、B用輕質(zhì)細(xì)線跨過光滑輕質(zhì)定滑輪相連，B距地面一定高度，A可在與斜面平行的細(xì)線牽引下沿足夠長的粗糙斜面向上滑動(dòng).已知mA2 kg，mB4 kg，斜面傾角37.某時(shí)刻由靜止釋放A，測得A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖乙所示.已知g10 m/s2，sin

14、370.6，cos 370.8，求： (1)A與斜面間的動(dòng) 摩擦因數(shù)；,答案0.25,圖10,對(duì)A，F(xiàn)TmAgsin mAgcos mAa1 對(duì)B，mBgFTmBa1 得：0.25,(2)A沿斜面向上滑動(dòng)的最大位移；,解析B落地后，A繼續(xù)減速上升. 由牛頓第二定律得mAgsin mAgcos mAa2 將已知量代入，可得a28 m/s2,答案0.75 m,所以，A上滑的最大位移為xx1x20.75 m,答案,解析,(3)滑動(dòng)過程中細(xì)線對(duì)A的拉力所做的功.,解析A加速上滑過程中， 由動(dòng)能定理：W(mAgsin mAgcos )x1 mAv20 得W12 J.,答案12 J,答案,解析,例5(20

15、18吉林公主嶺模擬)如圖11甲所示，光滑水平面上的O處有一質(zhì)量為m2 kg的物體.物體同時(shí)受到兩個(gè)水平力的作用，F(xiàn)14 N，方向向右，F(xiàn)2的方向向左，大小隨時(shí)間均勻變化，如圖乙所示.物體從零時(shí)刻開始運(yùn)動(dòng). 圖11 (1)求當(dāng)t0.5 s時(shí)物體的加速度大小.,答案0.5 m/s2,答案,解析,解析由題圖乙可知F2(22t) N 當(dāng)t0.5 s時(shí)，F(xiàn)2(220.5) N3 N F1F2ma,(2)物體在t0至t2 s內(nèi)何時(shí)物體的加速度最大？最大值為多少？,答案當(dāng)t0時(shí)，am1 m/s2當(dāng)t2 s時(shí)，am1 m/s2,答案,解析,解析物體所受的合外力為F合F1F222t(N) 作出F合t圖象如圖所示

16、 從圖中可以看出，在02 s范圍內(nèi) 當(dāng)t0時(shí)，物體有最大加速度am Fmmam,當(dāng)t2 s時(shí)，物體也有最大加速度am Fmmam,負(fù)號(hào)表示加速度方向向左.,(3)物體在t0至t2 s內(nèi)何時(shí)物體的速度最大？最大值為多少？,解析由牛頓第二定律得a 1t(m/s2) 畫出at圖象如圖所示 由圖可知t1 s時(shí)速度最大，最大值等于at圖象在t軸上方與橫、縱坐標(biāo)軸所圍的三角形的面積v 11 m/s0.5 m/s.,答案t1 s時(shí)，v0.5 m/s,變式4(多選)如圖12甲所示，一質(zhì)量為M的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊.木板受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，用傳感器測出其加速度a，

17、得到如圖乙所示的aF圖象.取g10 m/s2.則下列說法正確的是 A.滑塊的質(zhì)量m4 kg B.木板的質(zhì)量M4 kg C.滑塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1 D.當(dāng)F8 N時(shí)滑塊加速度為2 m/s2,圖12,根據(jù)mgma，得a1 m/s2，D錯(cuò)誤.,1.連接體的類型 (1)彈簧連接體,模型構(gòu)建,(2)物物疊放連接體,(3)輕繩連接體,(4)輕桿連接體,2.連接體的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn) 輕繩輕繩在伸直狀態(tài)下，兩端的連接體沿繩方向的速度總是相等. 輕桿輕桿平動(dòng)時(shí)，連接體具有相同的平動(dòng)速度；輕桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，連接體具有相同的角速度，而線速度與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑成正比. 輕彈簧在彈簧發(fā)生形變的過程中，兩端連接體的速度不一定相等；在彈

18、簧形變最大時(shí)，兩端連接體的速率相等.,3.處理連接體問題的方法,例6(多選)(2015新課標(biāo)全國20)在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂.當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂以大小為 a的 加速度向東行駛時(shí)，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車在西邊拉著車廂以大小為a的加速度向西行駛時(shí)，P和Q間的拉力大小仍為F.不計(jì)車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為 A.8 B.10 C.15 D.18,答案,解析,解析設(shè)PQ西邊有n節(jié)車廂，每節(jié)車廂的質(zhì)量為m，則Fnma 設(shè)PQ東邊有k節(jié)車廂，則Fkm a 聯(lián)立得3n2k，由此式可知n只能取偶數(shù)， 當(dāng)n2時(shí)

19、，k3，總節(jié)數(shù)為N5 當(dāng)n4時(shí)，k6，總節(jié)數(shù)為N10 當(dāng)n6時(shí)，k9，總節(jié)數(shù)為N15 當(dāng)n8時(shí)，k12，總節(jié)數(shù)為N20，故選項(xiàng)B、C正確.,變式5(多選)(2018陜西商洛質(zhì)檢)如圖13所示，在粗糙的水平面上，質(zhì)量分別為m和M的物塊A、B用輕彈簧相連，兩物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，當(dāng)用水平力F作用于B上且兩物塊共同向右以加速度a1勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長量為x1；當(dāng)用同樣大小的恒力F沿著傾角為的光滑斜面方向作用于B上且兩物塊共同以加速度a2勻加速沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧的伸長量為x2，則下列說法中正確的是 A.若mM，有x1x2 B.若msin ，有x1x2 D.若sin ，有x1x2,圖1

20、3,解析在水平面上滑動(dòng)時(shí)，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律，有 F(mM)g(mM)a1 隔離物塊A，根據(jù)牛頓第二定律，有FTmgma1 聯(lián)立解得FT 在斜面上滑動(dòng)時(shí)，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律，有 F(mM)gsin (mM)a2 隔離物塊A，根據(jù)牛頓第二定律，有FTmgsin ma2 聯(lián)立解得FT 比較可知，彈簧彈力相等，與動(dòng)摩擦因數(shù)和斜面的傾角無關(guān)，故A、B正確，C、D錯(cuò)誤.,變式6(多選)如圖14所示，傾角為的斜面放在粗糙的水平地面上，現(xiàn)有一帶固定支架的滑塊m正沿斜面加速下滑.支架上用細(xì)線懸掛的小球達(dá)到穩(wěn)定(與滑塊相對(duì)靜止)后，懸線的方向與豎直方向的夾角也為，斜面體始終保持靜止，則下列說法正確的

21、是 A.斜面光滑 B.斜面粗糙 C.達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向左 D.達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向右,圖14,解析隔離小球，可知小球的加速度方向?yàn)檠匦泵嫦蛳?，大小為gsin ，對(duì)支架系統(tǒng)進(jìn)行分析，只有斜面光滑，支架系統(tǒng)的加速度才是gsin ，所以A正確，B錯(cuò)誤. 將支架系統(tǒng)和斜面看成一個(gè)整體，因?yàn)檎w具有沿斜面向下的加速度，故地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向左，C正確，D錯(cuò)誤.故選A、C.,課時(shí)作業(yè),1.在兒童蹦極游戲中，拴在腰間左右兩側(cè)的是彈性極好的橡皮繩，質(zhì)量為m的小明如圖1所示靜止懸掛時(shí)，兩橡皮繩的拉力大小均恰為mg.若此時(shí)小明左側(cè)橡皮繩斷裂，則小明 A.加速度為

22、零，速度為零 B.加速度ag，沿原斷裂橡皮繩的方向斜向下 C.加速度ag，沿未斷裂橡皮繩的方向斜向上 D.加速度ag，方向豎直向下,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案,解析,圖1,解析根據(jù)題意，腰間左右兩側(cè)的橡皮繩的彈力等于重力.小明左側(cè)橡皮繩斷裂，則小明此時(shí)所受合力方向沿原斷裂橡皮繩的方向斜向下，大小等于mg，所以小明的加速度ag，沿原斷裂橡皮繩的方向斜向下，選項(xiàng)B正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,2.兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的物體A和B緊靠在一起放在光滑水平桌面上，如圖2所示，如果它們分別受到水平推力2F和F，則A、B之間彈力的大小為,1

23、,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,圖2,答案,解析,3.電梯在t0時(shí)由靜止開始上升，運(yùn)動(dòng)的at圖象如圖3所示(選取向上為正)，電梯內(nèi)乘客的質(zhì)量m050 kg，重力加速度g取10 m/s2，下列說法正確的是 A.第9 s內(nèi)乘客處于失重狀態(tài) B.18 s內(nèi)乘客處于平衡狀態(tài) C.第2 s內(nèi)乘客對(duì)電梯的壓力大小為550 N D.第9 s內(nèi)電梯速度的增加量為1 m/s,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案,圖3,4.(多選)如圖4甲所示，質(zhì)量為m2 kg的物塊靜止放置在粗糙水平地面O處，物塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，在水平拉力F作用下物塊由靜止開始沿水平地面

24、向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后，物塊回到出發(fā)點(diǎn)O處，取水平向右為速度的正方向，物塊運(yùn)動(dòng)過程中其速度v隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖乙所示，重力加速度g取10 m/s2，則 A.物塊經(jīng)過4 s回到出發(fā)點(diǎn) B.物塊運(yùn)動(dòng)到第3 s時(shí)改變水平拉力的方向 C.3.5 s時(shí)刻水平力F的大小為4 N D.4.5 s時(shí)刻水平力F的大小為16 N,答案,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,圖4,5.如圖5所示，質(zhì)量為m的小球用一水平輕彈簧系住，并用傾角為60的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，在木板AB突然向下撤離的瞬間，小球的加速度為 A.0 B.大小為g，方向豎直向下 C.大小為 g，方向垂直木板向

25、下 D.大小為2g，方向垂直木板向下,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,圖5,解析撤離木板AB瞬間，木板對(duì)小球的支持力消失，而小球所受重力和彈力不變，且二力的合力與原支持力等大反向.,6.(多選)(2017河北保定一模)如圖6所示，一質(zhì)量M3 kg、傾角為45的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m1 kg的光滑楔形物體.用一水平向左的恒力F作用在斜面體上，系統(tǒng)恰好保持相對(duì)靜止地向左運(yùn)動(dòng).重力加速度為g10 m/s2，下列判斷正確的是 A.系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.F40 N C.斜面體對(duì)楔形物體的作用力大小為5 N D.增大力F，楔形物體將相對(duì)斜面體沿斜面向上運(yùn)動(dòng),

26、1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,圖6,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,解析對(duì)整體受力分析如圖甲所示，由牛頓第二定律有F(Mm)a，對(duì)楔形物體受力分析如圖乙所示，由牛頓第二定律有mgtan 45ma，可得F40 N，a10 m/s2，A錯(cuò)，B對(duì).,外力F增大，則斜面體加速度增加，楔形物體不能獲得那么大的加速度，將會(huì)相對(duì)斜面體沿斜面上滑，D對(duì).,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,7.如圖7所示，質(zhì)量分別為m1、m2的兩個(gè)物體通過輕彈簧連接，在力F的作用下一起沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)(m1在光滑地面上，m2在空中).已知力F與水平方向

27、的夾角為.則m1的加速度大小為,答案,解析,圖7,8.(2014北京理綜18)應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入.例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，直至將物體拋出.對(duì)此現(xiàn)象分析正確的是 A.手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過程中，物體始終處于超重狀態(tài) B.手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過程中，物體始終處于失重狀態(tài) C.在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度 D.在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,答案,解析,解析手托物體拋出的過程，必有一段加速過程，其后可以減速，可以勻速，當(dāng)手和物體勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體既不超重也

28、不失重；當(dāng)手和物體減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體處于失重狀態(tài)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤； 物體從靜止到運(yùn)動(dòng)，必有一段加速過程，此過程物體處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤； 當(dāng)物體離開手的瞬間，物體只受重力，此時(shí)物體的加速度等于重力加速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤； 手和物體分離之前速度相同，分離之后手速度的變化量比物體速度的變化量大，物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度，所以選項(xiàng)D正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,9.(2018湖南懷化質(zhì)檢)如圖8所示，A、B、C三球質(zhì)量均為m，輕質(zhì)彈簧一端固定在斜面頂端、另一端與A球相連，A、B間固定一個(gè)輕桿，B、C間由一輕質(zhì)細(xì)線連接.傾角為的光滑斜面固定在地面上，彈簧、輕

29、桿與細(xì)線均平行于斜面，初始系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說法正確的是 A.A球受力情況未變，加速度為零 B.C球的加速度沿斜面向下，大小為g C.A、B之間桿的拉力大小為2mgsin D.A、B兩個(gè)小球的加速度均沿斜面向上，大小均為 gsin ,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,圖8,解析細(xì)線被燒斷的瞬間，以A、B整體為研究對(duì)象，彈簧彈力不變，細(xì)線拉力突變?yōu)?，合力不為0，加速度不為0，故A錯(cuò)誤； 對(duì)球C，由牛頓第二定律得：mgsin ma，解得：agsin ，方向沿斜面向下，故B錯(cuò)誤； 以A、B、C組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，燒斷細(xì)線前，A、B、C靜止，處于平衡狀態(tài)，合力為零，彈簧的彈力F3mgsin ，燒斷細(xì)線的瞬間，由于彈簧彈力不能突變，彈簧彈力不變，以A、B整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：3mgsin 2mgsin 2m