1、精選文檔2017高考全國(guó)卷理綜答案及解析1正確答案及相關(guān)解析正確答案 D解析哺乳動(dòng)物卵巢分泌的雌激素通過血液循環(huán)作用于乳腺細(xì)胞，精子在輸卵管內(nèi)與卵細(xì)胞結(jié)合，進(jìn)入卵細(xì)胞內(nèi)完成受精作用，是直接接觸，所以D正確，A、B、C錯(cuò)誤。考查方向細(xì)胞膜系統(tǒng)的結(jié)構(gòu)和功能，脊椎動(dòng)物激素的調(diào)節(jié)。解題思路分析題意前者通過血液運(yùn)輸，后者是細(xì)胞間直接接觸易錯(cuò)點(diǎn)考生會(huì)因分析不準(zhǔn)確而誤選2正確答案及相關(guān)解析正確答案 D解析通常認(rèn)為細(xì)胞膜喪失完整性，細(xì)胞即可被認(rèn)為已經(jīng)死亡。臺(tái)盼藍(lán)是檢測(cè)細(xì)胞膜完整性最常用的生物染色試劑。健康的正常細(xì)胞能夠排斥臺(tái)盼藍(lán)，而死亡的細(xì)胞，膜的完整性喪失，通透性增加，細(xì)胞可被臺(tái)盼藍(lán)染成藍(lán)色，A正確；氨基酸

2、不含肽鍵，而雙縮脲試劑是用來檢測(cè)蛋白質(zhì)中的肽鍵，B錯(cuò)誤；觀察細(xì)胞分裂過程中的染色體，通常用醋酸洋紅液或龍膽紫溶液或改良的苯酚品紅溶液，C正確；斐林試劑是含有Cu2+的堿性溶液，可被葡萄糖在水浴加熱下還原成磚紅色，D正確?？疾榉较驒z測(cè)生物組織中還原糖、脂肪、和蛋白質(zhì)，通過模擬實(shí)驗(yàn)探究膜的透性，觀察細(xì)胞的有絲分裂。解題思路依據(jù)教材的相關(guān)實(shí)驗(yàn)逐項(xiàng)分析易錯(cuò)點(diǎn)考生會(huì)因?qū)滩膶?shí)驗(yàn)相關(guān)知識(shí)識(shí)記或理解不準(zhǔn)確而誤選3正確答案及相關(guān)解析正確答案 C解析由實(shí)驗(yàn)結(jié)果圖可知，細(xì)胞分裂素處理組比對(duì)照組葉綠素下降慢，說明細(xì)胞分裂素能延緩該植物離體葉片的衰老，A正確；CTK+ABA處理組比細(xì)胞分裂素處理組葉綠素下降快，說明C

3、TK延緩該植物離體葉片的衰老的作用可被ABA削弱，B正確；由實(shí)驗(yàn)結(jié)果圖可知，ABA組葉綠體中葉綠素含量少于CTK組，由些可推測(cè)ABA組葉綠體中光反應(yīng)NADPH合成速率小于CTK組，C錯(cuò)誤；由實(shí)驗(yàn)結(jié)果圖可知，ABA處理組比對(duì)照組葉綠素下降快，說明ABA能促進(jìn)該植物離體葉片的衰老，可推測(cè)施用ABA能加速秋天銀杏樹的葉由綠變黃的過程，D正確故選C考查方向其他植物激素，植物激素的應(yīng)用。解題思路依據(jù)題目中的實(shí)驗(yàn)?zāi)康募皩?shí)驗(yàn)設(shè)置實(shí)驗(yàn)結(jié)果逐項(xiàng)分析易錯(cuò)點(diǎn)考生會(huì)因探究實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Σ粔蚨`選4正確答案及相關(guān)解析正確答案 C解析一定量的某種動(dòng)物的提取液（A）注射到實(shí)驗(yàn)小鼠體內(nèi)，注射后若干天，未見小鼠出現(xiàn)明顯的異常表現(xiàn)，就

4、說明提取液不是含有胰島素。分組后一組再注射少量的A，小鼠表現(xiàn)為呼吸困難等癥狀，另一組注射生理鹽水，未見小鼠有異常表現(xiàn)，說明提取液中含有過敏原，引起小鼠發(fā)生過敏反應(yīng)，而不是胰島素作用的結(jié)果，A錯(cuò)誤、C正確；乙酰膽堿是興奮性神經(jīng)遞質(zhì)，不會(huì)使小鼠骨骼肌活動(dòng)減弱，B錯(cuò)誤；呼吸抑制劑是作用于細(xì)胞呼吸，而不是作用于小鼠呼吸系統(tǒng)，D錯(cuò)誤?？疾榉较蛉梭w免疫系統(tǒng)在維持穩(wěn)態(tài)中的作用解題思路依據(jù)題意“注射后若干天，未見小鼠出現(xiàn)明顯的異常表現(xiàn)”說明提取液不是含有胰島素，乙酰膽堿是興奮性神經(jīng)遞質(zhì)等信息分析。易錯(cuò)點(diǎn)考生對(duì)題目信息理解不到位而誤選5正確答案及相關(guān)解析正確答案 D解析要持續(xù)盡可能多地收獲該種家畜，則需要讓該種

5、家畜種群數(shù)量保持在K/2水平，這時(shí)種群增長(zhǎng)速率最快，由圖可知，甲、乙、丙數(shù)量沒有達(dá)到K/2，丁超過K/2，選擇丁點(diǎn)可以使每次捕獲后，家畜種群數(shù)量降低到K/2，保持最大增長(zhǎng)速率，故選D。考查方向考查種群數(shù)量的變化規(guī)律及識(shí)圖分析能力解題思路要持續(xù)盡可能多地收獲該種家畜，則需要讓該種家畜種群數(shù)量保持在K/2水平，這時(shí)種群增長(zhǎng)速率最快，分析圖可知丁超過K/2易錯(cuò)點(diǎn)考生會(huì)把圖中的種群的增長(zhǎng)率當(dāng)成種群數(shù)量而誤選6正確答案及相關(guān)解析正確答案 B解析長(zhǎng)翅與長(zhǎng)翅交配，后代出現(xiàn)殘翅，則長(zhǎng)翅均為雜合子（Bb），子一代中殘翅占1/4，而子一代雄性中出現(xiàn)1/8為白眼殘翅，則雄性中殘翅果蠅占1/2，所以親本雌性為紅眼長(zhǎng)翅

6、的雙雜合子，親本雌蠅的基因型為BbXRXr， A正確；F1中出現(xiàn)長(zhǎng)翅雄果蠅的概率為3/41/23/8，B錯(cuò)誤；親本基因型為BbXRXr和BbXrY，則各含有一個(gè)Xr基因，產(chǎn)生含Xr配子的比例相同，C正確；白眼殘翅雌蠅的基因型為bbXrXr，為純合子，配子的基因型即卵細(xì)胞和極體均為bXr，D正確?？疾榉较蚧虻姆蛛x定律和自由組合定律，伴性遺傳解題思路依據(jù)題目信息分析：長(zhǎng)翅與長(zhǎng)翅交配，后代出現(xiàn)殘翅，則長(zhǎng)翅均為雜合子（Bb），子一代中殘翅占1/4，而子一代雄性中出現(xiàn)1/8為白眼殘翅，則雄性中殘翅果蠅占1/2，所以親本雌性為紅眼長(zhǎng)翅的雙雜合子，再逐項(xiàng)分析易錯(cuò)點(diǎn)考生會(huì)因應(yīng)用基因的自由組合定律分析實(shí)驗(yàn)問題

7、能力不足而誤選7正確答案及相關(guān)解析正確答案 A解析（1）A尼龍繩的主要成分是聚酯類合成纖維，滿足條件，故A正確；（2）B宣紙的主要成分為天然纖維素，不屬于合成纖維，故B錯(cuò)誤；（3）C羊絨衫的主要成分是蛋白質(zhì)，不屬于合成纖維，故C錯(cuò)誤；（4）D棉襯衣的主要成分為天然纖維素，不是合成纖維，故D錯(cuò)誤；故選A考查方向氨基酸、蛋白質(zhì)的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)特點(diǎn)解題思路宣紙、棉襯衣的主要成分為纖維素，羊絨衫的主要成分為蛋白質(zhì)，只有尼龍繩主要成分為聚酯類合成纖維，據(jù)此進(jìn)行解答易錯(cuò)點(diǎn)常見有機(jī)物組成、性質(zhì)及分類；注意合成纖維與纖維素、蛋白質(zhì)等區(qū)別8正確答案及相關(guān)解析正確答案 B解析“取砒之法，將生砒就置火上，以器覆之，令砒

8、煙上飛著覆器，遂凝結(jié)累然下垂如乳”，涉及用到加熱的方法，將被提純固體直接轉(zhuǎn)化為氣體、冷凝為固體的過程，為升華操作，沒有隔絕空氣強(qiáng)熱，不是干餾，萃取無需加熱故選B考查方向升華解題思路“取砒之法，將生砒就置火上，以器覆之，令砒煙上飛著覆器，遂凝結(jié)累然下垂如乳”，涉及用到加熱的方法，將被提純物質(zhì)氣化、冷凝的過程，以此解答該題易錯(cuò)點(diǎn)物質(zhì)的分離提純和鑒別；注意把握題給信息以及常見分離方法9正確答案及相關(guān)解析正確答案 D解析（1）Ab是苯，其同分異構(gòu)體有多種，可為環(huán)狀烴，也可為鏈狀烴，如HCC-CH=CH-CH=CH2；不止d和p兩種，A錯(cuò)誤；（2）Bd編號(hào)如圖，d分子中對(duì)應(yīng)的二氯代物中，根據(jù)定一移一可知

9、兩個(gè)氯原子分別位于1、2，1、3，1、4，2、3，2、5，2、6等位置，d的二氯代物是6種，B錯(cuò)誤；（3）Cb、p分子中不存在碳碳雙鍵，不與酸性高錳酸鉀溶液發(fā)生反應(yīng)，C錯(cuò)誤；（4）D苯是平面形結(jié)構(gòu)，所有原子共平面，d、p中均含有飽和碳原子，具有甲烷的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)，所有原子不可能共平面，D正確。考查方向同分異構(gòu)現(xiàn)象和同分異構(gòu)體 有機(jī)化合物的異構(gòu)現(xiàn)象解題思路（1）Ab為苯，對(duì)應(yīng)的同分異構(gòu)體可為環(huán)狀烴，也可為鏈狀烴；（2）Bd對(duì)應(yīng)的二氯代物大于3種；（3）Cb、p與高錳酸鉀不反應(yīng)；（4）Dd、p都含有飽和碳原子，具有甲烷的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)易錯(cuò)點(diǎn)同分異構(gòu)體的類型、空間構(gòu)型及其判定10正確答案及相關(guān)解析正確答案 B

10、解析（1）AZn粒中往往含有硫等雜質(zhì)，因此生成的氫氣中可能含有硫化氫氣體，所以KMnO4溶液用于除去硫化氫，另外裝置中含有空氣，用焦性沒食子酸溶液吸收氧氣；氣體從焦性沒食子酸溶液中逸出，得到的氫氣混有水蒸氣，應(yīng)最后通過濃硫酸干燥，故A錯(cuò)誤；（2）B氫氣為可燃性氣體，點(diǎn)燃酒精燈進(jìn)行加熱前，應(yīng)檢驗(yàn)氫氣的純度，以避免不純的氫氣發(fā)生爆炸，可點(diǎn)燃?xì)怏w，通過聲音判斷氣體濃度，聲音越尖銳，氫氣的純度越低，故B正確；（3）C實(shí)驗(yàn)結(jié)束后應(yīng)先停止加熱再停止通入氫氣，使W處在氫氣的氛圍中冷卻，以避免W被重新氧化，故C錯(cuò)誤；（4）D二氧化錳與濃鹽酸需在加熱條件下反應(yīng)，而啟普發(fā)生器不能加熱，所以不能用于該反應(yīng)，故D錯(cuò)誤

11、故選B考查方向物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應(yīng)用解題思路H2還原WO3制備金屬W，裝置Q用于制備氫氣，因鹽酸易揮發(fā)，則、應(yīng)分別用于除去HCl、氧氣和水，得到干燥的氫氣與WO3在加熱條件下制備W，實(shí)驗(yàn)結(jié)束后應(yīng)先停止加熱再停止通入氫氣，以避免W被重新氧化，以此解答該題易錯(cuò)點(diǎn)實(shí)驗(yàn)的原理以及操作的注意事項(xiàng)，試劑選用的先后順序等11正確答案及相關(guān)解析正確答案 C解析本題使用的是外加電流的陰極保護(hù)法：（1）A被保護(hù)的鋼管樁應(yīng)作為陰極，從而使得金屬腐蝕發(fā)生的電子遷移得到抑制，使鋼管樁表面腐蝕電流接近于零，避免或減弱腐蝕的發(fā)生，故A正確；（2）B通電后，惰性高硅鑄鐵作陽(yáng)極，海水中的氯離子等在陽(yáng)極失電子發(fā)生

12、氧化反應(yīng)，電子經(jīng)導(dǎo)線流向電源正極，再?gòu)碾娫簇?fù)極流出經(jīng)導(dǎo)線流向鋼管樁，故B正確；（3）C高硅鑄鐵為惰性輔助陽(yáng)極，所以高硅鑄鐵不損耗，C錯(cuò)誤；（4）D在保護(hù)過程中要使被保護(hù)金屬結(jié)構(gòu)電位低于周圍環(huán)境，則通入的保護(hù)電流應(yīng)該根據(jù)環(huán)境條件變化進(jìn)行調(diào)整，故D正確；考查方向原電池和電解池的工作原理解題思路外加電流陰極保護(hù)是通過外加直流電源以及輔助陽(yáng)極，被保護(hù)金屬與電源的負(fù)極相連作為陰極，電子從電源負(fù)極流出，給被保護(hù)的金屬補(bǔ)充大量的電子，使被保護(hù)金屬整體處于電子過剩的狀態(tài)，讓被保護(hù)金屬結(jié)構(gòu)電位低于周圍環(huán)境，從而使得金屬腐蝕發(fā)生的電子遷移得到抑制，避免或減弱腐蝕的發(fā)生，陽(yáng)極若是惰性電極，則是電解質(zhì)溶液中的離子在陽(yáng)

13、極失電子，據(jù)此解答易錯(cuò)點(diǎn)理解外加電流陰極保護(hù)法的工作原理，注意化學(xué)與生活的聯(lián)系12正確答案及相關(guān)解析正確答案 C解析W的簡(jiǎn)單氫化物可用作制冷劑，常見為氨氣，則W為N元素，Y的原子半徑是所有短周期主族元素中最大的，應(yīng)為Na元素，由X、Y和Z三種元素形成的一種鹽溶于水后，加入稀鹽酸，有黃色沉淀析出，同時(shí)有刺激性氣體產(chǎn)生，黃色沉淀為S，則由X、Y和Z三種元素形成的一種鹽為Na2S2O3，刺激性氣體為SO2，則X為O元素，Z為S元素（1）A非金屬性O(shè)N，元素的非金屬性越強(qiáng)，對(duì)應(yīng)的氫化物越穩(wěn)定，故A正確；（2）BY為Na元素，X為O元素，對(duì)應(yīng)的簡(jiǎn)單離子核外都有10個(gè)電子，與Ne的核外電子排布相同，故B正

14、確；（3）CY與Z形成的化合物為Na2S，為強(qiáng)堿弱酸鹽，水解呈堿性，則可使紅色石蕊試液變藍(lán)色，而不能使藍(lán)色石蕊試紙變紅；故C錯(cuò)誤；（4）DZ為S元素，與O同主族，與Na同周期，故D正確考查方向同一周期內(nèi)元素性質(zhì)的遞變規(guī)律與原子結(jié)構(gòu)的關(guān)系 原子結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì) 共價(jià)鍵的形成及共價(jià)鍵的主要類型解題思路W的簡(jiǎn)單氫化物可用作制冷劑，常見為氨氣，則W為N元素，Y的原子半徑是所有短周期主族元素中最大的，應(yīng)為Na元素，由X、Y和Z三種元素形成的一種鹽溶于水后，加入稀鹽酸，有黃色沉淀析出，同時(shí)有刺激性氣體產(chǎn)生，黃色沉淀為S，則由X、Y和Z三種元素形成的一種鹽為Na2S2O3，刺激性氣體為SO2，則X為O元素，

15、Z為S元素，結(jié)合對(duì)應(yīng)單質(zhì)、化合物的性質(zhì)以及元素周期律的遞變規(guī)律解答該題易錯(cuò)點(diǎn)原子結(jié)構(gòu)與元素周期律知識(shí)，側(cè)重考查分析能力，題注意把握物質(zhì)的性質(zhì)與用途的關(guān)系13正確答案及相關(guān)解析正確答案 D解析H2X為二元弱酸，以第一步電離為主，則Ka1(H2X)Ka2(H2X)，酸性條件下，則pH相同時(shí)，c(HX)/c(H2X)c(X2)/c(HX)，由圖象可知N為lgc(HX)/c(H2X)的變化曲線，M為lgc(X2)/c(HX)的變化曲線，當(dāng)lgc(HX)/c(H2X)或lgc(X2)/c(HX)=0時(shí)，說明c(HX)/c(H2X)或c(X2)/c(HX)=1，濃度相等，結(jié)合圖象可計(jì)算電離常數(shù)并判斷溶液的

16、酸堿性（1）Algc(X2)/c(HX)=0時(shí)，c(X2)/c(HX)=1，此時(shí)pH5.4，則Ka2(H2X)10-5.4，可知Ka2(H2X)的數(shù)量級(jí)為10-6，故A正確；（2）B由以上分析可知曲線N表示pH與lgc(HX)/c(H2X)的變化關(guān)系，故B正確；（3）C由圖象可知，lgc(X2)/c(HX)=0時(shí)，即c(X2)=c(HX)，此時(shí)pH5.4，可知HX-電離程度大于X2-水解程度，則NaHX溶液呈酸性，溶液中c(H+)c(OH-)，故C正確；（4）D由圖象可知當(dāng)pH=7時(shí)，lgc(X2)/c(HX)0，則c(X2-)c(HX-)，故D錯(cuò)誤。故選D考查方向電離平衡與溶液的pH：酸堿混

17、合時(shí)的定性判斷及有關(guān)pH的計(jì)算解題思路H2X為二元弱酸，以第一步電離為主，則Ka1(H2X)Ka2(H2X)，酸性條件下，則pH相同時(shí)，c(HX)/c(H2X)c(X2)/c(HX)，由圖象可知N為lgc(HX)/c(H2X)的變化曲線，M為lgc(X2)/c(HX)的變化曲線，當(dāng)lgc(HX)/c(H2X)或lgc(X2)/c(HX)=0時(shí)，說明c(HX)/c(H2X)或c(X2)/c(HX)=1，濃度相等，結(jié)合圖象可計(jì)算電離常數(shù)并判斷溶液的酸堿性據(jù)此解答易錯(cuò)點(diǎn)弱電解質(zhì)的電離的相關(guān)分析與計(jì)算，理解圖象的曲線的變化意義14正確答案及相關(guān)解析正確答案 A解析設(shè)火箭的質(zhì)量（不含燃?xì)猓閙1，燃?xì)獾?/p>

18、質(zhì)量為m2，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，解得火箭的動(dòng)量大小為，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤；綜上本題選A考查方向本題考查了動(dòng)量守恒定律知識(shí)點(diǎn)，在近幾年的各省高考題出現(xiàn)的頻率較高，常與動(dòng)能定理等知識(shí)點(diǎn)交匯命題。解題思路在噴氣的很短時(shí)間內(nèi)，火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒定律求出燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g火箭的動(dòng)量大小即可得到火箭的動(dòng)量大?。灰族e(cuò)點(diǎn)本題關(guān)鍵知道動(dòng)量守恒的條件，理解噴出燃?xì)獾膭?dòng)量和火箭的動(dòng)量大小相等，方向相反，運(yùn)算中注意各物理量用國(guó)際單位制中的單位；15正確答案及相關(guān)解析正確答案 C解析發(fā)球機(jī)發(fā)出的球，水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，水平方向分運(yùn)動(dòng)與豎直方向分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性

19、，運(yùn)動(dòng)相互獨(dú)立，由豎直方向分運(yùn)動(dòng)可知，小球的下落時(shí)間為：，與小球的發(fā)射速度無關(guān)，則球下降相同距離所用的時(shí)間相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得小球豎直方向上的速度與小球下降相同距離關(guān)系為：，可知小球下降相同距離時(shí)，在豎直方向上的速度速度相等，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由于發(fā)球機(jī)到網(wǎng)的水平距離一定，速度大，則所用的時(shí)間較少，球下降的高度較小，容易越過球網(wǎng)，選項(xiàng)C正確；根據(jù)可知小球在相同時(shí)間間隔內(nèi)下降的距離相等，與發(fā)射速度大小無關(guān)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；綜上本題選：C考查方向本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)點(diǎn)，在近幾年的各省高考題出現(xiàn)的頻率較高，常與運(yùn)動(dòng)的合成與分解等知識(shí)點(diǎn)交匯命題。16正確答案及相關(guān)解析正確答案 B解析微粒受重力

20、G、電場(chǎng)力F、洛倫茲力的作用，三個(gè)帶正電的微粒a，b，c電荷量相等，那么微粒所受電場(chǎng)力F大小相等，方向豎直向上； a在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則a的重力等于電場(chǎng)力，即； b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則b受力平衡，由左手定則可知洛倫茲力方向豎直向上，而重力方向豎直向下，則有； c在紙面內(nèi)向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則c受力平衡，由左手定則可知洛倫茲力方向向下，則有：，所以，故B正確，選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤；綜上本題選：B考查方向本題考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)解題思路由粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律得到其合外力情況，再對(duì)粒子進(jìn)行受力分析即可求解；易錯(cuò)點(diǎn)本題關(guān)鍵是根據(jù)正電的微粒的運(yùn)動(dòng)情況根據(jù)左手定則判斷受到的洛

21、倫茲力方向.17正確答案及相關(guān)解析正確答案 B解析因氘核聚變的核反應(yīng)方程為：；核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為：，則釋放核能為：，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤；綜上本題選：B考查方向原子核的結(jié)合能解題思路根據(jù)已知核反應(yīng)方程式，要計(jì)算計(jì)算釋放的核能，就必須知道核反應(yīng)虧損的質(zhì)量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程E=mC2即可求出核反應(yīng)釋放的能量；易錯(cuò)點(diǎn)本題關(guān)鍵是通過核反應(yīng)方程求出核反應(yīng)中虧損的質(zhì)量，利用1 u=931 MeV/c2計(jì)算；18正確答案及相關(guān)解析正確答案 A解析由于紫銅薄板上下及左右微小振動(dòng)，當(dāng)加恒定磁場(chǎng)后，要使紫銅薄板振動(dòng)的衰減最有效，則穿過板的磁通量發(fā)生明顯變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)磁場(chǎng)進(jìn)而阻礙板的運(yùn)

22、動(dòng)，比較各選項(xiàng)，只有A選項(xiàng)穿過板的磁通量變化明顯，故A正確，BCD錯(cuò)誤；綜上本題選A考查方向本題考查了電磁阻力和電磁驅(qū)動(dòng)。解題思路根據(jù)電磁感應(yīng)原理，結(jié)合楞次定律的阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)角度，及產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，即可判定；易錯(cuò)點(diǎn)理解楞次定律中阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)，理解磁通量的含義；19正確答案及相關(guān)解析正確答案 B,C解析根據(jù)安培定則，結(jié)合矢量的合成法則，則L2、L3通電導(dǎo)線在L1處的磁場(chǎng)方向如圖1所示：再根據(jù)左手定則，那么L1所受磁場(chǎng)作用力的方向與L2、L3所在平面平行，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；同理，根據(jù)安培定則，結(jié)合矢量的合成法則，則L2、L1通電導(dǎo)線在L3處的磁場(chǎng)方向如圖2所示，再根據(jù)左手定則，那么L3所受磁場(chǎng)作用力

23、的方向與L2、L1所在平面垂直，選項(xiàng)B正確；設(shè)三根導(dǎo)線兩兩之間的相互作用力為F，則L1、L2受到的磁場(chǎng)力的合力等于F，L3受的磁場(chǎng)力的合力等于F，L3受的磁場(chǎng)力的合力為，即L1、L2、L3單位長(zhǎng)度受到的磁場(chǎng)力之比為，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。綜上本題選：BC考查方向通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的力安培力解題思路依據(jù)右手螺旋定則判定各導(dǎo)線在其他位置的磁場(chǎng)方向，再結(jié)合矢量的合成法則，即可判定合磁場(chǎng)方向，最后根據(jù)左手定則，從而確定其位置的受到磁場(chǎng)力方向；因所通的電流相等，那么單位長(zhǎng)度的磁場(chǎng)力之比，即為各自所處的磁場(chǎng)之比；易錯(cuò)點(diǎn)本題關(guān)鍵掌握矢量的合成法則，運(yùn)用幾何關(guān)系，及三角知識(shí)解答；20正確答案及相關(guān)解析正

24、確答案 A,C解析由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可得：，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從a到b電場(chǎng)力做功為：，從b到c電場(chǎng)力做功為：，所以有：，選項(xiàng)C正確；從c到d電場(chǎng)力做功為：，所以，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。綜上本題選：AC考查方向電勢(shì)能和電勢(shì)、電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系解題思路由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式可求場(chǎng)強(qiáng)之比；利用公式和分別計(jì)算電場(chǎng)力做的功，從而求電場(chǎng)力做功之比；易錯(cuò)點(diǎn)關(guān)鍵是正確理解點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式和，知道電勢(shì)差等于兩點(diǎn)電勢(shì)之差根據(jù)圖象讀出信息求解；21正確答案及相關(guān)解析正確答案 A,D解析以重物為研究對(duì)象，受重力mg，OM繩上拉力，MN上拉力，由于重物向右上方緩慢拉起，整個(gè)過程動(dòng)態(tài)平衡，畫出動(dòng)態(tài)平衡圖如圖所示：由題意知，三個(gè)力合

25、力始終為零，矢量三角形如圖所示，在轉(zhuǎn)到水平位置的過程中，MN上拉力逐漸增大，OM繩上拉力先增大后減小，選項(xiàng)AD正確，BC錯(cuò)誤；綜上本題選AD考查方向共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用解題思路以重物為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析，由于重物向右上方緩慢拉起，整個(gè)過程動(dòng)態(tài)平衡，畫出動(dòng)態(tài)平衡圖分析即可；易錯(cuò)點(diǎn)關(guān)鍵對(duì)重物進(jìn)行正確的受力分析，根據(jù)平衡條件畫出動(dòng)態(tài)平衡圖；22正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）從右向左（2）0.19；解析（1）由于用手輕推一下小車，小車離開手后，小車做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖(b)中桌面上連續(xù)6個(gè)水滴的位置，可知從右向左相鄰水滴之間的距離減小，所以小車從右向左做減速運(yùn)動(dòng)；（2）已知滴水計(jì)時(shí)器每30s內(nèi)

26、共滴下46個(gè)小水滴，那么各點(diǎn)時(shí)間間隔為：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，有：；由圖（b）令，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式x=aT2得：，則小車的加速度為，代入數(shù)據(jù)解得：，負(fù)號(hào)表示與小車運(yùn)動(dòng)方向相反，則小車的加速度大小為考查方向用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)速度，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器系列實(shí)驗(yàn)中紙帶的處理，實(shí)物圖連線解題思路依據(jù)小車在手輕推一下，則做減速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合各點(diǎn)間距，即可判定運(yùn)動(dòng)方向；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上A點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大??；易錯(cuò)點(diǎn)關(guān)鍵分析出手推一下小車后，小車離開手后，做勻

27、減速直線運(yùn)動(dòng)，則相鄰水滴之間的距離逐漸減小，在計(jì)算打紙帶上A點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小及加速度大小時(shí)，注意結(jié)果均保留2位有效數(shù)字；23正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）實(shí)驗(yàn)電路原理圖見解析（2）增大；增大（3）0.39；1.17解析（1）因本實(shí)驗(yàn)需要電流從零開始調(diào)節(jié)，因此應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法；因電流表內(nèi)阻和燈泡內(nèi)阻接近，故電流表采用外接法；另外為了保護(hù)電壓表，用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示：（2）I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；（3）當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值全部接入時(shí)，燈泡的功率最

28、小，將R等效為電源內(nèi)阻，則電源電動(dòng)勢(shì)為4V，等效內(nèi)阻為10；作出電源的伏安特性曲線如圖a中實(shí)線所示：由圖可知，燈泡電壓為U=1.75V，電流I=225mA=0.225A，則最小功率；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電阻為零時(shí)，燈泡消耗的功率最大；此時(shí)電源的內(nèi)阻為1.0，作出電源的伏安特性曲線如圖a中虛線所示，如圖a可知，此時(shí)電壓為3.65V，電流為320mA=0.32A；則可知最大功率為：；考查方向（1）實(shí)物圖連線（2）描繪小電珠的伏安特性曲線（3）描繪小電珠的伏安特性曲線解題思路（1）明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)實(shí)驗(yàn)中給出的儀器分析滑動(dòng)變阻器以及電流表接法；（2）根據(jù)I-U圖象的性質(zhì)進(jìn)行分析，明確電阻隨電流變化的規(guī)律

29、，從而明確電阻率的變化情況；（3）分析滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，作出等效電源的伏安特性曲線，得出對(duì)應(yīng)的電流值和電壓值，從而明確燈泡功率的極值；易錯(cuò)點(diǎn)本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)中數(shù)據(jù)分析的基本方法，注意在分析功率時(shí)只能根據(jù)圖象進(jìn)行分析求解，不能利用歐姆定律進(jìn)行分析；24正確答案及相關(guān)解析正確答案（1） ；（2）解析（1）落地時(shí)的重力勢(shì)能為，動(dòng)能為，所以該飛船著地前瞬間的機(jī)械能為則飛船進(jìn)入大氣層的機(jī)械能為：，式中H為飛船在離地面高度，g為地球表面附近的重力加速度大小取為，代入數(shù)據(jù)解得：；（2）飛船從離地面高度處的速度大小為；從600m處到落地之間，重力做正功，阻力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理有：，代入

30、數(shù)據(jù)，可得；考查方向（1） 機(jī)械能（2）能量守恒定律與能源解題思路（1）機(jī)械能等于重力勢(shì)能和動(dòng)能之和，可以得出兩處的機(jī)械能；（2）根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算克服阻力做功；考查方向（1）機(jī)械能（2）能量守恒定律與能源解題思路（1）機(jī)械能等于重力勢(shì)能和動(dòng)能之和，可以得出兩處的機(jī)械能；（2）根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算克服阻力做功；25正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）（2），此時(shí)或；，此時(shí)；解析（1）設(shè)油滴質(zhì)量為m，帶電荷量為q，增大后的電場(chǎng)強(qiáng)度為E2，根據(jù)題中條件可以判斷電場(chǎng)力與重力方向相反；對(duì)于勻速運(yùn)動(dòng)階段，有qE1=mg 對(duì)于場(chǎng)強(qiáng)突然增大后的第一段t1時(shí)間，由牛頓第二定律得：qE2-mg=ma1 對(duì)于場(chǎng)強(qiáng)第二段t1

31、時(shí)間，由牛頓第二定律得：qE2+mg=ma2 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可得油滴在電場(chǎng)反向時(shí)的速度為：v=v0+a1t1油滴在B的速度為：vB=v-a2t1聯(lián)立至式，可得：vB=v0-2gt1；（2）設(shè)無電場(chǎng)時(shí)豎直上拋的最大高度為h，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有：根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可得： 油滴運(yùn)動(dòng)有兩種情況：情況一：位移之和聯(lián)立可得：由題意得E2E1，即滿足條件，即當(dāng)或才是可能的；情況二：位移之和 聯(lián)立可得：由題意得E2E1，即滿足條件，即，另一解為負(fù)，不合題意，舍去；考查方向（1）動(dòng)量定理（2）勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用解題思路（1）分析油滴的運(yùn)動(dòng)過程，可知其先進(jìn)行向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A處后因電場(chǎng)強(qiáng)度突然增大而

32、開始做向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過t1后電場(chǎng)突然反向，油滴開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，并可能在速度減為零后做反向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)對(duì)電場(chǎng)增大后的兩個(gè)過程分別列出牛頓第二定律方程，即可求得兩個(gè)過程中的加速度，而t1又是一個(gè)已知量，那么直接使用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求出vB的速度大?。唬?）因?yàn)橛偷巫詈罂赡茏龇聪虻膭蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，因此我們不能確定B點(diǎn)的位置究竟在A點(diǎn)上方還是A點(diǎn)下方，故需要分為兩種情況討論對(duì)其中每一種情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列出方程，并與豎直上拋的方程進(jìn)行聯(lián)立，即可分別求得兩種情況下的場(chǎng)強(qiáng)E2的大??；而根據(jù)題意，為求出t1與v0滿足的條件，只需要使E2E1即可，那么就可以最終求得t1與v0間的關(guān)系式易錯(cuò)

33、點(diǎn)本題關(guān)鍵分析清楚油滴的運(yùn)動(dòng)情況，即 B點(diǎn)可能在A點(diǎn)的上面，也可能在A點(diǎn)的下面，要分兩種情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式及牛頓第二定律求解；26正確答案及相關(guān)解析正確答案(1)避免b中壓強(qiáng)過大(2)防止暴沸 直形冷凝管(3)c中溫度下降，管路中形成負(fù)壓(4)液封，防止氨氣逸出 +OHNH3+H2O 保溫使氨完全蒸出(5)；解析(1)a為玻璃管，可連接空氣，避免在加熱時(shí)燒瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)過大，故答案為：平衡氣壓，以免關(guān)閉K1后圓底燒瓶?jī)?nèi)氣壓過大；(2)加熱純液體時(shí)，加入碎瓷片可避免液體暴沸，F(xiàn)為冷凝管，故答案為：防止暴沸；冷凝管；(3)停止加熱，關(guān)閉K1，g中蒸餾水倒吸進(jìn)入c，原因是c、e及其所連接的管道內(nèi)水蒸氣冷

34、凝為水后，氣壓遠(yuǎn)小于外界大氣壓，在大氣壓的作用下，錐形瓶?jī)?nèi)的蒸餾水被倒吸入c中，故答案為：c、e及其所連接的管道內(nèi)水蒸氣冷凝為水后，氣壓遠(yuǎn)小于外界大氣壓，在大氣壓的作用下，錐形瓶?jī)?nèi)的蒸餾水被倒吸入c中；(4)d中保留少量水，可檢驗(yàn)裝置是否漏氣，如漏氣，液面會(huì)下降，故答案為：便于檢驗(yàn)d裝置是否漏氣；銨鹽試樣由d注入e，隨后注入氫氧化鈉溶液，發(fā)生反應(yīng)生成氨氣，反應(yīng)的離子方程式為；e采用中空雙層玻璃瓶，起到保溫作用，以減少熱量損失，有利于銨根離子轉(zhuǎn)化為氨氣而逸出，故答案為：；減少熱量損失，有利于銨根離子轉(zhuǎn)化為氨氣而逸出；(5)滴定g中吸收液時(shí)消耗濃度為cmolL-1的鹽酸V mL，則n(HCl)=0

35、.001cVmol；結(jié)合反應(yīng)NH3H3BO3+HCl=NH4Cl+ H3BO3可知，n(N)=n(NH4Cl)=n(C2H5NO2)=n(HCl)，則m(N)=0.001cVmol14g/mol=0.014cVg，則樣品中氮的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為0.014Cv/m100%=1.4cVm%，m(C2H5NO2)=0.001cVmol75g/mol=0.075cVg，則樣品的純度為0.075cVm100%=7.5cVm%，故答案為：；考查方向(1)化學(xué)實(shí)驗(yàn)安全及事故處理(2)蒸發(fā)、蒸餾與結(jié)晶的儀器(3)氣體發(fā)生裝置、氣體性質(zhì)實(shí)驗(yàn)裝置、氣體發(fā)生裝置的氣密性檢查(4)銨鹽、離子方程式的書寫、氣體性質(zhì)實(shí)驗(yàn)裝置、氣

36、體發(fā)生裝置的氣密性檢查(5)物質(zhì)的量的相關(guān)計(jì)算、元素質(zhì)量分?jǐn)?shù)的計(jì)算,探究物質(zhì)的組成或測(cè)量物質(zhì)的含量解題思路(1)a為玻璃管，可連接空氣，避免燒瓶?jī)?nèi)壓強(qiáng)過大；(2)加熱純液體時(shí)，應(yīng)避免液體暴沸；(3)冷卻后，裝置內(nèi)壓強(qiáng)較低，可倒吸；(4)d中保留少量水，可檢驗(yàn)裝置是否漏氣；銨鹽試樣由d注入e，隨后注入氫氧化鈉溶液，發(fā)生反應(yīng)生成氨氣；e采用中空雙層玻璃瓶，起到保溫作用；(5)滴定g中吸收液時(shí)消耗濃度為cmolL-1的鹽酸V mL，則n(HCl)=0.001cVmol；結(jié)合反應(yīng)NH3H3BO3+HCl=NH4Cl+H3BO3可知，n(N)=n(NH4Cl)=n(C2H3NO2)=n(HCl)，以此解

37、答該題易錯(cuò)點(diǎn)元素化合物的性質(zhì)、實(shí)驗(yàn)原理、物質(zhì)制備等，特別是對(duì)實(shí)驗(yàn)方案理解及對(duì)元素化合物的知識(shí)的應(yīng)用.27正確答案及相關(guān)解析正確答案(1)100、2h，90，5h(2)FeTiO3+4H+4Cl=Fe2+2H2O(3)低于40，TiO2xH2O轉(zhuǎn)化反應(yīng)速率隨溫度升高而增加；超過40，雙氧水分解與氨氣逸出導(dǎo)致TiO2xH2O轉(zhuǎn)化反應(yīng)速率下降(4)4(5)Fe3+恰好沉淀完全時(shí)，c()=molL1=1.31017 molL1，c3(Mg2+)c2()(0.01)3(1.31017)2=1.71040KspMg3(PO4)2，因此不會(huì)生成Mg3(PO4)2沉淀。(6)2FePO4+Li2CO3+H2C

38、2O42LiFePO4+H2O+3CO2解析(1)由圖可知，當(dāng)鐵的凈出率為70%時(shí)，對(duì)應(yīng)的實(shí)驗(yàn)條件為100、2h和90，5h，故所采用的實(shí)驗(yàn)條件為選擇溫度為100、2h或90，5h，故答案為：100、2h，90，5h；(2)“酸浸”后，鈦主要以TiOCl42-形式存在，相應(yīng)反應(yīng)的離子方程式為FeTiO3+4H+4Cl-=Fe2+TiOCl42-+2H2O，故答案為：FeTiO3+4H+4Cl-=Fe2+TiOCl42-+2H2O；(3)40時(shí)TiO2xH2O轉(zhuǎn)化率最高，因溫度高反應(yīng)速率加快，但溫度過高過氧化氫分解、氨水易揮發(fā)，影響轉(zhuǎn)化率，故答案為：溫度高反應(yīng)速率加快，但溫度過高過氧化氫分解、氨

39、水易揮發(fā)，影響轉(zhuǎn)化率；(4)Li2Ti5O15中Ti的化合價(jià)為+4，Li的化合價(jià)為+1價(jià)，由化合價(jià)的代數(shù)和為0可知，O元素的負(fù)價(jià)代數(shù)和為22，設(shè)過氧鍵的數(shù)目為x，則(x2)1+(15-x2)2=22，解得x=4，故答案為：4；(5)Fe3+恰好沉淀完全即溶液中c(Fe3+)=1.010-5mol/L，由Ksp(FePO4)，可知c(PO43-)=1.31022/1105=1.010-17mol/L，QcMg3(PO4)2=(0.02mol/L/2)3(1.010-17mol/L)2=1.6910-40Ksp=1.010-24，則無沉淀生成，故答案為：c(PO43-)=1.31022/1105=

40、1.010-17mol/L，QcMg3(PO4)2=(0.02mol/L/2)3(1.010-17mol/L)2=1.6910-40Ksp=1.010-24，則無沉淀生成；(6)“高溫煅燒”中由FePO4制備LiFePO4的化學(xué)方程式為2FePO4+Li2CO3+H2C2O42LiFePO4+H2O+3CO2，故答案為：2FePO4+Li2CO3+H2C2O42LiFePO4+H2O+3CO2考查方向(1)探究溫度、對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響(2)化學(xué)方程式的書寫 氧化還原反應(yīng)(3)化學(xué)反應(yīng)速率的調(diào)控作用(4)化合價(jià)(5)難溶電解質(zhì)的溶解平衡(5)化學(xué)方程式的書寫 氧化還原反應(yīng)解題思路用鈦鐵礦(主要

41、成分為FeTiO3，還含有少量MgO、SiO2等雜質(zhì))來制備Li4Ti3O12和LiFePO4，由制備流程可知，加鹽酸過濾后的濾渣為SiO2，濾液中含Mg2+、Fe2+、Ti4+，水解后過濾，沉淀為TiO2xH2O，與雙氧水反應(yīng)Ti元素的化合價(jià)升高，生成(NH4)2Ti5O15，與LiOH反應(yīng)后過濾得到Li2Ti5O15，再與碳酸鋰高溫反應(yīng)生成Li4Ti3O12；水解后的濾液中含Mg2+、Fe2+，雙氧水可氧化亞鐵離子，在磷酸條件下過濾分離出FePO4，高溫煅燒中發(fā)生2FePO4+Li2CO3+H2C2O42LiFePO4+H2O+3CO2，以此解答該題易錯(cuò)點(diǎn)物質(zhì)的制備流程中發(fā)生的反應(yīng)、混合物

42、分離提純；注意元素化合物知識(shí)、化學(xué)反應(yīng)原理與實(shí)驗(yàn)的結(jié)合28正確答案及相關(guān)解析正確答案(1)D(2) H=+286 kJ/mol；H2S(g)=H2(g)+S(s) H=+20 kJ/mol；系統(tǒng)(II)(3)2.5；2.8103；B解析(1)A氫硫酸不能與碳酸氫鈉溶液反應(yīng)，而亞硫酸可以，符合強(qiáng)酸制備弱酸的特點(diǎn)，可說明亞硫酸的酸性比氫硫酸強(qiáng)，故A正確；B氫硫酸的導(dǎo)電能力低于相同濃度的亞硫酸，可說明亞硫酸的電離程度大，則亞硫酸的酸性強(qiáng)，故B正確；C.0.10molL-1的氫硫酸和亞硫酸的pH分別為4.5和2.1，可說明亞硫酸的電離程度大，酸性較強(qiáng)，故C正確；D氫硫酸的還原性強(qiáng)于亞硫酸，不能用于比較

43、酸性的強(qiáng)弱，故D錯(cuò)誤故答案為：D；(2)系統(tǒng)()涉及水的分解，系統(tǒng)()涉及硫化氫的分解，利用蓋斯定律分別將系統(tǒng)()和系統(tǒng)()的熱化學(xué)方程式相加，可得到水、硫化氫分解的熱化學(xué)方程式，則系統(tǒng)(I)的熱化學(xué)方程式 H=+286 kJ/mol系統(tǒng)(II)的熱化學(xué)方程式H2S(g)+=H2(g)+S(s)H=+20kJ/mol根據(jù)系統(tǒng)I、系統(tǒng)II的熱化學(xué)方程式可知：每反應(yīng)產(chǎn)生1mol氫氣，后者吸收的熱量比前者少，所以制取等量的H2所需能量較少的是系統(tǒng)II故答案為： H=+286 kJ/mol；H2S(g)=H2(g)+S(s) H=+20 kJ/mol；系統(tǒng)(II)(3) 對(duì)于反應(yīng)H2S(g)+CO2(

44、g)COS(g)+H2O(g) 起始(mol) 0.40 0.10 0 0 轉(zhuǎn)化(mol) x x x x 平衡(mol) 0 .40-x 0.10-x x x反應(yīng)平衡后水的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為0.02，則x/0.50=0.02，x=0.01，H2S的平衡轉(zhuǎn)化率a1=0.01/0.4*100%=2.5%，體積為2.5L，則平衡時(shí)各物質(zhì)的濃度為c(H2S)=(0.4-0.1)/2.5mol/L=0.156 mol/L；c(CO2)=(0.1-0.01)/2.5mol/L=0.036 mol/L；c(COS)=c(H2O)=0.01/2.5mol/L=0.004 mol/L則K=(0.004*0.004

45、)/(0.156*0.036)=0.00285；故答案為：2.5；0.00285；根據(jù)題目提供的數(shù)據(jù)可知溫度由610K升高到620K時(shí)，化學(xué)反應(yīng)達(dá)到平衡，水的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)由0.02變?yōu)?.03，所以H2S的轉(zhuǎn)化率增大，a2a1；根據(jù)題意可知：升高溫度，化學(xué)平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，根據(jù)平衡移動(dòng)原理：升高溫度，化學(xué)平衡向吸熱反應(yīng)方向移動(dòng)，所以該反應(yīng)的正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，故H0，故答案為：；A增大H2S的濃度，平衡正向移動(dòng)，但加入量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于平衡移動(dòng)轉(zhuǎn)化消耗量，所以H2S轉(zhuǎn)化率降低，故A錯(cuò)誤B增大CO2的濃度，平衡正向移動(dòng)，使更多的H2S反應(yīng)，所以H2S轉(zhuǎn)化率增大，故B正確；CCOS是生成物，增大生成物的

46、濃度，平衡逆向移動(dòng)，H2S轉(zhuǎn)化率降低，故C錯(cuò)誤；DN2是與反應(yīng)體系無關(guān)的氣體，充入N2，不能使化學(xué)平衡發(fā)生移動(dòng)，所以對(duì)H2S轉(zhuǎn)化率無影響，故D錯(cuò)誤故答案為：B考查方向(1)強(qiáng)電解質(zhì)和弱電解質(zhì)的概念,電解質(zhì)在水溶液中的電離,電解質(zhì)溶液的導(dǎo)電性,溶液pH的定義,酸、堿、鹽、氧化物的概念及其相互聯(lián)系(2)用蓋斯定律進(jìn)行有關(guān)反應(yīng)熱的計(jì)算,熱化學(xué)方程式,反應(yīng)熱和焓變(3)化學(xué)平衡常數(shù)的含義,用化學(xué)平衡常數(shù)進(jìn)行計(jì)算,化學(xué)平衡移動(dòng)原理解題思路(1)比較酸性強(qiáng)弱，可根據(jù)強(qiáng)酸制備弱酸、測(cè)定等濃度的pH以及溶液的導(dǎo)電能力判斷；(2)系統(tǒng)()涉及水的分解，系統(tǒng)()涉及硫化氫的分解，利用蓋斯定律分別將系統(tǒng)()和系統(tǒng)(

47、)的熱化學(xué)方程式相加，可得到水、硫化氫分解的熱化學(xué)方程式；(3)對(duì)于反應(yīng)H2S(g)+CO2(g)COS(g)+H2O(g)起始(mol) 0.40 0.10 0 0 轉(zhuǎn)化(mol) x x x x 平衡(mol) 0 .40-x 0.10-x x x反應(yīng)平衡后水的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為0.02，則x/0.50=0.02，x=0.01，結(jié)合平衡移動(dòng)的影響因素解答該題易錯(cuò)點(diǎn)元素周期律、熱化學(xué)方程式以及化學(xué)平衡的影響因素和計(jì)算等；注意分析能力和計(jì)算能力綜合，把握蓋斯定律的應(yīng)用以及化學(xué)平衡三段式的計(jì)算方法；29正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）思路甲組：將宿主細(xì)胞培養(yǎng)在含有放射性標(biāo)記尿嘧啶的培養(yǎng)基中，之后接種

48、新病毒。培養(yǎng)一段時(shí)間后收集病毒并監(jiān)測(cè)其放射性。乙組：將宿主細(xì)胞培養(yǎng)在含有放射性標(biāo)記胸腺嘧啶的培養(yǎng)基中，之后接種新病毒。培養(yǎng)一段時(shí)間后收集病毒并監(jiān)測(cè)其放射性。（2）結(jié)果及結(jié)論：若甲組收集的病毒有放射性，乙組無，即為RNA病毒；反之為DNA病毒。解析（1）依據(jù)DNA和RNA特有的堿基，實(shí)驗(yàn)分甲乙兩組，甲組：將宿主細(xì)胞培養(yǎng)在含有放射性標(biāo)記尿嘧啶的培養(yǎng)基中，之后接種新病毒。培養(yǎng)一段時(shí)間后收集病毒并監(jiān)測(cè)其放射性。乙組：將宿主細(xì)胞培養(yǎng)在含有放射性標(biāo)記胸腺嘧啶的培養(yǎng)基中，之后接種新病毒。培養(yǎng)一段時(shí)間后收集病毒并監(jiān)測(cè)其放射性。（2）結(jié)果及結(jié)論：若甲組收集的病毒有放射性，乙組無，即為RNA病毒；反之為DNA病毒

49、?？疾榉较颍?）探究實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)能力；（2）實(shí)驗(yàn)結(jié)果的預(yù)期和結(jié)論得出。解題思路（1）依題意分析實(shí)驗(yàn)的目的，區(qū)別DNA和RNA從兩者特有的堿基角度思考；（2）準(zhǔn)確全面表達(dá)結(jié)果和結(jié)論。易錯(cuò)點(diǎn)（1）不能準(zhǔn)確理解實(shí)驗(yàn)的目的或不能從DNA和RNA特有的堿基角度思考；（2）對(duì)結(jié)果和結(jié)論表達(dá)不準(zhǔn)確或不全面。30正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）植物在光下光合作用吸收CO2的量大于呼吸作用釋放CO2的量，使密閉小室中CO2濃度降低，光合速率也隨之降低 大于0（2）甲種植物在光下光合作用釋放的O2使密閉小室中O2增加，而O2與有機(jī)物分解產(chǎn)生的NADH發(fā)生作用形成水是有氧呼吸的一個(gè)環(huán)節(jié)，所以當(dāng)O2增多時(shí)，有氧呼吸會(huì)增加

50、解析（1）依據(jù)題意可知，植物在密閉室內(nèi)，適宜條件下，光合作用大于細(xì)胞呼吸時(shí)，室內(nèi)CO2濃度降低，光合速率也隨之降低；依題“已知甲種植物的CO2補(bǔ)償點(diǎn)大于乙種植物的?！奔追N植物凈光合速率為0時(shí)正好CO2為補(bǔ)償點(diǎn)，對(duì)乙種植物來講CO2已超過補(bǔ)償點(diǎn)，故凈光合速率大于0。（2）若將甲種植物密閉在無O2、但其他條件適宜的小室中，照光培養(yǎng)一段時(shí)間后，發(fā)現(xiàn)植物的有氧呼吸增加，即密閉室內(nèi)由植物的光合作用大于呼吸作用產(chǎn)生了O2，當(dāng)O2增多時(shí)，有氧呼吸會(huì)增加?？疾榉较蛴绊懝夂献饔盟俾实沫h(huán)境因素解題思路（1）仔細(xì)審題“密閉室內(nèi)”“ 已知甲種植物的CO2補(bǔ)償點(diǎn)大于乙種植物的。”有氧呼吸會(huì)增加推知室內(nèi)氧增加，再分析氧增

51、加的原因。易錯(cuò)點(diǎn)（1）不能準(zhǔn)確攝取題目信息；（2）分析能力不足或表達(dá)不準(zhǔn)確。31正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）血漿（2）增加 降低 （3）細(xì)胞與外界環(huán)境進(jìn)行物質(zhì)交換解析（1）人體血漿蛋白含量顯著降低時(shí)，血漿膠體滲透壓降低，從而導(dǎo)致水分由血漿進(jìn)入組織液，引起組織水腫。（2）正常人大量飲用清水后，胃腸腔內(nèi)的滲透壓下降，經(jīng)胃腸吸收進(jìn)入血漿的水量會(huì)增多，從而使血漿晶體滲透壓下降。（3）內(nèi)環(huán)境是體內(nèi)細(xì)胞賴以生存的環(huán)境，為體內(nèi)細(xì)胞提供相對(duì)穩(wěn)定的環(huán)境，維持細(xì)胞滲透壓，給細(xì)胞提供氧氣和營(yíng)養(yǎng)物質(zhì)，并及時(shí)將細(xì)胞代謝終產(chǎn)物運(yùn)走。考查方向穩(wěn)態(tài)的生理意義解題思路（1）依題意“血漿蛋白含量顯著降低時(shí)，血漿膠體滲透壓降低

52、，”分析作答；（2）依據(jù)水分滲透的方向分析作答；（3）依據(jù)內(nèi)環(huán)境與細(xì)胞的關(guān)系作答。易錯(cuò)點(diǎn)（1）不能準(zhǔn)確理解題意；（2）不理解水分滲透的方向；（3）表達(dá)能力不足。32正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）有角:無角=1:3 有角:無角=3: 1 （2）白毛個(gè)體全為雄性 白毛個(gè)體中雄性:雌性=1:1（3）3 5 7解析（1） 多對(duì)雜合體公羊與雜合體母羊雜交，通過列表可知NnNn子代的基因型及表現(xiàn)型為：子代基因型1/4NN2/4Nn1/4nn有角:無角子代雄性表現(xiàn)型有角有角無角3:1子代雌性表現(xiàn)型有角無角無角1:3（2）多對(duì)純合黑毛母羊與純合白毛公羊交配，子一代均表現(xiàn)為黑毛，子二代中黑毛白毛=31，由于常

53、染色體上遺傳與伴X染色體遺傳結(jié)果后代表現(xiàn)型均為黑毛白毛=31，若是常染色體上遺傳，通常各種表現(xiàn)型中雌性雄性均為11；若是伴X染色體上遺傳，則XMXMXmY，子一代XMXm和XMY，子二代中1/4XMXM、1/4XMXm、1/4XMY、1/4 XmY。（3）位于常染色體上的雌雄基因型相同，為AA、Aa、aa，位于X染色體上的雌性基因型為XAXA、XAXa、XaXa，雄性基因型為XAY、XaY；位于X、Y同源區(qū)段上，雌性基因型為XAXA、XAXa、XaXa，雄性基因型為XAYA、XAYa、XaYA、XaYa。故分別有3、5、7種?？疾榉较蚧虻姆蛛x定律和自由組合定律；伴性遺傳解題思路（1）依據(jù)基因

54、分離定律分析雜合子的后代，再結(jié)合不同基因型雌雄性的表型分析；（2）先認(rèn)為假設(shè)成立分析后代；（3）分析若位于常染色體上的雌雄基因型相同，為AA、Aa、aa，位于X染色體上的雌性基因型為XAXA、XAXa、XaXa，雄性基因型為XAY、XaY；位于X、Y同源區(qū)段上，雌性基因型為XAXA、XAXa、XaXa，雄性基因型為XAYA、XAYa、XaYA、XaYa。易錯(cuò)點(diǎn)（1）不能準(zhǔn)確理解題目關(guān)于表現(xiàn)型的信息；（2）遺傳分析能力不足；（3）分析不全面。33正確答案及相關(guān)解析正確答案（1）ABC（2）（i）；（ii）頂部（iii）解析（1）由題圖可知，在0和100兩種不同情況下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)

55、的百分比隨氣體分子速率的變化圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)該等于1，即相等，選項(xiàng)A正確；溫度越高分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大，則知圖中虛線表示0時(shí)氧氣分子的分子數(shù)速率分布，實(shí)線表示100時(shí)氧氣分子的分子數(shù)速率分布，即虛線對(duì)應(yīng)的氧氣分子平均動(dòng)能小，選項(xiàng)BC正確；圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子占總分子數(shù)的比例，并非分子數(shù)目，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；由圖像知0時(shí)氧氣分子速率出現(xiàn)在0400m/s區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較大，選項(xiàng)E錯(cuò)誤；綜上本題選：ABC（2）（i）打開K2之前，A缸內(nèi)氣體pA=3p0，B缸內(nèi)氣體pB=p0，體積均為V，溫度均為：，打開K2后，B缸內(nèi)氣體（活塞上方）等溫壓縮，壓縮后體積為V1，A缸內(nèi)氣體（活塞下方）等溫膨脹，膨脹后體積為2V-