陜西省漢中市2020屆高三物理上學期第五次質(zhì)量檢測試題（含解析）一、選擇題(本題共12小題，每小題4分。在每小題給出的四個選項中，第18題只有一項符合題目要求，第912題有多項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。)1.如圖所示，在粗糙的水平面上，靜置一矩形木塊，木塊由、兩部分組成，的質(zhì)量是的3倍，兩部分接觸面豎直且光滑，夾角=30，現(xiàn)用一與側(cè)面垂直的水平力推著木塊貼著勻速運動，木塊依然保持靜止，則受到的摩擦力大小與受到的摩擦力大小之比為（ ）a. 3b. c. d. 【答案】c【解析】木塊a靜止，受力平衡在水平方向上，受靜摩擦力和木塊b對木塊a的彈力作用木塊b做勻速運動，受力平衡，在水平方向上受推力f木塊a對木塊b的彈力滑動摩擦力三個力作用由圖可知=fcos 30，=fsin 30，而=.則：=：3，故c項正確2.運動員手持乒乓球拍托球沿水平面勻加速跑，設(shè)球拍和球質(zhì)量分別為m、m，球拍平面和水平面之間的夾角為，球拍與球保持相對靜止，它們間摩擦及空氣阻力不計，則a. 球拍對球的作用力b. 運動員對球拍的作用力為c. 運動員的加速度為d. 若運動員的加速度大于，球一定沿球拍向上運動【答案】c【解析】【詳解】a對小球分析如下圖所示:根據(jù)平行四邊形定則知，球拍對球的作用力，故a錯誤；b同理，對球拍和球整體分析，根據(jù)平行四邊形定則知，運動員對球拍的作用力為，故b錯誤；c球和運動員具有相同的加速度，對小球分析如圖所示，則小球所受的合力為mgtan，根據(jù)牛頓第二定律得：運動員的加速度為，故c正確；d當agtan時，網(wǎng)球?qū)⑾蛏线\動，由于gsin小于gtan，若運動員的加速度大于，但不一定比gtan大，故球不一定會沿球拍向上運動，故d錯誤3.如圖所示為一水平勻強電場，方向水平向右，圖中虛線為 電場中的一條直線，與電場方向的夾角為，一帶正電的點電荷以初速度沿垂直電場方向從a點射入電場，一段時間后經(jīng)過b點，此時其速度方向與電場方向的夾角為，不計重力，則下列表達式正確的是a. b. c. d. 【答案】c【解析】試題分析：點電荷在電場中做類平拋運動，初速度方向，電場線方向，所以有，即；初速度方向，電場方向，所以，聯(lián)立可得，故選項c正確考點：帶電粒子在電場中的運動；類平拋運動規(guī)律的應用4.如圖所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿mon，桿的水平部分粗糙，動摩擦因數(shù)0.2，桿的豎直部分光滑兩部分各套有質(zhì)量均為1 kg的小球a和b，a、b球間用細繩相連初始a、b均處于靜止狀態(tài)，已知oa3 m，ob4 m，若a球在水平拉力的作用下向右緩慢地移動1 m(取g10 m/s2)，那么該過程中拉力f做功為()a. 14 jb. 10 jc. 16 jd. 4 j【答案】a【解析】【詳解】對ab整體受力分析，受拉力f、重力g、支持力n、向左的摩擦力f和向右的彈力n1，如圖；根據(jù)共點力平衡條件，有：豎直方向：n=g1+g2；水平方向：f=f+n1；其中：f=n；解得：n=（m1+m2）g=20n；f=n=0.220n=4n；對整體在整個運動過程中運用動能定理列式，得到：wf-fs-m2gh=0；根據(jù)幾何關(guān)系，可知求b上升距離h=1m，故有：wf=fs+m2gh=41+1101=14j；故選a【點睛】本題中拉力為變力，先對整體受力分析后根據(jù)共點力平衡條件得出摩擦力為恒力，然后根據(jù)動能定理求變力做功5.如題20圖所示，在屏mn的上方有磁感應強度為b的勻強磁場，磁場的方向垂直紙面向里p為屏上的一個小孔pc與mn垂直一群質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子（不計重力），以相同的速率v，從p處沿垂直于磁場的方向射入磁場區(qū)域粒子入射方向在與磁場b垂直的平面內(nèi)，且散開在與pc夾角為的范圍內(nèi)，則在屏mn上被粒子打中的區(qū)域的長度為a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得，粒子的軌跡半徑：，粒子沿著右側(cè)邊界射入，軌跡如上面左圖，此時出射點最近，與邊界交點與p間距為：；粒子沿著左側(cè)邊界射入，軌跡如上面右圖，此時出射點最近，與邊界交點與p間距為：；粒子垂直邊界mn射入，軌跡如上面中間圖，此時出射點最遠，與邊界交點與p間距為：2r；故范圍為在熒光屏上p點右側(cè)，將出現(xiàn)一條形亮線，其長度為：，c正確6.如圖所示，r3處是光敏電阻，a、b兩點間接一電容，當開關(guān)s閉合后，在沒有光照射時，電容上下極板上電量為零，當用光線照射電阻r3時,下列說法正確的是（ ）a. r3的電阻變小，電容上極板帶正電，電流表示數(shù)變大b. r3的電阻變小，電容上極板帶負電，電流表示數(shù)變大c. r3的電阻變大，電容上極板帶正電，電流表示數(shù)變小d. r3的電阻變大，電容上極板帶負電，電流表示數(shù)變小【答案】a【解析】【詳解】r3是光敏電阻，當用光線照射電阻r3時，據(jù)光敏電阻的特點，其阻值變小，據(jù)閉合電路的歐姆定律知，所以電流表示數(shù)變大，cd錯誤；因原來時電容器極板上的帶電量為零，故說明ab兩點電勢相等；有光照以后，兩支路兩端的電壓相等，因r1、r2支路中電阻沒有變化，故r2的分壓比不變；而由于r3的電阻減小，所以r3的兩端電壓減小，而不變，所以增大，故上端的電勢要高于下端，故上端帶正電，a正確b錯誤；7.科學家通過射電信號首次探測到奇特的時空漣漪，其被稱為引力波，形成原因是來自中子星的雙星系統(tǒng)引力波的產(chǎn)生意味著中子星的雙星系統(tǒng)能量在降低，兩星的總質(zhì)量、距離和周期均可能發(fā)生變化若該雙星系統(tǒng)的總質(zhì)量為m，經(jīng)過一段時間演化后，兩星做勻速圓周運動的周期變?yōu)樵瓉淼膒倍兩星之間的距離變?yōu)樵瓉淼膓倍，則演化后系統(tǒng)的總質(zhì)量為a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】設(shè)m1的軌道半徑為r1，m2的軌道半徑為r2，兩星之間的距離為l。由于它們之間的距離恒定，因此雙星在空間的繞向一定相同，同時萬有引力和周期都相同。由萬有引力提供向心力對有：對有：又因為由式可得：經(jīng)過一段時間演化后，兩星做圓周運動的周期變?yōu)樵瓉淼膒倍，兩星之間的距離變?yōu)樵瓉淼膓倍，故：解得：，故選c。8.在磁感應強度為b的勻強磁場，一個靜止的放射性原子核()發(fā)生了一次衰變放射出的粒子()在與磁場垂直的平面內(nèi)做圓周運動，其軌道半徑為r以m、q分別表示粒子的質(zhì)量和電荷量，生成的新核用y表示，真空中光速為c，下列說法正確的是a. 新核y在磁場中做圓周運動的軌道半徑為b. 粒子做圓周運動可等效成一個環(huán)形電流，且電流大小為c. 若衰變過程中釋放核能都轉(zhuǎn)化為粒子和新核y的動能，則衰變過程中的質(zhì)量虧損約為d. 發(fā)生衰變后產(chǎn)生的粒子與新核y在磁場中旋轉(zhuǎn)方向相同，且軌跡為相內(nèi)切的圓【答案】c【解析】【詳解】a粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有：解得，粒子軌道半徑：根據(jù)半徑公式則有：解得：故a錯誤；b粒子做圓周運動的周期：則環(huán)形電流：故b錯誤；c對粒子，由洛倫茲力提供向心力，則有：解得：由質(zhì)量關(guān)系可知，衰變后新核y質(zhì)量為：衰變過程系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律得：解得：系統(tǒng)增加的能量為：由質(zhì)能方程得：由解得：故c正確；d由動量守恒可知，衰變后粒子與新核y運動方向相反，所以軌跡圓應外切，故d錯誤。9.如圖所示，傾角為的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，m點固定一個質(zhì)量為m、帶電量為-q的小球q整個裝置處在場強大小為e、方向沿斜面向下的勻強電場中現(xiàn)把一個帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球p從n點由靜止釋放，釋放后p沿著斜面向下運動n點與彈簧的上端和m的距離均為s0p、q以及彈簧的軸線ab與斜面平行兩小球均可視為質(zhì)點和點電荷，彈簧的勁度系數(shù)為k0，靜電力常量為k則 （ ）a. 小球p返回時，不可能撞到小球qb. 小球p在n點的加速度大小為c. 小球p沿著斜面向下運動過程中，其電勢能一定減少d. 當彈簧的壓縮量為時，小球p的速度最大【答案】ab【解析】試題分析：根據(jù)動能定理知，當小球返回到n點，由于重力做功為零，勻強電場的電場力做功為零，電荷q的電場對p做功為零，則合力做功為零，知道到達n點的速度為零所以小球不可能撞到小球q，故a正確；根據(jù)牛頓第二定律得，小球在n點的加速度，故b正確；小球p沿著斜面向下運動過程中，勻強電場的電場力做正功，電荷q產(chǎn)生的電場對p做負功，兩個電場力的合力不一定沿斜面向下，則最終電場力不一定做正功，則電勢能不一定減小故c錯誤；當小球所受的合力為零時，速度最大，即，則壓縮量不等于，故d錯誤考點：考查了牛頓第二定律，電場力做功，功能關(guān)系10.第一次將一長木板靜止放在光滑水平面上，如圖甲所示，一小鉛塊(可視為質(zhì)點)以水平初速度v0由木板左端向右滑動，到達右端時恰能與木板保持相對靜止第二次將長木板分成a、b兩塊，使b的長度和質(zhì)量均為a的2倍，并緊挨著放在原水平面上，讓小鉛塊仍以初速度v0由a的左瑞開始向右滑動，如圖乙所示，若小鉛塊相對滑動過程中所受的摩擦力始終不變，則下列說法正確的a. 小鉛塊滑到b的右端前已與b保持相對靜止b. 小鉛塊將從b的右端飛離木板c. 第一次和第二次過程中產(chǎn)生的熱量相等d. 第一次過程中產(chǎn)生的熱量大于第二次過程中產(chǎn)生的熱量【答案】ad【解析】【詳解】ab在第一次在小鉛塊運動過程中，小鉛塊與木板之間的摩擦力使整個木板一直加速，第二次小鉛塊先使整個木板加速，運動到b部分上后a部分停止加速，只有b部分加速，加速度大于第一次的對應過程，故第二次小鉛塊與b木板將更早達到速度相等，所以小鉛塊還沒有運動到b的右端，兩者速度相同。故a正確，b錯誤。cd根據(jù)摩擦力乘以相對路程等于產(chǎn)生的熱量，第一次的相對路程大小大于第二次的相對路程大小，則圖甲所示的過程產(chǎn)生的熱量大于圖乙所示的過程產(chǎn)生的熱量。故 c錯誤，d正確。11.工業(yè)生產(chǎn)中需要物料配比的地方，常用“吊斗式”電子秤，圖1所示的是“吊斗式”電子秤的結(jié)構(gòu)圖，其中實現(xiàn)稱質(zhì)量的關(guān)鍵性元件是拉力傳感器拉力傳感器的內(nèi)部電路如圖2所示，r1、r2、r3是定值電阻，r1=20k，r2=10k，r0是對拉力敏感的應變片電阻，其電阻值隨拉力變化的圖象如圖3所示，已知料斗重1103n，沒裝料時uba=0，g取10m/s2下列說法中正確的是a. r3阻值為40 kb. 裝料時，r0的阻值逐漸變大，uba的值逐漸變小c. 應變片電阻一般是用半導體材料制成的d. 應變片電阻的作用是把力學量轉(zhuǎn)換為電學量【答案】acd【解析】試題分析：電路中，當沒裝料時uba=0，此時拉力等于料斗重，為：1103n，故應變片電阻為20k，根據(jù)串并聯(lián)電壓關(guān)系，有：，解得：r3=40k，故a正確；裝料時，r0的阻值逐漸變大，b點電勢升高，故uba的值逐漸增加，故b錯誤；應變片作用是把物體拉力這個力學量轉(zhuǎn)換為電壓這個電學量，應是由半導體材料制成的；故c、d正確；考點：閉合電路的歐姆定律；電路的串聯(lián)與并聯(lián)；傳感器【名師點睛】本題主要考查了閉合電路的歐姆定律、電路的串聯(lián)與并聯(lián)、傳感器的綜合應用屬于中等難度的題目本題關(guān)鍵分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確儀器的工作原理，結(jié)合串并聯(lián)電路的電壓和電流關(guān)系分析12.如圖所示，均質(zhì)均勻圓環(huán)半徑略大于圓柱體半徑，空間存在垂直于圓柱體表面沿半徑向外的磁場，圓環(huán)所在位置的磁感應強度大小為b圓環(huán)的質(zhì)量為m，半徑為r，給環(huán)以豎直向上的初速度v，圓環(huán)上升的最大高度為h，然后落回拋出點，此過程中（）a. 圓環(huán)先有擴張后有收縮趨勢b. 圓環(huán)上升時間比下降時間短c. 圓環(huán)上升過程和下降過程產(chǎn)生的熱量相同d. 圓環(huán)上升過程經(jīng)過位置時的速度小于【答案】b【解析】【詳解】a圓環(huán)上升時，根據(jù)楞次定律可得，產(chǎn)生的感應電流的方向為逆時針方向；根據(jù)左手定則可得，圓環(huán)受到的安培力的方向向下；圓環(huán)下降時，根據(jù)楞次定律可得，產(chǎn)生的感應電流的方向為順時針方向；根據(jù)左手定則可得，圓環(huán)受到的安培力的方向向上；整個的過程中，圓環(huán)既沒有擴張的趨勢，也沒有收縮的趨勢故a不符合題意b由a的方向可得，圓環(huán)上升上安培力的方向向下，有： ；圓環(huán)下降時，安培力的方向向上，有：，由于上升與下降的高度是相等的，所以圓環(huán)上升的時間比較小故b符合題意c圓環(huán)運動的過程中的電動勢為：eblv，電流為：，設(shè)上升的高度是h，則有：產(chǎn)生的熱量為：在圓環(huán)的運動過程中，雖然是變速運動，也接近是，雖然不能精確計算出上升與下降過程中產(chǎn)生的熱量，但是可得，產(chǎn)生的熱量與速度的大小成正比由于整個的過程中不斷由機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以上升的過程中的平均速度要大于下降過程的平均速度所以上升的過程中產(chǎn)生的熱量比較大故c不符合題意d圓環(huán)上升過程做加速度減小的減速運動，由運動學的知識可得前半段速度減小快，經(jīng)過位置時的速度小于，但不一定小于，故d不符合題意二、實驗題(本題有2個小題，共計15分)13. （1）某同學想利用下面圖甲所示裝置，驗證滑塊與鉤碼組成的系統(tǒng)機械能守恒，該同學認為只要將摩擦力平衡掉就可以了你認為該同學的想法_（選填“正確”或“不正確”）（2）另一同學用一傾斜的固定氣墊導軌來驗證機械能守恒定律如圖乙所示，質(zhì)量為m1的滑塊（帶遮光條）放在a處，由跨過輕質(zhì)定滑輪的細繩與質(zhì)量為m2的鉤碼相連，導軌b處有一光電門，用l表示遮光條的寬度，x表示a、b兩點間的距離，表示氣墊導軌的傾角，g表示當?shù)刂亓铀俣葰獗谜９ぷ骱?，將滑塊由a點靜止釋放，運動至b，測出遮光條經(jīng)過光電門的時間t，該過程滑塊與鉤碼組成的系統(tǒng)重力勢能的減小量表示為_,動能的增加量表示為_若系統(tǒng)機械能守恒，則與x的關(guān)系式為=_（用題中己知量表示）實驗時測得m1=475g，m2=55g，遮光條寬度l=4mm，改變光電門的位置,滑塊每次均從a點釋放，測量相應的x與t的值，以為縱軸，x為橫軸，作出的圖象如圖丙所示，則根據(jù)圖象可求得重力加速度g0為_m/s2（計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字），若g0與當?shù)刂亓铀俣萭近似相等,則可驗證系統(tǒng)機械能守恒【答案】（1）不正確（2），94【解析】試題分析：（1）機械能守恒的條件只有重力或彈力做功，平衡摩擦力時，是用重力的分力等于摩擦力，但此時系統(tǒng)受到摩擦力，故摩擦力對系統(tǒng)做功，機械能不守恒；故該同學的想法不正確；（2）滑塊由a到b的過程中，系統(tǒng)重力勢能的減小量為：；經(jīng)過光電門時的速度為，則動能的增加量為；或機械能守恒，則有，聯(lián)立解得；由上述公式可得，圖象中的斜率表示：，代入數(shù)據(jù)解得；考點：驗證機械能守恒定律實驗【名師點睛】明確機械能守恒的條件，根據(jù)物體受力情況分析是否有重力之外的其他力做功；根據(jù)重力做功和重力勢能之間的關(guān)系可以求出重力勢能的減小量，根據(jù)起末點的速度可以求出動能的增加量；根據(jù)功能關(guān)系得重力做功的數(shù)值等于重力勢能減小量14.某探究小組準備用圖甲所示的電路測量某電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗器材如下：待測電源（電動勢約2v）；電阻箱r（最大阻值為99.99）；定值電阻r0（阻值為2.0）；定值電阻r1（阻值為4.5k）電流表g（量程為400a，內(nèi)阻rg=500）開關(guān)s，導線若干（1）圖甲中將定值電阻r1和電流表g串聯(lián)，相當于把電流表g改裝成了一個量程為_v的電壓表；（2）閉合開關(guān)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，并記下電阻箱的阻值r和電流表g的示數(shù)i；（3）分別用e和r表示電源的電動勢和內(nèi)阻，則 和 的關(guān)系式為_（用題中字母表示）；（4）以為縱坐標，為橫坐標，探究小組作出的圖像如圖（乙）所示，根據(jù)該圖像求得電源的內(nèi)阻r=0.50，則其電動勢e=_v（保留兩位有效小數(shù)）；（5）該實驗測得電動勢與真實值相比，理論上_ （填“”“”或“=”）【答案】 (1). 2； (2). ； (3). 2.08； (4). =；【解析】【詳解】(1)根據(jù)串聯(lián)電路電流相等，當電流表滿偏時改裝后的電壓表達到最大量程即；(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：，整理得：；(3) 由對應的圖象可知，解得；(4)通過（3）分析可知，本實驗中不存大原理誤差，即為真實的路端電壓，為流過電源的真實電流，故電動勢的測量值與真實值相同【點晴】本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗，要注意明確實驗原理，重點分析實驗電路圖，同時能正確利用閉合電路歐姆定律列式，注意本題中一定要考慮電表的內(nèi)阻，同時在分析圖象時要認真分析坐標軸的起點值三、解答題(本題有3個小題，共計32分，要求寫出必要的文字說明及重要方程式)。15.如圖所示，將直徑為2r的半圓形導軌固定在豎直面內(nèi)的a、b兩點，直徑ab與豎直面的夾角為600；在導軌上套一質(zhì)量為m的小圓環(huán)，原長為2r、勁度系數(shù)的彈性輕繩穿過圓環(huán)且固定在a、b兩點已知彈性輕繩滿足胡克定律，且形變量為x時具有彈性勢能ep=kx2，重力加速度為g，不計一切摩擦將圓環(huán)由a點正下方的c點靜止釋放，當圓環(huán)運動到導軌的最低點d點時，求：（1）圓環(huán)的速率v；（2）導軌對圓環(huán)的作用力f的大??；【答案】（1）（2）mg【解析】試題分析：（1）如圖所示，由幾何知識得，圓環(huán)在c點、d點時，彈性繩形變量相同，彈性勢能相等圓環(huán)從c到d過程中，由機械能守恒定律得：mgh=mv2，由幾何關(guān)系可知：，解得：；（2）圓環(huán)在d點受力如圖，彈性繩的彈力：f=kx，其中：x=（-1）r，在d點，由牛頓第二定律得：fn+fcos60+fsin60-mg=m，解得：fn=mg；考點：牛頓第二定律；機械能守恒定律【名師點睛】本題考查了求圓環(huán)的速率、軌道對圓環(huán)的作用力，應用機械能守恒定律與牛頓第二定律即可正確解題；本題的難點，也是本題解題的關(guān)鍵是：應用數(shù)學知識氣促c、d兩點間的高度差、求出彈性繩的形變量16.彈簧的壓縮量為x0，一個物塊從鋼板的正上方相距3x0的a處自由落下，打在鋼板上并立刻與鋼板一起向下運動，但不粘連，它們到達最低點后又向上運動己知物塊的質(zhì)量也為m時，它們恰能回到o點；若物塊的質(zhì)量為2m，仍從a處自由落下，則物塊與鋼板回到o點時還具有向上的速度，求物塊向上運動所到達的最高點與o點之間的距離【答案】【解析】【詳解】物塊與鋼板碰撞時的速度由機械能守恒，得：解得：設(shè)v1表示質(zhì)量為m的物塊鋼板碰撞后一起向下運動的速度，因碰撞時間極短，系統(tǒng)所受外力遠小于相互作用的內(nèi)力，符合動量守恒，故有：設(shè)剛碰完時彈簧的彈性勢能為，當他們一起回到o點時，彈簧無形變，彈簧勢能為零，根據(jù)題意，由機械能守恒得：設(shè)v2表示質(zhì)量為2m的物塊與鋼板碰后開始一起向下運動的速度，由動量守恒，則有：設(shè)剛碰完時彈簧勢能為，它們回到o點時，彈性勢能為零，但它們?nèi)岳^續(xù)向上運動，設(shè)此時速度為v2，則由機械能守恒定律得：在上述兩種情況下，彈簧的初始壓縮量都是x0，故有：聯(lián)立解得：當質(zhì)量為2m的物塊與鋼板一起回到o點時，彈簧的彈力為零，物塊與鋼板只受到重力的作用，加速度為g，一過o點，鋼板受到彈簧向下的拉力作用，加速度大于g，由于物塊與鋼板不粘連，物塊不可能受到鋼板的拉力，其加速度仍為g，方向向下，故在o點物塊與鋼板分離。分離后，物塊以速度v豎直上升，由豎直上拋最大位移公式得：所以物塊向上運動到達的最高點距o點的距離：17.如圖(a)，超級高鐵(hyperloop)是一種以“真空管道運輸”為理論核心設(shè)計的交通工具，它具有超高速、低能耗、無噪聲、零污染等特點如圖(b)，已知管道中固定著兩根平行金屬導軌mn、pq，兩導軌間距為r；運輸車的質(zhì)量為m，橫截面是半徑為r的圓運輸車上固定著間距為d、與導軌垂直的兩根導體棒1和2，每根導體棒的電阻為r，每段長度為d的導軌的電阻也為r其他電阻忽略不計，重力加速度為g(1)如圖(c)，當管道中的導軌平面與水平面成=30時，運輸車恰好能無動力地勻速下滑求運輸車與導軌間的動摩擦因數(shù)；(2)在水平導軌上進行實驗，不考慮摩擦及空氣阻力當運輸車由靜止離站時，在導體棒2后間距為d處接通固定在導軌上電動勢為e的直流電源，此時導體棒1、2均處于磁感應強度為b，垂直導軌平向下的勻強磁場中，如圖(d)求剛接通電源時運輸車的加速度的大??；（電源內(nèi)阻不計，不考慮電磁感應現(xiàn)象）當運輸車進站時，管道內(nèi)依次分布磁感應強度為b，寬度為d的勻強磁場，且相鄰的勻強磁場的方向相反求運輸車以速度vo從如圖(e)通過距離d后的速度v【答案】（1） （2） 【解析】（1）分析運輸車的受力，將運輸車的重力分解，如圖a，軌道對運輸車的支持力為n1、n2，如圖b. 由幾何關(guān)系，又， 運輸車勻速運動mgsin=f1+f2解得： （2）運輸車到站時，電路圖如圖（c）， 由閉合電路的歐姆定律 又，導體棒所受的安培力： ；運輸車加速度 解得 運輸車進站時，電路如圖d，當車速為v時，由法拉第電磁感應定律：； 由閉合電路的歐姆定律導體棒所受的安培力： ；運輸車所受的合力： 選取一小段時間t，運輸車速度的變化量為v，由動量定律： 即兩邊求和：，解得四、選考題(每題15分，選擇一題作答)18.氧氣分子在0 和100 溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖中兩條曲線所示下列說法正確的是_a. 圖中兩條曲線下面積相等b. 圖中虛線對應于氧氣分子平均動能較小情形c. 圖中實線對應于氧氣分子在100 時的情形d. 圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子數(shù)目e. 與0 時相比，100 時氧氣分子速率出現(xiàn)在0400 m/s區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較大【答案】abc【解析】【詳解】a. 由題圖可知，在0和100兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應該等于1，即相等；故a項符合題意.b溫度是分子平均動能的標志，溫度越高，分子的平均動能越大，虛線為氧氣分子在0 時的情形，分子平均動能較小，則b項符合題意.c. 實線對應的最大比例的速率區(qū)間內(nèi)分子動能大，說明實驗對應的溫度大，故為100時的情形，故c項符合題意.d. 圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子占據(jù)的比例，但無法確定分子具體數(shù)目；故d項不合題意e.由圖可知，0400 m/s段內(nèi)，100對應的占據(jù)的比例均小于與0時所占據(jù)的比值，因此100時氧氣分子速率出現(xiàn)在0400m/s區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較小；則e項不合題意19.如圖所示，一絕熱氣缸倒立豎放在兩水平臺面上，缸內(nèi)一光滑活塞密封了一定質(zhì)量的理想氣體在活塞下掛有一物塊，活塞與物塊的總重量g=30n，活塞的橫截面積活塞靜止時，缸內(nèi)氣體溫度，體積，外界的大氣壓強恒為，缸內(nèi)有一個電阻絲，電阻絲的電阻值恒為r=5，電源電動勢e=18v、內(nèi)阻r=1，閉合開關(guān)20s后，活塞緩慢下降高度h=0.1m，求：20s內(nèi)氣體內(nèi)能的變化量；20