1、重慶市高考物理一模試卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1.下列說法正確的是()A.光的波粒二象性是綜合了牛頓的微粒說和惠更斯的波動說得出來的B.U+U+jn一張r+譽Xe+xjn是核裂變方程,其中x=10C.發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強，光子的能力就越大，光電子的最大初動能就越大D.愛因斯坦白質(zhì)能方程E=m(f中，E是物體以光速c運動的動能2.重慶一些地區(qū)有掛燈籠的習(xí)俗.如圖，質(zhì)量為m的燈籠用兩根長度一定的輕純OAOB懸掛在水平天花板上，。為結(jié)點

2、，OA>OB,/AOB=90.設(shè)OA、OB對。點的拉力大小分別為Fa,Fb,輕純能夠承受足包大的拉力，則C()一WA.Fa大于FbB.若左右調(diào)節(jié)A點位置，可使Fa等于FbC.若左右調(diào)節(jié)A點位置，可使Fa、Fb均大于mgD.若改掛質(zhì)量為2m的燈籠，可使Fa、Fb均增大mg3 .如圖所示電路，水平放置的平行板電容器的以個極板與滑動變阻器的滑動端C相連接.電子以速度？0垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場.在保證電子還能穿出平行板間電場的情況下，若使滑動變阻器的滑動端C上移，則電容器極板上所帶電量q和電子穿越平行板所需的時間t()A.電量q增大，時間t不變B.電量q不變，時間t增大C.電量

3、q增大，時間t減小D,電量q不變，時間t不變4 .同步衛(wèi)星離地球球心的距離為r,運行速率為vi,加速度大小為ab地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度大小為a2,第一宇宙速度為V2,地球半徑為R,則（）A.a：a2=R2：r2B.a1：8=r：RC.Vi：V2=R2:r2D.Vi:V2=/S:Vr5 .某研究小組通過實驗測得兩滑塊碰撞前后運動的實驗數(shù)據(jù)，得到如圖所示的位移-時間圖象.圖中的線段a、b、c分別表示沿光滑水平面上同一條直線運動的滑塊I、II和它們發(fā)生正碰后結(jié)合體的位移變化關(guān)系.已知相互作用時間極短.由圖象給出的信息可知（）A.碰前滑塊I與滑塊n速度之比為7:2B.碰前滑塊I的動量比

4、滑塊n的動量大c碰前滑塊I的動能比滑塊n的動能小D.滑塊I的質(zhì)量是滑塊R的質(zhì)量的會倍6 .從水平地面上方同一高度處，使a球斜上拋，使b球平拋，且兩球質(zhì)量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上.空氣阻力不計.在此過程中，下列說法正確的是（）A.兩球著地時白動能相同B,兩球著地時的動量相同C.重力對兩球所彳的功相同D.重力對兩球的沖量相同7 .在光滑絕緣水平面上，一條繃緊的輕繩拉著一個帶電小球繞軸O在勻強磁場中作逆時針方向勻速圓周運動，磁場方向豎直向下，其俯視圖如圖所示.若小球運動到A點時，繩子忽然斷開.關(guān)于小球在繩斷開后可能的運動情況，下列說法中正確的是A.小球仍作逆時針勻速圓周運動，半徑

5、不變8 .小球作順時針勻速圓周運動，半徑不變C.小球仍作逆時針勻速圓周運動，但半徑減小D.小球作順時針勻速圓周運動，半徑減小8 .一個半徑為R的絕緣光滑的圓環(huán)豎直放置在方向水平向右的、場強為E的勻強電場中，如圖所示，環(huán)上a、c是豎直直徑的兩端，b、d是水平直徑的兩端，質(zhì)量為m的帶電小球套在圓環(huán)上，并可以沿環(huán)無摩擦滑動.已知小球自a點由靜止釋放，沿abc運動到d點時的速度恰好為零.由此可知，下列說法正確的是（）A.小成在d點時的加速度為零B.小成在d點時的電勢能最大C.小成在b點時的機械能最大D.小球在運動中動能的最大值為（1+反）mgR三.非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第22題32題為必

6、考題，每個試題考生都必須作答.第33題37題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共129分）9 .（1）用落體法驗證機械能守恒定律，下面哪些測量工具是必需的？.（A）天平（B）彈簧秤（C）刻度尺（D）秒表（2）如圖是實驗中得到的一條紙帶.已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/g,測得所用重物的質(zhì)量為1.00kg,紙帶上第0、1兩點間距離接近2mm,AB、CD是連續(xù)打出的四個點，它們到O點的距離如圖所示，則由圖4中數(shù)據(jù)可知，重物由O點運動到B點，重力勢能的減少量等于J,動能的增加量等于J（取三位有效數(shù)字）.動能增加量小于重力勢能的減少量的原因主亞旦單位加亦

7、至？川j*10 .某同學(xué)要通過實驗測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，可供選擇的器材有：電流表（00.6A）、電壓表（0-3V）、滑動變阻器Ri（10Q,2A）、滑動變阻器R2、定值電阻R0為1.5Q、電鍵S及導(dǎo)線若干.包”）.（2）本次實驗按照如圖1所示實物連接線路圖連接好后進行測量，測得數(shù)據(jù)如表所示.次數(shù)12345待測量I/A0.150.200.300.400.50U/V1.461.451.431.421.39由上表數(shù)據(jù)可看出，電壓表示數(shù)變化不明顯，試分析引起上述情況的原因是.(3)為使電壓表的示數(shù)變化更明顯，請將上述器材的連線略加改動，在圖2方框中畫出改動后的實驗電路圖.(4)實驗中改變滑動變

8、阻器的阻值，根據(jù)測出數(shù)據(jù)畫出的U-I圖線如圖3所示，則此干電池的內(nèi)阻r=Q.(保留兩位小數(shù))11 .中國空氣動力研究為我國飛機、導(dǎo)彈、飛船等航空航天飛行器的空氣動力試驗研究作出了巨大貢獻.某風(fēng)洞飛行試驗基地，在風(fēng)洞內(nèi)向上的風(fēng)速、風(fēng)量保持不變的情況下，讓試驗人員通過身姿調(diào)整，可改變所受向上的風(fēng)力大小，以獲得不同的運動效果.假設(shè)人體所受風(fēng)力大小與正對面積成正比，已知水平橫躺時所受風(fēng)力面積最大，站立時受風(fēng)力有效面積位最大值的風(fēng)洞內(nèi)人體可上下移動的空間如圖A到C的總高度為H,開始時，若人體與豎直方向成一定角度傾斜，所受風(fēng)力有效面積是最大值的一半，恰好可以靜止或勻速漂移.現(xiàn)質(zhì)量為m的試驗人員從最高點A由

9、靜止開始，先以向下的最大加速度勻加速下落，經(jīng)過B點后，再以向上的最大加速度勻減速下落，剛好能在最低點C處減速為零.求此過程中：(1)由A到C全過程試驗人員克服風(fēng)力做的功；(2)試驗人員向上的最大加速度；(3)B點至ijC點的高度.風(fēng)向12.如圖所示，絕緣軌道CDGHB于豎直平面內(nèi)，圓弧段DG的圓心角為8=37°,DG與水平段CD傾余段GH分別相切于D點和G點，CD段粗糙，DGH段光滑，在H處固定一垂直于軌道的絕緣擋板，整個軌道處于場強為E=1X104N/C、水平向右的勻強電場中.一質(zhì)量m=4M03kg、帶電量q=+3M06c的小滑塊在C處由靜止釋放，經(jīng)擋板碰撞后滑回到CD段的中點P處

10、時速度恰好為零.已知CD段長度L=0.8m,圓弧DG的半徑r=0.2m；不計滑塊與擋板碰撞時的動能損失，滑塊可視為質(zhì)點.求：(1)滑塊與CD段之間的動摩擦因數(shù)百(2)滑塊在CD段上運動的總路程.(3)滑塊與絕緣擋板碰撞時的最大動能和最小動能.CPD選考題：共45分.請考生從給出的2道物理題，2道化學(xué)題、1道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號涂黑.注意所做題目的題號必須與所涂題目的題號一致，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題.如果多做，則每科按所做的第一題計分.【物理-選彳3-313.對下列物理現(xiàn)象的描述，正確的是()A.0°C的冰和0°C的鐵塊的分

11、子平均動能相同B,裝有氣體的密閉容器自由下落時氣體壓強將減小C.自然界中進行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性D.第二類永動機不可能制成，因為它違反了能量守恒定律E.氣體對器壁的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力14.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了溫度緩慢升高的變化，如圖所示，p-T和V-T圖各記錄了其部分變化過程，試求：O200400600TIK020040()6OO77K/xllTPa溫度為600K時氣體的壓強；在p-T圖象上將溫度從400K升高到600K的變化過程補充完整.物理-選彳3-415 .對下列物理現(xiàn)象的描述，正確的是()A.一個質(zhì)點做簡諧振動，當(dāng)它每次經(jīng)過同一位置時

12、，位移和動能一定相同B,振幅為A的某一彈簧振子，在T/4時間內(nèi)，振子的位移可能為零，路程可能小于AC.簡諧波的傳播方向一定和介質(zhì)中質(zhì)點振動方向一致D.振蕩電路發(fā)射電磁波的過程，也是向外輻射能量的過程E.以相同入射角從水中射向空氣，紫光能發(fā)生全反射，紅光也一定能發(fā)生全反射16 .在某節(jié)日慶典上，為了達到所需要的燈光效果，需要完成下列工作.如圖所示，由紅、黃兩種單色光組成的光束a,以入射角i從平行玻璃板上表面O點入射.已知平行玻璃板厚度為d,紅光和黃光的折射率分別為m和支，真空中的光速為c.試求紅光和黃光從下表面射出的時間差.重慶市高考物理一模試卷參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題，每小題

13、6分.在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1.下列說法正確的是（）A.光的波粒二象性是綜合了牛頓的微粒說和惠更斯的波動說得出來的B.就U+jn-3gSr+鏟Xe+xjn是核裂變方程，其中x=10C.發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強，光子的能力就越大，光電子的最大初動能就越大D.愛因斯坦白質(zhì)能方程E=mS中，E是物體以光速c運動的動能【考點】光電效應(yīng)；愛因斯坦質(zhì)能方程；裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng).【分析】光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，與入射光的強度無關(guān)，根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷影響光電子

14、最大初動能的因素；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷x的值；質(zhì)能方程E=md,知物體具有的能量與其質(zhì)量成正比.【解答】解：A、牛頓的微粒說”認(rèn)為光是一種實物粒子，而愛因斯坦的光子說”認(rèn)為光是一種量子化的物質(zhì)，麥克斯韋的電磁說與愛因斯坦的光子說，光既具有波動性又具有粒子性，故具有波粒二象性.故A錯誤.B、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，得x=10,故B正確.C、根據(jù)光電效應(yīng)方程知：T7mvm2=hv-W,入射光頻率越大所產(chǎn)生的光電子的最大初動能就越大，與入射光的強度無關(guān).故C錯誤.D、愛因斯坦白質(zhì)能方程E=ml,只是說明物體具有的能量與它的質(zhì)量之間存在著簡單的正比關(guān)系，E并不是物體以光速c運動的動能.故

15、D錯誤.故選：B.2.重慶一些地區(qū)有掛燈籠的習(xí)俗.如圖，質(zhì)量為m的燈籠用兩根長度一定的輕純OAOB懸掛在水平天花板上，O為結(jié)點，OA>OB,/AOB=90.設(shè)OA、OB對O點的拉力大小分別為Fa,Fb,輕純能夠承受足包大的拉力，則C(A.Fa大于FbB.若左右調(diào)節(jié)A點位置，可使Fa等于FbC.若左右調(diào)節(jié)A點位置，可使Fa、Fb均大于mgD.若改掛質(zhì)量為2m的燈籠，可使Fa、Fb均增大mg【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力.【分析】對O點受力分析，受重力和兩個拉力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合合成法作圖分析即可.【解答】解：對O點受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件，并結(jié)合正弦定理，有：

16、二相二GsinPsin<lsin(1300-Cl-p)Fi口B-rA、由于a>B,故即Fa小于Fb,故A錯誤；BbiB、不管如何調(diào)節(jié)A點的位置，總有a>B,故一定有Fa小于Fb,故B錯誤;C、調(diào)節(jié)懸點A的位置，使A點向左移動，當(dāng)肝B趨向180°時，可使瓜、Fb都大于mg,故C正確;D、由于吊卜器1，故換質(zhì)量更大的燈籠，.均不變，根*二翡二CFb的增加量比Fa的增加量大，故D錯誤;故選：C3.如圖所示電路，水平放置的平行板電容器的以個極板與滑動變阻器的滑動端C相連接.電子以速度？0垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場.在保證電子還能穿出平行板間電場的情況下，若使滑

17、動變阻器的滑動端C上移，則電容器極板上所帶電量q和電子穿越平行板所需的時間t()A.電量q增大，時間t不變B.電量q不變，時間t增大C.電量q增大，時間t減小D,電量q不變，時間t不變【考點】帶電粒子在混合場中的運動；電容；閉合電路的歐姆定律.【分析】根據(jù)電容器的帶電量公式q=UC即可得出電量的變化，電子在平行板電容器中做類平拋運動，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律求出時間.【解答】解：當(dāng)滑動變阻器的滑動端C上移時，跟電容器并聯(lián)的阻值增大，所以電容器的電壓U增大，根據(jù)q=UC得：電量q增大；電子在平行板電容器中做類平拋運動，沿極板方向做勻速直線運動，所以運動時間1.t=與電壓的變化無關(guān)，所以時間t不變.故

18、A正確，BCD錯誤v0故選：A4.同步衛(wèi)星離地球球心的距離為r,運行速率為vi,加速度大小為ab地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度大小為a,第一宇宙速度為V2,地球半徑為R,則()A.ai：a2=R2：r2B.ai：a=r：RC.vi：V2=R2：r2D.vi：v2f吊：近【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)時，其角速度也與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，由a=A求解ai：&.人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，可得到衛(wèi)星的速度與半徑的關(guān)系式，再求解速度之比vi：

19、v2.【解答】解：A、B、同步衛(wèi)星的角速度、赤道上的物體的角速度都與地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，則由a=1r得，ai：a=r：R.故A錯誤，B正確.C、D、第一宇宙速度等于近地衛(wèi)星的運行速度，人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，則得：G=m,rr解得：v=g,M是地球的質(zhì)量為M,r是衛(wèi)星的軌道半徑，則得到：vi：v2=Vfi:爪.故C錯誤，D正確.故選：BD5.某研究小組通過實驗測得兩滑塊碰撞前后運動的實驗數(shù)據(jù)，得到如圖所示的位移-時間圖象.圖中的線段a、b、c分別表示沿光滑水平面上同一條直線運動的滑塊I、R和它們發(fā)生正碰后結(jié)合體的位移變化關(guān)系.已知相互作用時間極短.由圖象

20、給出的信息可知(tc*>21a'A.碰前滑塊I與滑塊n速度之比為7:2B,碰前滑塊I的動量比滑塊n的動量大C.碰前滑塊I的動能比滑塊n的動能小D.滑塊I的質(zhì)量是滑塊n的質(zhì)量的倍【考點】動量守恒定律；動能.【分析】根據(jù)s-t圖象的斜率得到滑塊I、R碰撞前后的速度，然后結(jié)合動量守恒定律列式分析.【解答】解：A根據(jù)s-t圖象的斜率等于速度，則得：碰撞前滑塊I速度為：Vi=-m/s=-2m/s,大小為2m/s；滑塊R速度為V2=-m/s=0.8m/s,則碰刖速度N比為5:2,故A錯誤；B、碰撞前后系統(tǒng)動量守恒，碰撞前，滑塊I速度為負(fù)，動量為負(fù)，滑塊R的速度為正，動量為負(fù).由于碰撞后動量為

21、正，故碰撞前總動量也為正，故碰撞前滑塊I的動量比滑塊II小，故B錯誤；、，卜一，一一一、，6-4，、，、，、，一、，,G碰撞后的共同速度為v=匚，m/s=0.4m/s；可知，碰刖滑塊I比滑塊R速度大，故C錯誤；D、根據(jù)動量守恒定律，有：miVi+m2V2=(mi+m2)v代入數(shù)據(jù)，有：-2mi+0.8m2=0.4(mi+m2),聯(lián)立解得：m2=6mi,故D正確；故選：D6 .從水平地面上方同一高度處，使a球斜上拋，使b球平拋，且兩球質(zhì)量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上.空氣阻力不計.在此過程中，下列說法正確的是（）A.兩球著地時白動能相同B,兩球著地時的動量相同C.重力對兩球所彳的

22、功相同D.重力對兩球的沖量相同【考點】動量定理；功的計算.【分析】動量是矢量，動量的方向就是速度的方向，斜上拋和平拋運動的球落地時速度方向是不一樣的，故這兩種運動的球落地時動量是不同的；斜上拋和平拋運動的時間不同，故重力對兩球的沖量不同；重力對兩球做功WG=mgh相等；根據(jù)動能定理，兩球著地時的動能相同【解答】解：AC斜直上拋和平拋過程中兩球都只受重力作用，只有重力做功，兩物體初位置高度相同，故重力做功相同，根據(jù)動能定律，&=Wg,因為日0告曲君相同，Wa相同，故兩球著地時的動能相同，故A正確，C正確，B、D、兩球初始高度相同，a球斜上拋，b球平拋，a球開始時具有向上的分速度，所以a運

23、動的時間比b球運動的時間長，故重力對a球的沖量比對b球的沖量大；則落地時a球豎直方向的分動量大；又由于二者落地時的動能相等，則落地的速度大小相等；所以可知二者落地時速度的方向和動量的方向不同.故B錯誤，D錯誤.故選：AC7 .在光滑絕緣水平面上，一條繃緊的輕繩拉著一個帶電小球繞軸O在勻強磁場中作逆時針方向勻速圓周運動，磁場方向豎直向下，其俯視圖如圖所示.若小球運動到A點時，繩子忽然斷開.關(guān)于小球在繩斷開后可能的運動情況，下列說法中正確的是A.小球仍作逆時針勻速圓周運動，半徑不變8 .小球作順時針勻速圓周運動，半徑不變C.小球仍作逆時針勻速圓周運動，但半徑減小D.小球作順時針勻速圓周運動，半徑減

24、小【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動.【分析】運動的帶點粒子在磁場中受力洛倫茲力的作用，分小球帶正電和負(fù)電兩種情況進行討論，用左手定則判斷洛倫茲力的方向，根據(jù)向心力公式分析繩子所受的力，繩子斷開后，繩子的拉力為零，小球僅受洛倫茲力，根據(jù)受力情況判斷小球的運動情況即可.【解答】解：A.如果小球帶正電，則小球所受的洛倫茲力方向指向圓心，此種情況下，如果洛倫茲力剛好提供向心力，這時繩子對小球沒有作用力，繩子斷開時，對小球的運動沒有影響，小球仍做逆時針的勻速圓周運動，半徑不變，故A正確；B.如果小球帶負(fù)電，則小球所受的洛倫茲力方向背離圓心，由可知，當(dāng)洛倫茲力的大小等于小球所受的拉力的一半時，繩子斷后，

25、小球做順時針的勻速圓周運動，半徑不變，故B正確；C、如果洛倫茲力和拉力共同提供向心力，繩子斷開時，向心力減小，而小球的速率不變，則小球做逆時針的圓周運動，但半徑增大，故C錯誤；D.當(dāng)洛倫茲力的大小大于小球所受的拉力的一半時，則繩子斷后，向心力增大，小球做順時針的勻速圓周運動，半徑減小，故D正確.故選：ABD8. 一個半徑為R的絕緣光滑的圓環(huán)豎直放置在方向水平向右的、場強為E的勻強電場中，如圖所示，環(huán)上a、c是豎直直徑的兩端，b、d是水平直徑的兩端，質(zhì)量為m的帶電小球套在圓環(huán)上，并可以沿環(huán)無摩擦滑動.已知小球自a點由靜止釋放，沿abc運動到d點時的速度恰好為零.由此可知，下列說法正確的是（A.小

26、成花td點時的加速度為零B.小成在d點時的電勢能最大C.小成在b點時的機械能最大D.小球在運動中動能的最大值為（1啦）mgR【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；電勢能.【分析】小球由a點釋放，受到重力、電場力和環(huán)的彈力作用，根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系得到電勢能的變化情況，根據(jù)動能定理判斷動能的變化情況，根據(jù)除重力外其余力做功判斷機械能的變化情況.【解答】解：A、小球到達d點的速度為零，向心加速度為零，向心力為零，電場力和軌道的支持力的合力為0,小球還受到豎直向下的重力，加速度方向豎直向下，加速度不為零.故A錯誤；B、根據(jù)功能關(guān)系，電場力做負(fù)功，電勢能增加；電場力向左，故運動到d點時

27、克服電場力做的功最多，電勢能增加的最多，故B正確；G根據(jù)功能關(guān)系，除重力外其余力做功等于機械能的增加量；小球受到重力、電場力和環(huán)的彈力作用，彈力沿徑向，速度沿著切向，故彈力一直不做功，除重力外只有電場力做功，由于電場力水平向左，故運動到b點時，電場力做的正功最多，機械能增量最大，故C正確；D、根據(jù)動能定理，合力做的功等于動能的增加量；從a至1Jd過程，有：mgR-qE?R=0解得qE=mg即電場力與重力大小相等，故重力場和電場的復(fù)合場中的最低點在bc段圓弧的中點處，bc中點類似于單擺的平衡位置，小球經(jīng)中點時動能最大.小球運動此處時動能最大，根據(jù)動能定理，有啰（艮+Rsiri必'）4-q

28、ERcos450吉制力解得瓦一$1J二（L十血）唱R，故D正確；故選：BCD三.非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.第22題32題為必考題，每個試題考生都必須作答.第33題37題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題（共129分）9. （1）用落體法驗證機械能守恒定律，下面哪些測量工具是必需的？C.（A）天平（B）彈簧秤（C）刻度尺（D）秒表（2）如圖是實驗中得到的一條紙帶.已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/S,測得所用重物的質(zhì)量為1.00kg,紙帶上第0、1兩點間距離接近2mm,AB、C、D是連續(xù)打出的四個點，它們到O點的距離如圖所示，則由圖4中數(shù)據(jù)可

29、知，重物由O點運動到B點，重力勢能的減少量等于6.88J,動能的增加量等于6.81J（取三位有效數(shù)字）.動能增加量小于重力勢能的減少量的原因主要是存在摩擦阻力做負(fù)功.單位一cm7115KbC£9970.L?7.7&85.73【考點】驗證機械能守恒定律.【分析】（1）首先明確實驗原理，確定實驗需要測量的物理量，則可進一步知道實驗所需要的器材.（2）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的瞬時速度，從而得出動能的增加量，根據(jù)下降的高度求出重力勢能的減小量.【解答】解：（1）在該實驗中，通過打點計時器來記錄物體運動時間，不需要秒表，由于驗證機械能公式中可以把物體質(zhì)量

30、約掉，因此不需要天平，也不需要彈簧秤.同時實驗中需要測量紙帶上兩點間的距離，所以需要刻度尺.故選C.2 2)B點的瞬時速度"二等工里xI：m/s=3.69m/s,E2T0.04；51o則動能的增加量=京X1乂3.6鏟=6.81J,iui重力勢能的減小量E=mgh=1>9.80>0.7776J=6.88J動能的增加量小于重力勢能的減小量，主要原因是存在摩擦阻力做負(fù)功.故答案為：(1)C(2)6.886.81存在摩擦阻力做負(fù)功.10 .某同學(xué)要通過實驗測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，可供選擇的器材有：電流表(00.6A)、電壓表(03V)、滑動變阻器R(10Q,2A)、滑動變阻

31、器R、定值電阻Ro為1.5Q、電鍵S及導(dǎo)線若干.(1)為方便實驗調(diào)節(jié)且能較準(zhǔn)確地進行測量，滑動變阻器應(yīng)選用R(填h”或包”).(2)本次實驗按照如圖1所示實物連接線路圖連接好后進行測量，測得數(shù)據(jù)如表所示.次數(shù)12345待測量I/A0.150.200.300.400.50U/V1.461.451.431.421.39由上表數(shù)據(jù)可看出，電壓表示數(shù)變化不明顯，試分析引起上述情況的原因是新電池的內(nèi)阻很小，內(nèi)電路的電壓降很小.(3)為使電壓表的示數(shù)變化更明顯，請將上述器材的連線略加改動，在圖2方框中畫出改動后的實驗電路圖.(4)實驗中改變滑動變阻器的阻值，根據(jù)測出數(shù)據(jù)畫出的U-I圖線如圖3所示，則此干電

32、池的內(nèi)阻r=0.20Q.(保留兩位小數(shù))【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻.【分析】(1)為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器.(2)分析表中數(shù)據(jù)，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析出現(xiàn)該現(xiàn)象的原因；(3)根據(jù)分析得出的誤差原因，采取增大等效內(nèi)阻的方法進行實驗，則可得出電路圖；(4)電源的U-I圖象與縱軸的交點坐標(biāo)值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻【解答】解：(1)因電源內(nèi)阻較小，為了便于調(diào)節(jié)，選擇總阻值較小的Ri(2)由表中數(shù)據(jù)可知，電壓表示數(shù)不明顯，說明路端電壓變化不明顯；原因是新電池的內(nèi)阻很小，所以導(dǎo)致內(nèi)電路的電壓降很小；(3)為了減小實驗中內(nèi)阻測量的誤差，將定值電阻R與電源相連，采用

33、等效的方法來增大內(nèi)阻；故設(shè)計電路如圖所示；(4)圖象的斜率等于等效內(nèi)阻，故內(nèi)阻r+R。旱需。2=1.7。；故r=1.70-1.5=0.20;故答案為：(1)R;(2)新電池的內(nèi)阻很小，所以導(dǎo)致內(nèi)電路的電壓降很?。?3)如圖所示；(4)0.20Q11 .中國空氣動力研究為我國飛機、導(dǎo)彈、飛船等航空航天飛行器的空氣動力試驗研究作出了巨大貢獻.某風(fēng)洞飛行試驗基地，在風(fēng)洞內(nèi)向上的風(fēng)速、風(fēng)量保持不變的情況下，讓試驗人員通過身姿調(diào)整，可改變所受向上的風(fēng)力大小，以獲得不同的運動效果.假設(shè)人體所受風(fēng)力大小與正對面積成正比，已知水平橫躺時所受風(fēng)力面積最大，站立時受風(fēng)力有效面積位最大值的風(fēng)洞內(nèi)人體可上下移動的空間

34、如圖A3到C的總高度為H,開始時，若人體與豎直方向成一定角度傾斜，所受風(fēng)力有效面積是最大值的一半，恰好可以靜止或勻速漂移.現(xiàn)質(zhì)量為m的試驗人員從最高點A由靜止開始，先以向下的最大加速度勻加速下落，經(jīng)過B點后，再以向上的最大加速度勻減速下落，剛好能在最低點C處減速為零.求此過程中：(1)由A到C全過程試驗人員克服風(fēng)力做的功；(2)試驗人員向上的最大加速度；(3)B點至ijC點的高度.【考點】動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律.【分析】由題意，人體受風(fēng)力大小與正對面積成正比，設(shè)最大風(fēng)力為F,由于受風(fēng)力有效面積是最大值的一半時，恰好可以靜止或勻速漂移，故可以求得重力G三F;人站立時風(fēng)力為F,人下降過程分為

35、勻加速和勻減速過程，先根據(jù)牛頓第二定律求出兩個過程的加速度，再結(jié)合運動學(xué)公式分析求解.【解答】解：(1)試驗人員從最高點A由靜止開始，剛好能再最低點C處減速為零,由A到C全過程動能定理得：WG+W風(fēng)=0所以試驗人員克服風(fēng)力做的功為：W克=WG=mgH(2)設(shè)人體質(zhì)量為m,由題意，所受風(fēng)力有效面積是最大值的一半時，風(fēng)力為；F=mgF風(fēng)5§站立時受風(fēng)力最小為：F1n吃呢水平橫躺時受風(fēng)力最大為：吊=2mg故試驗人員向上的最大加速度為：-nK1(3)對全程由動能定理得：(嗚-亨唱),(H-BC)+(唯-2咤)加C=0解得：一.！答：(1)由A到C全過程試驗人員克服風(fēng)力做的功為mgH;(2)試

36、驗人員向上的最大加速度為g；(3)B點到C點的高度為博H.12.如圖所示，絕緣軌道CDGH©于豎直平面內(nèi)，圓弧段DG的圓心角為8=37°,DG與水平段CD傾余段GH分別相切于D點和G點，CD段粗糙，DGH段光滑，在H處固定一垂直于軌道的絕緣擋板，整個軌道處于場強為E=1X104N/C、水平向右的勻強電場中.一質(zhì)量m=4M03kg、帶電量q=+3M06c的小滑塊在C處由靜止釋放，經(jīng)擋板碰撞后滑回到CD段的中點P處時速度恰好為零.已知CD段長度L=0.8m,圓弧DG的半徑r=0.2m；不計滑塊與擋板碰撞時的動能損失，滑塊可視為質(zhì)點.求：(1)滑塊與CD段之間的動摩擦因數(shù)百(2)

37、滑塊在CD段上運動的總路程.(3)滑塊與絕緣擋板碰撞時的最大動能和最小動能.【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；牛頓第二定律.【分析】(1)物塊由C處釋放后經(jīng)擋板碰撞滑回P點過程中，由動能定理列式，求出物塊與軌道CD段的動摩擦因數(shù)內(nèi)(2)根據(jù)全過程運用動能定理即可求出在CD段上運動的總路程；(3)滑塊與絕緣擋板碰撞的最大動能為滑塊第一次運動到G點的動能，對C到G過程由動能定理得到最大動能；滑塊最終在DGH間來回往復(fù)運動，碰撞絕緣體有最小動能對D到G過程由動能定理得最小動能；【解答】解：(1)滑塊由C處釋放，經(jīng)擋板碰撞后第一次滑回P點的過程中，由動能定理得：q哈-從mg仁+5)二0解出4=

38、0.25(2)滑塊在CD段上受到的滑動摩擦力mg=0.01M電場力qE=0.03N,滑動摩擦力小于電場力，故不可能停在CD段，滑塊最終會在DGH間來回往復(fù)運動，到達D點的速度為0.全過程由動能定理得：qE?L+(-pmgs)=0-0一把解出三二不一L=3L=2.4甘UIDg(3)GH段的傾角8=37°,滑塊受到的重力mg=0.04N,電場力qE=0.03NqEcos8=mgsin8=0.024N,加速度a=0.所以滑塊與絕緣擋板碰撞的最大動能為滑塊第一次運動到G點的動能.對C到G過程由動能定理得：現(xiàn)最大二Eq口。9腱LfKt-tsb9)=0.018滑塊最終在DGHI可來回往復(fù)運動，碰

39、撞絕緣體有最小動能對D到G過程由動能定理得：Ek最小=Eqrsin8mg(r-rcos0)=0.002J答：(1)滑塊與CD段之間的動摩擦因數(shù)以為0.25;(2)滑塊在CD段上運動的總路程2.4m.(3)滑塊與絕緣擋板碰撞時的最大動能0.018J,最小動能為0.002J.選考題：共45分.請考生從給出的2道物理題，2道化學(xué)題、1道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號涂黑.注意所做題目的題號必須與所涂題目的題號一致，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題.如果多做，則每科按所做的第一題計分.【物理-選彳3-313.對下列物理現(xiàn)象的描述，正確的是()A.0°C的冰和0

40、°C的鐵塊的分子平均動能相同B.裝有氣體的密閉容器自由下落時氣體壓強將減小C.自然界中進行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性D.第二類永動機不可能制成，因為它違反了能量守恒定律E.氣體對器壁的壓強就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力【考點】熱力學(xué)第二定律；溫度是分子平均動能的標(biāo)志.【分析】溫度是方向的平均動能的標(biāo)志；密閉容器中的氣體對器壁的壓強是由于氣體分子頻繁碰撞器壁而產(chǎn)生的.自然界中進行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性；第二類永動機不可能制成，因為它違反了熱力學(xué)第二定律.【解答】解：A溫度是方向的平均動能的標(biāo)志，0°C的冰和0°C的鐵塊的分子平均動能相同，故A正確；B、氣體壓強由于分子熱運動時氣體分子不斷撞擊容器壁形成持續(xù)壓力而形成的，裝有氣體的密閉容器自由下落時氣體壓強將不變.故B錯誤.G根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，自然界中進行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性；故C正確；D、第二類永動機不可能制成，因為它違反了熱力學(xué)第二定律，但沒有違反能量守恒定律；故D錯誤；E、氣體壓強由于分子熱運動時氣體分子不斷撞擊容器壁形成持續(xù)壓力而形成的；由壓強的定義可知，氣體的壓強等于壓力與面積的比值，即氣體對器壁的壓強在數(shù)值上等于大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力，不能說就是”.故E錯誤故選：AC