1、福建省安溪第八中學(xué)2015屆高三上學(xué)期期中質(zhì)量檢測物理試卷（解析版）第I卷（選擇題）1.關(guān)于物理學(xué)家及其說法正確的是（）A. 牛頓通過觀察天象以及深入研究第谷的數(shù)據(jù)提出行星運動三大定律B. 開普勒發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律C. 笛卡爾開創(chuàng)了實驗研究和邏輯推理相結(jié)合探索物理規(guī)律的科學(xué)方法，得出忽略空氣阻力時，重物與輕物下落得同樣快。D. 第一次精確測量出萬有引力常量的物理學(xué)家是卡文迪許【答案】D【解析】試題分析：開普勒通過觀察天象以及深入研究第谷的數(shù)據(jù)提出行星運動三大定律，選項A錯誤；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，選項B錯誤；伽利略開創(chuàng)了實驗研究和邏輯推理相結(jié)合探索物理規(guī)律的科學(xué)方法，得出忽略空氣阻力時，重物

2、與輕物下落得同樣快，選項C錯誤。第一次精確測量出萬有引力常量的物理學(xué)家是卡文迪許，選項D正確.故選Db考點：物理學(xué)史2如圖，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位移-時間（x-1）圖線，由圖可知（）A.B.C.D.在在在在ti時刻，a、b兩車運動方向相反tl到t2這段時間內(nèi)，ti到t2這段時間內(nèi)，ti到t2這段時間內(nèi)，b車始終向同一方向運動b車的平均速度比a車的大b車的平均速率比a車的大【答案】D【解析】試題分析：在11時刻，a圖線切線斜率為正值，說明a的速度沿正向，b的斜率也為正值，速A錯誤在ti到t2這段時間內(nèi)，b圖線的斜率B錯誤.ti到t2時間內(nèi)，兩車的位C錯誤在ti到t2

3、這段時間內(nèi)，a和b兩車初末位度也沿正向，所以此時兩車運動方向相同故先正后負(fù)，說明b車的運動方向先沿正向，后沿負(fù)向，故移相同，時間相同，則平均速度相同故置相同，位移相同，b車的路程大，其平均速率也大，故考點：v-t圖線；平均速度和平均速率a一直沿負(fù)方向運動，而b先沿負(fù)方向運動后沿正方向運動，路程不等，D正確.故選：D.3如圖所示，將一質(zhì)量為m的小球從空中o點以速度v0水平拋出，飛行一段時間后，小球經(jīng)過P點時動能Ek"mv：，不計空氣阻力，則小球從O到P（）5v0A.下落的高度為gB.經(jīng)過的時間為3Vog一1C.運動方向改變的角度為arctanD.速度增量為3v0，方向斜向下【答案】B【

4、解析】試題分析：小球在P點的動能:Ek=1mvp=2222m(vo+Vy)=5mvo，解得：Vy=3vo；故速度增2量為3V0，方向豎直向下；0和P點的高度差:22Vy9V0、h-；故選項AD錯誤；經(jīng)過的時間g2g滿足豎直方向上的位移時間公式:12h=gt，代入h解得：t=2;故選項B正確；設(shè)運g動方向改變的角度為0，知P點的速度方向與水平方向的夾角為B,則：tan0=巴=3,V0解得0=arctan3，故選項C錯誤；故選：B.考點：平拋運動的規(guī)律.4. 高層建筑已成為許多大城市亮麗的風(fēng)景，而電梯是高層建筑必配的設(shè)施。某同學(xué)將一輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小鐵球，如圖所

5、示。在電梯運行時，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)輕彈簧的伸長量比電梯靜止時的伸長量大了，這一現(xiàn)象表明（）A. 電梯一定是在下降B. 該同學(xué)處于失重狀態(tài)C. 電梯的加速度方向一定是豎直向下D. 該同學(xué)對電梯地板的壓力大于其重【答案】D【解析】試題分析：電梯靜止不動時，小球受力平衡，有mg=kx，彈簧的伸長量比電梯靜止時的伸長量大了，說明彈力變大了，根據(jù)牛頓第二定律，有kx2-mg=ma故加速度向上，電梯加速上升或者減速下降，電梯以及電梯中的人處于超重狀態(tài)，所以該同學(xué)對地板的壓力大于重力，故ABC錯誤，D正確；故選：D.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用5. 如圖所示，質(zhì)量分別為m和m的木塊A和B之間用輕彈簧相連，在拉力F作用

6、下，以加速度g豎直向上做勻加速直線運動，某時刻突然撤去拉力F,此瞬時A和B的加速度為aA和aB,則（）bA. aA=aB=-gB.aA=g,aB=2m1+m2m2C.aA=g,aB=-gD.mim1+m2g，aB=-m2m1+m2【答案】B【解析】試題分析：對A受力分析：撤掉F后，由于彈簧形變量沒有變化，故彈力不變，A只受重力和彈力，因此A的受力不變，故其加速度不變?nèi)詾間,對B受力分析：B由原受F,重力，彈力，由牛頓第二定律：F-m2g-F彈=mg，撤掉F后，B只受重力和彈力，由牛頓第二定律：-mbg-F彈=02對A：F彈-mig=mg,解得：F彈=2mg帶入得：m?g+2mg=m?aB解得：

7、2m1+m2aB=-m22g，故B正確，故選B考點：牛頓第二定律的應(yīng)用.6. 如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A,A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B,整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，若把A向右移動少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，則（）A. B對墻的壓力增大B. A與B之間的作用力增大C. 地面對A的摩擦力減小D. A對地面的壓力減小【答案】C【解析】試題分析：對小球B受力分析，作出平行四邊形如圖所示:A滑動前，B球受墻壁及A的彈力的合力與重力大小相等，方向相反；如圖中實線所示；而將A向外平移后，B受彈力的方向?qū)⑸弦?，如虛線所示，但B仍受力平衡，由圖可知A球?qū)的彈

8、力及墻壁對球的彈力均減?。还蔄B錯誤；以AB為整體分析，水平方向上受墻壁的彈力和地面的摩擦力而處于平衡狀態(tài)，彈力減小，故摩擦力減小，故C正確；豎直方向上受重力及地面的支持力，兩物體的重力不變，故A對地面的壓力不變，故D錯誤；故選C.考點：力的平衡問題；平行四邊形法則7如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓錐筒的軸線垂直于水平面，圓錐筒固定不動，讓兩個質(zhì)量相同的小球A和小球B,緊貼圓錐筒內(nèi)壁分別在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，則（）A. A球的線速度一定大于B球的線速度B. A球的角速度一定大于B球的角速度C. A球的向心加速度一定大于B球的向心加速度D. A球?qū)ν脖诘膲毫σ欢ù笥贐球?qū)ν脖诘膲毫Α敬鸢浮緼【解析】試

9、題分析：對小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖根據(jù)牛頓第二定律，有:gtanA的半徑大,2F=mgtanB=ma=m一=mrw2，解得v=.grtanJ,a=gtan0,r則A的線速度大，角速度小，向心加速度相等.故A正確，BC錯誤.因為支持力N二衛(wèi),COS日支持力等于球?qū)ν脖诘膲毫Γ駻對筒壁的壓力一定等于球B對筒壁的壓力.故D錯誤故選：A.考點：勻速圓周運動；牛頓第二定律的應(yīng)用&自動卸貨車始終靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下可以改變與水平面間的傾角0,用以卸下車廂中的貨物，下列說法正確的是（）A. 當(dāng)貨物相對車廂靜止時，地面對貨車有向左的摩擦力B.

10、 當(dāng)貨物相對車廂勻速下滑時，地面對貨車有向左的摩擦力C. 當(dāng)貨物相對車廂加速下滑時，地面對貨車有向左的摩擦力D. 當(dāng)貨物相對車廂加速下滑時，貨車對地面的壓力大于貨車和貨物的總重力【答案】C【解析】試題分析：當(dāng)貨物相對于車廂靜止時，整體仍然平衡，故水平方向?qū)噹麤]有摩擦力；故A錯誤；當(dāng)貨物相對于車廂勻速下滑時，對整體受力分析可知，整體處于平衡狀態(tài)；在水平方向不受外力；故地面對貨車沒有摩擦力；故B錯誤；當(dāng)貨物相對于車廂加速下滑時，貨物受重力、支持力及滑動摩擦力；因加速度沿斜面向下；則將加速度分解為水平和豎直向下兩個方向；則在水平方向有向左的合外力；則由作用力與反作用力可知，貨物對車廂由向右的作用力

11、，故貨車受到向左的摩擦力；故C正確；當(dāng)貨物加速下滑時，對貨物進(jìn)行受力分析，受到重力、支持力，滑動摩擦力，因為加速度沿斜面向下，將加速度分解，則豎直向下的方向上，支持力一定小于重力；則根據(jù)牛頓第三定律可知，物體對車廂的壓力小于重力，故貨車對地面的壓力小于貨車和貨物的總重力；故D錯誤；故選：C.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用9.“快樂向前沖”節(jié)目，中有這樣一種項目，選手需要借助懸掛在高處的繩飛躍到鴻溝對面的平臺上，如果已知選手的質(zhì)量為m,選手抓住繩由靜止開始擺動，此時繩與豎直方向夾角為:，繩的懸掛點0距平臺的豎直高度為H繩長為L,不考慮空氣阻力和繩的質(zhì)量，下列說法正確的是（）A. 選手?jǐn)[到最低點時處于失

12、重狀態(tài)B. 選手?jǐn)[到最低點時所受繩子的拉力為3-2COSmgC. 選手?jǐn)[到最低點時所受繩子的拉力大小大于選手對繩子的拉力大小D. 選手?jǐn)[到最低點的運動過程中，其運動可分解為水平方向的勻加速運動和豎直方向上的勻加速運動【答案】B【解析】試題分析：失重時物體有向下的加速度，超重時物體有向上的加速度，選手?jǐn)[到最低點時向心加速度豎直向上，因此處于超重狀態(tài)，故A錯誤；擺動過程中機械能守恒，有：mgl（1-COS1 2金0）=mv22設(shè)繩子拉力為T,在最低點有：T-mg=m聯(lián)立解得：T=（3-2cosa）mg故B正l確；繩子對選手的拉力和選手對繩子的拉力屬于作用力和反作用力，因此大小相等，方向相反，故C錯

13、誤；選手?jǐn)[到最低點的運動過程中，沿繩子方向有向心加速度，沿垂直繩子方向做加速度逐漸減小的加速運動，其運動不能分解為水平方向的勻加速運動和豎直方向上的勻加速運動，故D錯誤.故選B.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用；機械能守恒定律.10.測速儀安裝有超聲波發(fā)射和接收裝置，如圖所示，B為固定測速儀，A為汽車，開始兩者相距335m當(dāng)B發(fā)出超聲波的同時A由靜止開始做勻加速直線運動。當(dāng)B接收到反射回的超聲波信號時，AB相距355m,已知聲速340m/s，則汽車的加速度大小為（）222A.20m/sB.10m/sC.5m/sD.無法確定【答案】B【解析】試題分析：超聲波從B發(fā)出到A與被A反射到被B接收所需的時間相等

14、，在這個過程中：汽車的位移為：x=355-335m=20m.初速度為零的勻變速直線運動，在開始相等時間內(nèi)的位移之比為1:3,所以xi=5mX2=15m,則超聲波被A接收時，AB的位移x'=335+5=340®所以超x34022聲波從B發(fā)出到被A接收所需的時間：TS=1S，根據(jù)：x=at得：15-5=axi解得故選考點v340a=10m/s2.C勻變速直線運動的規(guī)律為使CD繩保持水平，在D點上可施加力11如圖所示，三根長度均為L的輕繩分別連接于C、D兩點，A、B兩端被懸掛在水平天花板上，相距2L現(xiàn)在C點上懸掛一個質(zhì)量為m的重物，的最小值為（）A.mgB3mgC.0.5mgD0.

15、25mg【答案】【解析】試題分析：由圖可知，要想CD水平，各繩均應(yīng)繃緊,則AC與水平方向的夾角為60°結(jié)點C受力平衡，則受力分析如圖所示，則CD繩的拉力T=mgtan303mgD點受繩子拉力大3小等于T,方向向左；要使CD水平，D點兩繩的拉力與外界的力的合力為零，則繩子對D點的拉力可分解為沿BD繩的Fi,及另一分力F2,由幾何關(guān)系可知，當(dāng)力F2與BD垂直時，F(xiàn)2最1小，而F2的大小即為拉力的大小；故最小力F=Tsin60°=丄mg；故選：C.2考點：12.如圖所示，在水平傳送帶上有三個質(zhì)量分別為m、m>>ms的木塊1、2、3,1和2及2和3間分別用原長為L,勁度

16、系數(shù)為k的輕彈簧連接起，木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為卩,現(xiàn)用水平細(xì)繩將木塊1固定在左邊的墻上，傳送帶按圖示方向勻速運動，當(dāng)三個木塊達(dá)到平衡后，1、3兩木塊之間的距離是（）A.2L+卩血+ms)gB2L|卩(m2+2ms)gD.2L+沁k【答案】B【解析】試題分析：對木塊3分析，摩擦力與彈簧彈力平衡，有：卩mg=kx，則x=如9.k對木塊2和3整體分析，摩擦力和彈簧彈力平衡，有：卩（m+m）g=kx'，則x'=如2叫為k則1、3兩木塊的距離s=2L+x+x'=2L+J（m2m3）g.故B正確，ACD錯誤.故選：B.k考點：胡克定律；物體的平衡.第II卷（非選擇題）A為固

17、定橡皮筋13某同學(xué)做“驗證力的平行四邊形定則”實驗的情況如下圖甲所示，其中0B和0C為細(xì)繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖。trim打點計肘器k*«B士H+出.FM.B.6Ltj.JJJ.1II41>,4_(1) 關(guān)于此實驗的下列說法中正確的是A. 同一次實驗中，0點位置不允許變動B. 實驗中，只需記錄彈簧測力計的讀數(shù)和0點的位置C. 實驗中，把橡皮筋的另一端拉到0點時，兩個彈簧測力計之間的夾角必須取90°D. 實驗中，要始終將其中一個彈簧測力計沿某一方向拉到最大量程，然后調(diào)節(jié)另一彈簧測力計拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到0點(2) 圖乙中的F與F'兩

18、力中，方向一定沿A0方向的是.(3) 本實驗采用的科學(xué)方法是.【答案】(1)A;(2)F'(3)等效替代【解析】試題分析：(1)同一次實驗中，0點位置不允許變動，選項A正確；實驗中，要記錄彈簧測力計的讀數(shù)、力的方向和0點的位置，選項B錯誤；把橡皮筋的另一端拉到0點時，兩個彈簧測力計之間的夾角沒必要必須取90°,選項C錯誤；實驗中，沒必要將其中一個彈簧測力計沿某一方向拉到最大量程，選項D錯誤；故選Ao(2)圖乙中的F與F'兩力中，方向一定沿A0方向的是F'.(3)本實驗采用的科學(xué)方法是等效替代?？键c：驗證力的平行四邊形定則14.某實驗小組在做“驗證機械能守恒定律

19、”實驗中，提出了如下圖所示的甲、乙兩種方案：甲方案為用自由落體運動進(jìn)行實驗，乙方案為用小車在斜面上下滑進(jìn)行實驗.紙帯2C?AaCDEF1020Mem>«««-一»virMimaiiticiinii<t«n(1) 組內(nèi)同學(xué)對兩種方案進(jìn)行了深入的討論分析，最終確定了一個大家認(rèn)為誤差相對較小的方案，你認(rèn)為該小組選擇的方案是，理由是.若該小組采用圖甲的裝置打出了一條紙帶如圖所示，相鄰兩點之間的時間間隔為0.02s,請根據(jù)紙帶計算出B點的速度大小為m/s.(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)(3)該小組內(nèi)同學(xué)根據(jù)紙帶算出了相應(yīng)點的速度，作出v2h圖線如圖

20、所示，請根據(jù)圖線計算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=m/s2.(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)【答案】(1)甲，乙實驗中斜面與小車之間有摩擦力，且不能忽略，小車運動過程中機械能不守恒，故乙圖不能用于驗證機械能守恒(2)1.37(3)9.75(9.709.90)【解析】試題分析：(1)由甲、乙兩圖可知，乙圖存在的摩擦遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于甲圖中摩擦，由此可知甲圖驗證機械能守恒更合適.(2) 勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度，因此有：v=AC=1.37m/s.2T(3) 由機械能守恒mgh=-mv2得v2=2gh，由此可知：圖象的斜率k=2g，由此可以求出當(dāng)?shù)?2的重力加速度，由圖可知，當(dāng)h=20cm時，

21、v2=3.88，所以k二、388=19.4，所以h0.22g9.75m/s.考點：驗證機械能守恒定律15如圖所示，質(zhì)量為m的小球用長為L的輕質(zhì)細(xì)線懸于O點，與O點處于同一水平線上的P點處有一個光滑的細(xì)釘。已知OP=L,在A點給小球一個水平向左的初速度vo,發(fā)現(xiàn)小球恰能2到達(dá)跟P點在同一豎直線上的最高點B,則：小球到達(dá)B點時的速率？(2)若不計空氣阻力，則初速度V。為多少？若初速度vo=gL，則在小球從A到B的過程中克服空氣阻力做了多少功皓案】、gL(2)雹(3)”【解析】2試題分析：(1)小球恰能到達(dá)最高點B,有mg二m2L1212(2)由AB由動能定理得：一mg(L+)=mBmvo222由動

22、能定理得：一mg(L+L)WFf=mB2mvo2可求出：WFf=11mgL2224考點：動能定理及牛頓第二定律的應(yīng)用.16. 傳送皮帶在生產(chǎn)生活中有著廣泛的應(yīng)用，一運煤傳送皮帶與水平面夾角為30°,以2m/s的恒定速度順時針運行?，F(xiàn)將一質(zhì)量為10kg的煤塊(視為質(zhì)點)輕放于底端，經(jīng)一段時間送到高2m的平臺上，煤塊與皮帶間的動摩擦因數(shù)為=3，取g=10m/s2,求平臺(1) 煤塊從底端到平臺的時間；(2) 帶動皮帶的電動機由于傳送煤塊多消耗的電能?！敬鸢浮?.4s；(2)280J【解析】試題分析：(1)物體開始受到向上的摩擦力作用，做勻加速運動，滑動摩擦力fi=umgcosB=75N上

23、滑過程中由牛頓第二定律可知amgcos_mgsiw=勺込一gsin”2.5m/s2m2經(jīng)過時間J=0.8s，速度達(dá)到2m/s，上升位移s0.8ma2a然后在靜摩擦力作用下做勻速運動，上升剩下的位移S2=(4-0.8)m=3.2m所用時間t2=魚=1.6S，總時間t=t1+t2=2.4s(2)根據(jù)能量守恒可知，帶動皮帶的電動機由于傳送煤塊多消耗的電能，應(yīng)該是煤塊增加的機械能與摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能的總和，二者因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為Q=f&s=片儀匕-sj=60J12煤塊增加的機械能為E=mghmv2=220J2電動機由于傳送工件多消耗的電能為W=E+Q=280J考點：牛頓定律及能量守恒定律的應(yīng)用17. 平板車，質(zhì)量M=100kg，停在水平路面上，車身的平板離地面的高度h=1.25m。一質(zhì)量m=50kg的滑塊置于車的平板上，它到車板末端的距離b=1.00m,與車板間的動摩擦因數(shù)落，滑塊剛離開車板的時刻，車向前行駛的距離距離s(不計路面與