1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶有孔的小球A套在粗糙的傾斜直桿上，與正下方的小球B通過輕繩連接，處于靜止狀態(tài)。給小球B施加水平力F使其緩慢上升，直到小球A剛要滑動在此過程中()A水平力F的大小不

2、變B桿對小球A的支持力不變C輕繩對小球B的拉力先變大后變小D桿對小球A的摩擦力先變小后變大2、如圖所示在一端封閉的光滑細玻璃管中注滿清水,水中放一紅蠟塊R(可視為質(zhì)點).將玻璃管的開口端用膠塞塞緊后豎直倒置且與軸重合,在R從坐標原點以速度勻速上浮的同時,玻璃管沿軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，合速度的方向與軸正方向的夾角為.則下列關(guān)于紅蠟塊R的運動的說法中不正確的是（ ）A合速度的大小與時間成t正比B分位移與t的平方成正比C分位移的平方與成正比D與時間t成正比3、如圖是國慶閱兵時的標兵站立姿勢，身體微微前傾，對于以下說法，正確的是（ ） A手對槍的作用力和槍受到的重力是相互作用力B地面給

3、人的支持力是因為地面發(fā)生了形變C手對槍的作用力和槍對手的作用力是平衡力D地面給標兵有摩擦力的作用4、為研究靜電除塵，有人設(shè)計了一個盒狀容器，如圖所示，容器側(cè)面是絕緣的透明有機玻璃，上下底面是金屬板。當金屬板連接到高壓電源正、負兩極時，在兩金屬板間產(chǎn)生勻強電場。現(xiàn)把一定量均勻分布的煙塵顆粒密閉在容器內(nèi)，顆粒帶負電，不考慮煙塵顆粒之間的相互作用和空氣阻力，并忽略煙塵顆粒所受重力。閉合開關(guān)S后，下列說法正確的是()A煙塵顆粒向下運動B兩金屬板間電場方向向上C煙塵顆粒在運動過程中電勢能減小D煙塵顆粒電荷量可能是電子電荷量的1.5倍5、如圖所示,質(zhì)量為m、帶電量為q的油滴從空中自由下落時間t1后進入水平

4、放置的帶電極板間,再經(jīng)過t2速度為第一次變?yōu)榱?則油滴在極板間運動時油滴的加速度大小為(不計空氣阻力) （ ） Agt1/(t1+t2) Bg(t1+t2)/t2Cgt1/t2 Dg t2/t16、有A、B兩小球，B的質(zhì)量為A的兩倍；現(xiàn)將它們以相同速率沿同一方向拋出，不計空氣阻力圖中為A的運動軌跡，則B的運動軌跡是（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，細繩一端固定，另一端系一小球給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，這樣就構(gòu)成

5、了一個“圓錐擺”設(shè)細繩與豎直方向的夾角為，如果變大，則（ ）A細線對小球的拉力變大B小球的向心加速度變大C小球運動的速度增大D小球運動的周期增大8、質(zhì)量為M的物塊以速度v運動，與質(zhì)量為m的靜止物塊發(fā)生正撞，碰撞后兩者的動量恰好相同，兩者質(zhì)量之比M：m可能為（）A0.5B1.6C2.7D3.89、輕繩一端通過光滑的定滑輪與物塊P連接，另一端與套在光滑豎直桿上的圓環(huán)Q連接，Q從靜止釋放后，上升一定距離后到達與定滑輪等高處，則在此過程中，下列說法正確的是（）A任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等B任意時刻P、Q兩物體的速度大小滿足C物塊P一直做加速直線運動D當Q上升到與滑輪等高時，它的機械能最

6、大10、如圖所示，帶正電的小球套在絕緣光滑水平直桿上，輕彈簧一端固定在O點，另一端與小球相連?？臻g中有水平向右的勻強電場，現(xiàn)將小球從P點由靜止釋放，它向右運動的過程中經(jīng)過了Q點。已知，在P、Q兩點處，彈簧對小球的彈力大小相等（忽略彈簧的靜電效應(yīng)），且OPQ0QP，在小球從P點到Q點的過程中（ ）A小球的加速度一直增大B彈簧最短時，彈簧彈力對小球做功的功率為零C彈力做的總功為零D小球到達Q點的動能等于它在P、Q兩點的電勢能的差值三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）需要組裝一個單量程的歐姆表，所給電源的電動勢為3.0V，內(nèi)阻可忽略不計

7、；電流表A的量程03mA，內(nèi)阻500；其他可供選擇的器材：（1）變阻器R1（阻值范圍0300）（2）變阻器R2（阻值范圍0800）在方框內(nèi)完成組裝歐姆表的電路圖（要標明所選器材的代號）_；電流表的表盤刻度分為三等分大格，如圖所示，其中0為電流表的零刻度，則該單量程歐姆表按正確的方法組裝完成后，刻度C表示的電阻值為_，刻度B表示的電阻值為_，在表盤上標明正中央刻度的電阻值為_。12（12分）為了測量兩個質(zhì)量不等的沙袋的質(zhì)量，由于沒有直接測量工具，某實驗小組應(yīng)用下列器材測量：輕質(zhì)定滑輪(質(zhì)量和摩擦可以忽略)、砝碼一套(總質(zhì)量m=15kg)、細線、米尺、秒表，根據(jù)已學(xué)過的物理知識，改變實驗條件進行多

8、次測量，選擇合適的變量得到線性關(guān)系，作出圖象并根據(jù)圖象的斜率和截距求出沙袋的質(zhì)量操作如下：(1)實驗裝置如圖，設(shè)左右兩邊沙袋的質(zhì)量分別為m1、m2；(2)從m中取出質(zhì)量為的砝碼放在左邊的沙袋中，剩余砝碼都放在右邊沙袋中，發(fā)現(xiàn)m1下降、m2上升；(3)用米尺測出沙袋m1從靜止下降的距離h，用秒表測出沙袋m1下降h1的時間t，則可知沙袋的加速度大小為a=_；(4)改變，測量相應(yīng)的加速度a，得到多組及a的數(shù)據(jù)，作出_(填“”或“”)圖線；(5)若求得圖線的斜率k=4mkgs2，截距b=2ms2，(g=11ms2)則沙袋的質(zhì)量m1=_Kg，m2=_kg四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題

9、卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）單色細光束射到一半徑為R的透明球表面，光線在過球心O的平面內(nèi).入射角，經(jīng)折射進入球內(nèi)后又經(jīng)內(nèi)表面反射一次，再經(jīng)球表面折射后射出.巳知真空中光速為c，入射光線與出射光線反向延長線之間的夾角= 30，如圖所示（圖上巳畫出入射光線和出射光線）.求：光從球內(nèi)射出球體的臨界角；光在透明球中傳播的時間14（16分）一氣象探測氣球，在充有壓強為1.00atm（即76.0cmHg）、溫度為27.0的氦氣時，體積為3.50m3。在上升至海拔6.50km高空的過程中，氣球內(nèi)氦氣逐漸減小到此高度上的大氣壓29.6cmHg，氣球內(nèi)部因啟動一持續(xù)

10、加熱過程而維持其溫度不變。此后停止加熱，保持高度不變。已知在這一海拔高度氣溫為-48.0。求：（1）氦氣在停止加熱前的體積；（2）氦氣在停止加熱較長一段時間后的體積。15（12分）一物塊以一定的初速度沿斜面向上滑出，利用DIS實驗系統(tǒng)，在計算機屏幕上得到其速度大小隨時間的變化關(guān)系圖像如圖所示。求：（g=10m/s2）(1)物塊上滑和下滑的加速度大小a1、a2；(2)物塊向上滑行的最大距離s；(3)斜面的傾角及物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)。 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AC.對小球受力分析，受拉力F、重

11、力和細線的拉力T，根據(jù)平衡條件，三個力可以構(gòu)成首尾相連的矢量三角形，如圖所示隨著的增大，拉力F和細線的拉力T均增加，故AC錯誤；BD.對A B球整體分析，受重力、拉力F、支持力N和靜摩擦力f，如圖所示設(shè)桿與水平方向的夾角為，根據(jù)平衡條件，在垂直桿方向有隨著F的增加，支持力增加；在平行桿方向有故有隨著F的增加，靜摩擦力逐漸減小，當 時，摩擦力為零，此后靜摩擦力反向增大，故D正確B錯誤。故選D。2、A【解析】A項，紅蠟塊R從坐標原點勻速上浮，玻璃管沿x軸正向做初速度為零的勻加速直線運動，所以有水平方向速度為 ，豎直方向速度為，所以合速度大小為，故A項錯誤B、水平方向做勻加速運動： ，所以分位移x與

12、t的平方成正比，故B正確；C項，紅蠟塊R從坐標原點以速度勻速上浮，所以分位移 ，玻璃管沿x軸正向做初速度為零的勻加速直線運動，設(shè)加速度為a，所以，因此 ,是常數(shù)，故C項正確；D項，由C項分析可知，玻璃管沿x軸正向做勻加速直線運動，加速度恒定，所以 與時間t成正比，故D項正確本題選不正確的，所以不正確的是A綜上所述本題答案是：A3、B【解析】A手對槍的作用力和槍受到的重力都作用在槍上，是一對平衡力，故A錯誤；B根據(jù)彈力產(chǎn)生的原因可知，地面給人的支持力是因為地面發(fā)生了形變，故B正確；C手對槍的作用力和槍對手的作用力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力，故C錯誤；D標兵站立時受到重力與支

13、持力是一對平衡力，若存在摩擦力，則標兵不能平衡，故D錯誤4、C【解析】由圖可知兩極板間的電場方向，則由煙塵的受力情況分析其運動方向；由電場力做功正負分析電勢能的變化；帶電體的帶電量只能是元電荷的整數(shù)倍【詳解】A. 由圖可知，極板上端為正極，下端為負極；則帶負電的顆粒受電場力向上，故帶電顆粒將向上運動。故A錯誤；B. 極板上端為正極，下端為負極，所以兩金屬板間電場方向向下。故B錯誤；C. 煙塵顆粒在運動過程中電場力做正功，電勢能減少。故C正確；D. 帶電體的帶電量只能是元電荷的整數(shù)倍，所以煙塵顆粒電荷量不可能是電子電量的1.5倍。故D錯誤。故選：C。5、C【解析】對全過程運用動量定理得, 計算得

14、出電場力 .則油滴在極板間運動時油滴的加速度 得: ,故C正確；綜上所述本人答案是：C6、A【解析】試題分析：兩球初速度大小和方向均相同，同時因拋出后兩物體均只受重力，故加速度相同，因此二者具有相同的運動狀態(tài)，故B的運動軌跡也是；選項A正確，BCD錯誤故選A考點：拋體運動【名師點睛】本題考查對拋體運動的掌握，要注意明確質(zhì)量不同的物體在空中加速度是相同的，而影響物體運動的關(guān)鍵因素在于加速度，與質(zhì)量無關(guān)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】小球受力分析如圖：A

15、小球受重力和拉力兩個力作用，物體做勻速圓周運動，豎直方向上拉力的分力等于重力：，變大，T變大，故A正確； B向心力指向圓心，靠兩個力的合力提供向心力，根據(jù)平行四邊形定則知，合力的大小為：F合=mgtan，變大，向心力變大；根據(jù)牛頓第二定律F合=ma得，向心加速度變大，故B正確；C根據(jù)牛頓第二定律得：，解得：，變大，小球運動的速度增大，故C正確；D根據(jù)牛頓第二定律得：，解得：，變大，小球運動的周期減小，故D錯誤故選ABC點睛：小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，靠拉力和重力的合力提供向心力結(jié)合牛頓第二定律求出線速度、加速度和周期大小的表達式，由表達式判斷a、v、T如何變化8、BC【解析】設(shè)碰撞后兩者的

16、動量都為p，根據(jù)題意可知，碰撞前后總動量為2p，根據(jù)動量和動能的關(guān)系有碰撞過程動能不增加，有解得根據(jù)碰后的規(guī)律知：碰后M的速度不大于m的速度，則所以應(yīng)有故選BC。9、BD【解析】AP先向下做加速運動，處于失重狀態(tài)，則繩的拉力大小小于P的重力大小，即Q受到的拉力大小小于P的重力大小。后向下減速運動，處于超重狀態(tài)，拉力大小大于P的重力大小。故A錯誤；B將圓環(huán)Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，則沿繩子方向的分速度等于P的速度。輕繩與桿的夾角為時，由速度的分解可得所以。故B正確；C圓環(huán)Q和物塊P被一根輕繩相連，一開始圓環(huán)Q加速運動，繩上拉力豎直方向的分力大于重力。之后隨著圓環(huán)Q上升，拉力豎直方

17、向的分力逐漸減小，經(jīng)過中間某一位置時，拉力豎直方向的分力等于重力。之后，拉力豎直方向的分力小于重力，圓環(huán)Q做減速運動。所以物塊P先做加速運動，后做減速運動。故C錯誤；D圓環(huán)Q上升到與滑輪等高前，繩子的拉力做正功，Q機械能增加。圓環(huán)Q上升到與滑輪等高之后，繩子拉力做負功，Q機械能減小。所以Q上升到與滑輪等高時，機械能最大。故D正確。故選BD。10、BCD【解析】如下圖所示，設(shè)O點正下方為O點，與P點關(guān)于O點對稱的點為M點，所以小球從P到M過程中彈簧一直被壓縮，彈簧原長的位置一定是在M與Q點之間。小球處于O點正下方O和小球受到的彈力為零的位置（M與Q點之間）時，小球合力都是qE，加速度都是Eq/m

18、，則從P點到Q點的過程中，小球的加速度不是一直增大，選項A錯誤；彈簧最短時，小球在O位置，此時彈力和速度方向垂直，則彈簧彈力對小球做功的功率為零，選項B正確；因小球在PQ位置時彈簧的彈力相等，則形變量大小相等，彈性勢能相同，則彈力做的總功為零，選項C正確；從P到Q,只有電場力做功，根據(jù)動能定理可知，小球到達Q點的動能等于電場力做功，即等于它在P、Q兩點的電勢能的差值，選項D正確；故選BCD.【點睛】解答本題的關(guān)鍵是：要知道彈力做功與彈性勢能的變化關(guān)系，電場力做功與電勢能變化的關(guān)系；分析清楚小球的受力情況和運動情況是解答本題的突破口。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0 500 1000【解析】（1）據(jù)題意，歐姆表內(nèi)部需要一個電源，已給電源電動勢為，則電流表為：如果選擇，最大電流為，不能滿偏，故不用改電流表，如果用，最大電流為，可滿偏，可以應(yīng)用該電流表。為了保證能夠電路中的電流為3mA，滑動變阻器應(yīng)用R2。（2）C位置電流表電流最大，據(jù)歐姆定律，該位置電阻應(yīng)該最小，所以電阻為0；（3）B處為電流為2mA時的位置，則求得；在表盤上標明正中央刻度的電阻值為12、 a-m 3 1.5 【解析】（3）根據(jù)勻變速直線運動