1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，平行板電容器充電完畢后與電源斷開設平行板電容器的電容為C，兩極板正對面積為S，兩極板間的距離為d，兩極板間場強為E.下列說法正確的是()A若保持S不變，增大d，則C變小，

2、E變大B若保持S不變，減小d，則C變大，E不變C若保持d不變，減小S，則C變大，E不變D若保持d不變，減小S，則C變小，E變小2、電路中中端電壓隨干路電流變化的圖象如圖所示，圖中縱軸的起點為1.2V，則電源的電動勢和內(nèi)電阻應是（ ）AE=0.3V,r=0.5 BE=1.5V,r=3.0 CE=1.5V,r=0.5 DE=1.5V,r=0.63、以下說法正確的是A電動勢就是電源兩極間的電壓B閉合電路中的電流跟電源電動勢成正比，跟整個電路的電阻成反比C閉合電路中的短路電流無限大D電源UI圖象上某點縱、橫坐標的乘積對應此時電源的總功率4、把兩根同種材料的電阻絲分別連在兩個電路中，A電阻絲長為L，直徑

3、為d，B電阻絲長為3L，直徑為3d要使兩電阻絲在相同時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，加在兩電阻絲上的電壓之比應當滿足AUAUB=11BUAUB=1CUAUB=3DUAUB=345、一個電荷只在電場力作用下從電場中的A點移到B點過程中，電場力做了210-6J的正功，那么（ ）A電荷在B處時具有210-6J的動能B該過程中電荷的電勢能減少了210-6JC電荷在B處時具有210-6J的電勢能D該過程中電荷的動能減少了210-6J6、空間有一水平勻強電場，范圍足夠大，場中有一粒子源，某時刻釋放出速度大小相同的同種帶電粒子，速度方向沿垂直于電場的豎直面內(nèi)各方向，粒子的重力不計，如圖所示，則（）A同一時刻所有粒子的

4、動量相同B同一時刻所有粒子的位移相同C同一時刻所有粒子到達同一等勢面上D同一時刻所有粒子到達同一水平面上二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，A、B是這條直線上的兩點一帶正電粒子僅在電場力作用下，以速度vA經(jīng)過A點向B點運動，經(jīng)過一段時間后，粒子以速度vB經(jīng)過B點，且vA與vB方向相反，則 AA點的電勢一定低于B點的電勢B粒子在A點的電勢能一定小于在B點的電勢能C粒子在A點的動能一定小于在B點的動能DA點的場強一定大于B點的場強

5、8、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是( )A加5 V電壓時，導體的電阻大于5 B加12V電壓時，導體的電阻等于8C由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小D由圖可知，隨著電壓的減小，導體的電阻不斷減小9、如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中，有a、b兩點，已 a、b兩點在同一豎直面但在不同的電場線上。一個帶電小球在電場力和重力的作用下由a點運動到b點，在這一運動過程中，下面的判斷中正確的是（ ） A該帶電小球的動能可能不變B該帶電小球運動的軌跡一定是直線C該帶電小球做的一定是勻變速運動D該帶電小球在a點的速度可能為零10、如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，現(xiàn)

6、將其與二極管串聯(lián)接在電動勢為E的直流電源上，電容器下極板接地，靜電計所帶電量可忽略，二極管具有單向?qū)щ娦蚤]合開關S，一帶電油滴恰好靜止于兩板間的P點，現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則下列說法正確的是A平行板電容器的電容將變大B靜電計指針張角變小C帶電油滴的電勢能將減少D油滴仍將保持靜止三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在做“研究平拋物體的運動”實驗時，實驗裝置如圖所示，先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平木板表面釘上復寫紙和白紙，并將該木板豎直立于槽口附近處，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在

7、白紙上留下痕跡A；將木板向遠離槽口方向分別平移距離x、2x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球分別撞在木板上得到痕跡B、C若木板每次移動距離x=15.00 cm，測得A、B間距離y1=4.78 cm，B、C間距離y2=14.58 cm（取重力加速度g=9.8 m/s2）（1）小球初速度的表達式為v0=_（用題給物理量符號表示）（2）小球初速度的測量值為_m/s（保留兩位有效數(shù)字）12（12分）利用氣墊導軌驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖所示水平桌面上固定一傾斜的氣墊導軌；導軌上A點放置帶有長方形遮光條的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細繩與質(zhì)量為m的小球相連；導軌上B點有

8、一光電門，可以測量遮光片經(jīng)過光電門時的時間t，用L表示A點到光電門B處的距離，d表示遮光片的寬度，將遮光片通過電門的平均速度看作滑塊通過B點時的瞬時速度，實驗時滑塊在A處由靜止開始運動（1）用游標卡尺測量遮光條的寬度d，結果如圖乙所示，由此讀出d=_cm（2）某次實驗測得氣墊導軌的傾斜角為，重力加速度用g表示，滑塊從A點到B點過程中，m和M組成的系統(tǒng)動能增加量可表示為Ek=_，系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為Ep=_，在誤差允許的范圍內(nèi)，若Ek=Ep，則可認為系統(tǒng)的機械能守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）

9、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v0垂直射入場強為E方向豎直向下的勻強電場中，射出電場的即時速度的方向與初速度方向成30角在這過程中，不計粒子重力求：（1）該粒子在電場中經(jīng)歷的時間；（2）粒子在這一過程中電勢能增量14（16分）在真空中兩個靜止的點電荷相距10 cm，它們之間的靜電引力為910-4 N,當把它們合在一起時，則成為一個帶電荷量為310-8 C的點電荷，問原來兩點電荷所帶的電荷量各為多少？15（12分）如圖所示，定值電阻R1=4、R2=16、R3=4、R4=6、R5=10，電源電動勢 E=10 V，內(nèi)阻不計，平行板電容器的電容C =2F、a、b、c、d為電路中的四

10、個結點，令結點d 電勢為零則電容器所帶的電荷量為多少？并說明電容器上、下極板的正負參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】平行板電容器充電后與電源斷開，其電量保持不變將兩極板間距離減小，由電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式確定電量的變化根據(jù)E=Ud分析電場強度E如何變化【詳解】平行板電容器充電后與電源斷開，電量Q保持不變。AB、若保持S不變，將兩極板間距離增大，由電容的決定式C=S4kd分析得知，電容C變小，由根據(jù)E=Ud、C=S4kd和C=QU得：E=4kQS，可知E與d無關，則E不變，故A錯誤，

11、B正確；CD、若保持d不變，將兩極板間正對面積減小，由電容的決定式C=S4kd分析得知，電容C變小，由根據(jù)E=Ud、C=S4kd和C=QU得：E=4kQS，可知E與S成反比，則E變大，故CD錯誤；故選B。【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式2、D【解析】U-I關系滿足：U=E-Ir，根據(jù)U-I直線的截距等于E，斜率等于r可得E=1.5V，r=1.5V-1.2V0.5A=0.6，故D正確故選D3、B【解析】A當外電路斷開時，電源兩極間的電壓等于的電動勢，故A錯誤.B根據(jù)閉合電路歐姆定律：得知閉合電路的電流跟電源的電動勢成正比，跟內(nèi)外電路的

12、電阻之和成反比，故B正確.C當外電路短路時，所以：故C錯誤.D電源U-I圖象上某點縱、橫坐標的乘積對應此時電源的輸出功率，故D錯誤.故選B.4、B【解析】根據(jù)電阻定律可知：由于是純電阻，則由，Q、t相同得：加在兩電阻絲上的電壓之比為AUAUB=11。故A不符合題意。 BUAUB=1。故B符合題意。CUAUB=3。故C不符合題意。 DUAUB=34。故D不符合題意。5、B【解析】AD.電荷只在電場力作用下，電場力做了的正功，合力做功即為，根據(jù)動能定理得知，動能增加了，故AD錯誤；BC.電場力做了的正功，根據(jù)功能關系得知，電荷的電勢能減小，故B正確，C錯誤6、C【解析】A粒子在電場中做類平拋運動，

13、所有粒子初速度大小相等，則在同一時刻，所有粒子動量大小相等而方向不同，粒子動量不同，故A錯誤；B粒子在電場中做類平拋運動，同一時刻所有粒子位移大小相等但方向不同，粒子位移不同，故B錯誤；CD粒子在水平方向做初速度為零的勻加速直線運動，在相等時間內(nèi)所有粒子在水平方向位移相等，所有粒子同時到達與電場垂直的同一豎直面內(nèi)，所有粒子不會同時到達同一水平面，勻強電場等勢面是與電場垂直的平面，由此可知，在同一時刻所有粒子到達同一等勢面，故C正確，D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0

14、分。7、AB【解析】由于帶正電的粒子在A點時速度方向向右而到達B點時速度方向向左，故正電荷所受電場力方向向左，而正電荷所受電場力的方向與電場的方向相同，故場強向左，所以A點電勢低于B點的電勢，故A正確由于從A到B過程中電場力做負功，故粒子的電勢能增大故B正確由于從A到B過程中電場力做負功，故電荷在A點的動能比在B點的動能大，故C錯誤由于只有一條電場線，所以無法判斷哪個位置電場線的疏密情況，故無法判斷AB兩點哪點的場強更大故D錯誤故選AB點睛：物體速度方向的變化說明物體所受的電場力方向向左，這是本題的突破口還要掌握電場線的基本特性：疏密表示場強的相對大小，方向表示電勢高低8、BD【解析】加5V的

15、電壓時，電流為1.0A，則由歐姆定律可知：R=UI=51.0=5；故A錯誤；加12V的電壓時，電流約為1.5A，則可得電阻為：R=121.5=8；故B正確；由圖可知，隨電壓的增大，圖象的斜率減小，則可知導體的電阻越來越大，故C錯誤；隨著電壓的減小，導體的電阻減??；故D正確；故選BD。9、ACD【解析】AB小球的電性和初速度都是未知的，所以又很多的不確定性，因此不能判定小球的運動的軌跡和速度的變化；故A正確，B錯誤；C小球受到的電場力與重力都不變，根據(jù)牛頓第二定律，小球的加速度不變，所以小球一定做勻變速運動，故C正確；D小球的初速度是未知的，所以它在a點的速度可能為0，故D正確。故選ACD。10

16、、CD【解析】根據(jù) 知，d增大，則電容減小故A錯誤靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器電容減小，則電容器要放電，但是由于二極管的單向?qū)щ娦?，導致電容器電量不變，故根?jù)Q=CU可知，U變大，所以靜電計指針張角變大故B錯誤因電容器電量不變，則當d增大時，根據(jù),電場強度不變，P點與下極板的電勢差變大，則P點的電勢增大，因為該電荷為負電荷，則電勢能減小故C正確因電場強度不變，則油滴所受電場力不變油滴仍將保持靜止，故D正確故選CD點睛：本題是電容器的動態(tài)分析問題，關鍵抓住不變量，二極管的存在導致電容器不能放電，則電量不變；當電容量電量不變時，兩板間的場強與兩板間距無關.三、實驗題：本題共2小題，

17、共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 1.5 【解析】（1）在豎直方向上：y=y2-y1=gt2，水平方向上：x=v0t，聯(lián)立解得：（2）根據(jù)，代入數(shù)據(jù)解得：v0=1.5m/s12、（1） 1010 （2）mgL-MgLsin；【解析】【分析】由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度；根據(jù)重力做功和重力勢能之間的關系可以求出重力勢能的減小量，根據(jù)起末點的速度可以求出動能的增加量；根據(jù)功能關系得重力做功的數(shù)值等于重力勢能減小量解(1)由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度，滑塊通過光電門B速度為：；(2)滑塊從

18、A處到達B處時m和M組成的系統(tǒng)動能增加量為：；系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為：；比較和，若在實驗誤差允許的范圍內(nèi)相等，即可認為機械能是守恒的四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】（1）帶正電的粒子垂直進入電場后做類平拋運動，如圖所示：粒子在垂直電場方向的做勻速直線運動粒子在電場方向做初速度為0的勻加速直線運動：，當粒子速度方向與初速度方向成30角時，如圖，豎直分速度：，粒子經(jīng)歷的時間：；（2）在這一過程中，粒子在電場方向偏轉的位移，電場力對粒子做功：，根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關系知，電場力對粒子做正功，電勢能減少，好電勢能的增加量14、510-8 C和-210-8 C；或-510-8 C和210-8 C【解析】由題根據(jù)庫侖定律知：F=kq1q2r2，則F=kq1q2r2=910-4N；兩點荷帶異種電荷，由電荷守恒知：q1-q2=310-8C解上式得：q1=510-8C，q2=-210-8C或q1=