1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，A、B為某一點電荷Q產(chǎn)生的電場中的一條電場線上的兩點，當(dāng)一電子以某一速度沿電場線由A運(yùn)動到B的過程中，動能增加，則（）A電勢B電場線方向由A指向BC場強(qiáng)大小D若Q為正電荷，則Q在A點左側(cè)2、下列關(guān)于電荷的電勢能的說法正確的是( )A電荷在電場強(qiáng)度大的地方，電勢能一定大B電荷在電場強(qiáng)度為零的地方，電勢能一定為零C只在靜電力的作用下，電荷的電勢能一定減少D只在靜電力的作用下，電荷的電勢能可能增加，也可能減少3、如圖所示，邊長為L的金屬框abcd放置在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度

3、大小為B，方向平行于ab邊向上，當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度逆時針轉(zhuǎn)動時，a、b、c、d四點的電勢分別為a、b、c、d下列判斷正確的是A金屬框中無電流，a=dB金屬框中電流方向沿a-d-c-b-a，a”、“”或“=”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在圖所示的電路中，小量程電流表的內(nèi)阻Rg100，滿偏電流Ig1mA，R1900，R2（1）當(dāng)S1和S2均斷開時，改裝所成的表是什么表？量程為多大？（2）當(dāng)S1和S2均閉合時，改裝所成的表是什么表？量程為多大？14（16分）如圖所示，電源電動勢為10V，內(nèi)阻為0.

4、5.將一盞標(biāo)有“8V、16W”的燈泡與一只線圈電阻為1的直流電動機(jī)并聯(lián)后和電源相連，燈泡剛好正常發(fā)光，求：（1）流過電源的電流；（2）電源消耗的總功率；（3）電動機(jī)的輸出功率15（12分）空中有一電場，電場強(qiáng)度的大小處處相等，一個質(zhì)量為m=2.0107kg的帶電微粒，其帶電量是-6.0108C，它在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)微粒的帶電量不變，取g=10m/s2，求空中電場強(qiáng)度的大小和方向。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB一電子以某一速度沿電場線由運(yùn)動到的過程中，動能增加，電場力對電子做正功，電場力方向與

5、運(yùn)動方向相同，所以電場強(qiáng)度方向由指向，電場線方向由指向，那么則有故A正確，B錯誤；C電場線方向由指向，但不知電場線的疏密，故無法知道電場的強(qiáng)弱，故C錯誤；D可以為正電荷，也可以為負(fù)電荷，若為正電荷，則在點右側(cè)，若為負(fù)電荷，則在點左側(cè)，故D錯誤；故選A。2、D【解析】電場強(qiáng)度與電勢能無關(guān)，電荷在電場強(qiáng)度為零的地方，電勢能不一定為零，電勢能有相對性可以人為規(guī)定零勢能面，故AB錯誤；只在靜電力作用下，若電荷從靜止開始運(yùn)動，電場力做正功電勢能減少，若電荷在靜電力作用下在電場中做減速運(yùn)動，則電場力做負(fù)功電勢能增大，故D正確，C錯誤所以D正確，ABC錯誤3、C【解析】試題分析：因穿過線圈的磁通量始終為零，

6、故線圈中無電流；根據(jù)右手定則可知，d端電勢高于a端，c端電勢高于d端，Ubc=-BLL2=-12BL2，故選項ABD錯誤，C正確；故選C考點：右手定則；法拉第電磁感應(yīng)定律【名師點睛】本題關(guān)鍵是明確感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件是穿過閉合回路的磁通量發(fā)生改變，要會根據(jù)E=Blv求解感應(yīng)電動勢，會利用右手定則判斷感應(yīng)電動勢的方向.4、A【解析】注意鋁框在磁場中也產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故小球在總共受四個力作用，由洛侖茲力公式及電場力公式可得出兩力間的關(guān)系；從而得出拉力與重力的關(guān)系【詳解】因為豎直的鋁板切割磁感線所以產(chǎn)生感應(yīng)電動勢U形框的上下板形成一個上板為負(fù)下板為正的勻強(qiáng)電場小球這時候受到4個力的作用，重力方向向下，

7、繩子的彈力方向向上，洛倫磁力，電場力，如果帶的是正電則洛倫磁力方向向下，所受電場力方向向上；如果帶的是負(fù)電則洛倫磁力方向向上，所受電場力方向向下，且洛侖磁力等于電場力，；（L為豎直板的長度）聯(lián)合起來得，故洛倫磁力等于電場力且方向相反，拉力等于重力，A正確【點睛】本題不要只認(rèn)為小球只受洛侖茲力而忽視了電場力，注意導(dǎo)體切割磁感線時都會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而形成電場5、D【解析】對小球受力分析，由牛頓第二定理可得：，解得：AB：電場力做功，電勢能增加了故AB兩項均錯誤C：重力做功，小球的重力勢能減少了故C項錯誤D：據(jù)動能定理，則物體的動能減少了故D項正確6、B【解析】將其中一個力當(dāng)成彈簧秤的固定端，則

8、相當(dāng)于用一個4N的力拉彈簧秤，故示數(shù)為4N，B正確【點睛】這兩個力的作用點不同，所以不能當(dāng)成共點力來合成二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A若q從A點由靜止釋放，受到向下的電場力作用，向下加速運(yùn)動，過O點后受到向上的電場力作用，做減速運(yùn)動，根據(jù)受力情況的對稱性可知q將以O(shè)點為對稱中心做往復(fù)運(yùn)動，故A正確；B電荷在O點時電場力為零，電荷在A點電場力是否最大無法確定，電荷由A點向O點運(yùn)動的過程中加速度變化情況無法確定，可能一直減小，也可能先增大再減小，故B

9、錯誤；Cq由A點向O點運(yùn)動時，電場力做正功，說明動能逐漸增大，電勢能逐漸減小，故C正確。Dq受到指向圓心的電場力，在ab連線中垂面內(nèi)給它一個垂直電場力方向大小合適的速度，電場力提供向心力，電荷可以做勻速圓周運(yùn)動，故D正確。故選ACD。8、AC【解析】如圖為等量異種點電荷的電場，則電場線是從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終至，所以A、B兩點處于從左向右的電場線方向上，則而A、C同處于一根等勢線，所以因此，由等量異種點電荷的電場線的分布，可得B點的電場線最密，C點的最疏，所以EBEAEC，故AC正確。9、ABC【解析】根據(jù)電容的決定式C=，分析電容的變化，再由電容的定義式分析板間電壓的變化，確定靜電計指針張角

10、的變化【詳解】A、減小兩極板間的距離，則d減小，則由決定式可得是容器的電容增大；則由Q=UC可知，電勢差減小，故A正確；B、由于B板接地，用手觸摸A時，故對電量有影響，電勢差減小，故B正確；C、在兩板間插入電介質(zhì)時，介電常數(shù)增大，則C增大，由由Q=UC可知，電勢差減小，故C正確；D、將極板B向上運(yùn)動時，正對面積減小，則C減小，由定義式可知，電勢差增大，故D錯誤；故選ABC【點睛】本題考查電容器的動態(tài)分析問題，要明確夾角大小表示電勢差的大小10、BCD【解析】A. 由軌跡圖可知，帶電油滴所受重力小于電場力，故從A到B的運(yùn)動過程中合外力做正功，動能增加，故A錯誤；B. 油滴向上偏轉(zhuǎn)運(yùn)動，說明電場力

11、向上，并且一定大于重力，所以從A到B的運(yùn)動過程電場力做正功，電勢能減小，故B正確；C. 根據(jù)功能關(guān)系可知，在從A到B的運(yùn)動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、動能三者之和保持不變；從A到B的運(yùn)動過程中重力做負(fù)功，重力勢能增加，因此動能和電勢能之和減小，故C正確；D. 根據(jù)功能關(guān)系可知，在從A到B的運(yùn)動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、動能三者之和保持不變，因該過程中電勢能減小，因此重力勢能和動能之和增加，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 （1）a 1.5 1.0 （2）A C E【解析】（1）

12、由圖1所示實驗電路圖可以知道,滑動變阻器采用限流接法,因此閉合開關(guān)前為防止電表過載滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在a端.；由圖2所示電源U-I圖象可以知道,圖象與縱軸交點坐標(biāo)值為1.5,電源電動勢E=1.5V,電源內(nèi)阻為: （2）由題意可知，燈泡的額定電壓為3V，為了準(zhǔn)確性及安全性原則，電壓表應(yīng)選擇A；燈泡的額定電流為0.3A，故電流表應(yīng)選擇C；測量燈泡的伏安特性曲線實驗中應(yīng)采用分壓接法，故滑動變阻器應(yīng)選用小電阻，故滑動變阻器應(yīng)選擇 E；測量小燈泡的伏安特性曲線時，要求電壓值從零開始變化，故滑動變阻器應(yīng)采有分壓接法；燈泡內(nèi)阻約為： 而電流表內(nèi)阻約為2，小燈泡的電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，接近電流表內(nèi)阻，故

13、電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示：綜上所述本題答案是：. (1). a . 1.5 1.0 （2）A ； C ；. E ；12、甲 B E C 【解析】(1)根據(jù)實驗原理及誤差分析可選擇合適的電路圖;(2)根據(jù)電源的電動勢選擇電壓表；同時選擇對應(yīng)的電流表；根據(jù)內(nèi)阻的大小選擇滑動變阻器;(3)分別對兩電路進(jìn)行分析，再根據(jù)誤差形成原因分析誤差.【詳解】(1)干電池內(nèi)阻較小，為了減小誤差應(yīng)采用相對電源的電流表外接法；故應(yīng)選擇甲圖；(2)因電源的電動勢為1.5V，故電壓表應(yīng)選擇B；因電流較小，因此電流表應(yīng)選擇E；內(nèi)阻約為幾歐姆，故滑動變阻器選擇C；(3)甲圖中由于電壓表的分流，使電流測量值小于真實值

14、，而電壓表示數(shù)是準(zhǔn)確的，當(dāng)電路短路時，電壓表的分流可以忽略不計，故短路電流為準(zhǔn)確的，則圖象應(yīng)以短流電流向左下移動，故圖象與縱坐標(biāo)的交點減小，圖象的斜率減小，故電動勢減小，內(nèi)阻小于真實值；乙圖中由于電流表的分壓作用，使電壓表測量值小于真實值，而電流表示數(shù)準(zhǔn)確；當(dāng)外電路斷開時，電流表分壓可以忽略，此時電壓表示數(shù)為電動勢，故電動勢是準(zhǔn)確的；圖象與縱軸的交點準(zhǔn)確，由于電壓值偏小，故整體圖象左移，圖象的斜率變大，故電阻偏大；【點睛】本題考查測量電動勢和內(nèi)阻的實驗，要注意掌握該實驗中如何減小實驗誤差，并能正確選擇實驗儀器.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文

15、字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電壓表 1 V （2）電流表 1 A【解析】本題的關(guān)鍵是明確串聯(lián)電阻具有分壓作用，并聯(lián)電阻具有分流作用，即電流表改裝為電壓表時，應(yīng)將電流表與電阻串聯(lián)，改裝為電流表時，應(yīng)將電流表與電阻并聯(lián)【詳解】由圖示電路圖可知，當(dāng)S1和S2均斷開時，G與R1串聯(lián)，此時為電壓表，改裝后電壓流表量程為：U=Ig（R1+Rg）=0.001（100+900）=1.0V；由圖示電路圖可知，當(dāng)S1和S2均閉合時，G與R2并聯(lián)，此時為電流表，改裝后電流表量程為：I=Ig+IR2=Ig+=0.001+=1.0A；【點睛】明確串聯(lián)電阻具有分壓作用和并聯(lián)電阻具有分流作用的含義，理解電壓表與電流表改裝的原理14、（1）4A（2）40W（3）12W【解析】試題分析：燈泡和電動機(jī)并聯(lián)，它們的電壓相同，根據(jù)閉合回路歐姆定律可以求得電源的內(nèi)電壓，以及總電流的大小，根據(jù)燈泡的電流可以求得電動機(jī)的電流的大小，求出電動機(jī)發(fā)熱功率P熱，電動機(jī)的輸出功率等于電動機(jī)輸入功率減去發(fā)熱功率。（1）由題意可知，電路的路端電壓U=8V，則內(nèi)電壓U內(nèi)=