1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列四種情況中，三個(gè)大小相等、方向不同的力F同時(shí)作用于同一點(diǎn)O，其中合力最小的是（ ）ABCD2、三個(gè)電阻器按照如圖所示的電路連接，其阻值之比為R1R2R3=136，則

2、電路工作時(shí)，通過(guò)三個(gè)電阻器R1、R2、R3上的電流之比I1I2I3為A631B136C621D3213、如圖所示，L1 、L2 、L3為三個(gè)相同的燈泡且電阻恒定，電源內(nèi)阻是燈泡電阻的1.5倍在變阻器 R的滑片 P 向上移動(dòng)過(guò)程中，下列正確的是( )AL1 變亮， L2 變亮， L3變暗B電源輸出功率變大C電源總功率變小DL1中電流變化量大于 L2中電流變化量4、圖中的實(shí)線(xiàn)為點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)，M、N兩點(diǎn)在以點(diǎn)電荷為圓心的同一圓上，下列說(shuō)法正確的是AM處的電場(chǎng)強(qiáng)度比N處的大BM處的電場(chǎng)強(qiáng)度比N處的小CM、N處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同DM、N處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同5、關(guān)于帶電粒子(不計(jì)重力

3、)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，下列說(shuō)法正確的是A一定是勻變速運(yùn)動(dòng)B不可能做勻減速運(yùn)動(dòng)C一定做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)D可能做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，不可能做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)6、電場(chǎng)中某區(qū)域的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，A、B是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，則（）AA點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大BA、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同C因?yàn)锽點(diǎn)沒(méi)有電場(chǎng)線(xiàn)，所以電荷在B點(diǎn)不受到電場(chǎng)力作用D同一點(diǎn)電荷放在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比放在B點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、套有細(xì)環(huán)的粗糙桿水平放置，帶正電的小球A通過(guò)絕緣細(xì)線(xiàn)系在細(xì)環(huán)上，另一

4、帶正電的小球B固定在絕緣支架上，A球處于平衡狀態(tài)，如圖所示現(xiàn)將B球稍向右移動(dòng)，當(dāng)A小球再次平衡（該過(guò)程A，B兩球一直在相同的水平面上）時(shí)，細(xì)環(huán)仍靜止在原位置，下列說(shuō)法正確的是( )A細(xì)線(xiàn)對(duì)帶電小球A的拉力變大B細(xì)線(xiàn)對(duì)細(xì)環(huán)的拉力保持不變C細(xì)環(huán)所受的摩擦力變大D粗糙桿對(duì)細(xì)環(huán)的支持力變大8、在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)靜止的放射性原子核發(fā)生了一次衰變，生成了一個(gè)質(zhì)量為M的新核，同時(shí)放出質(zhì)量為m、電量為q的粒子，粒子在與磁場(chǎng)垂直的平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑為R，反應(yīng)中釋放的核能全部轉(zhuǎn)化為生成的新核和粒子的動(dòng)能，下列說(shuō)法正確的是（）A生成的新核和粒子的動(dòng)能之比為m：MB生成的新核的比結(jié)合能大于衰

5、變前原子核的比結(jié)合能C生成的粒子的動(dòng)能為D衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為9、負(fù)點(diǎn)電荷Q固定在正方形的個(gè)頂點(diǎn)上,帶電粒子P僅在該電荷的電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)時(shí),怡好能經(jīng)過(guò)正方形的另外三個(gè)頂點(diǎn)a、b、c，如圖所示,則A粒子P帶正電Ba、b、c三點(diǎn)在同一個(gè)等勢(shì)面上Ca、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D粒子P由a到b電勢(shì)能增加10、如圖所示的電路中，AB兩端的電壓U恒為14V，燈泡L標(biāo)有“6V、12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈的電阻若燈泡恰能正常發(fā)光，且電機(jī)能正常運(yùn)轉(zhuǎn)，則以下說(shuō)法中正確的是（ ）A電動(dòng)機(jī)的輸出功率是14WB電動(dòng)機(jī)的輸入功率是16WC電動(dòng)機(jī)的熱功率是1.0WD整個(gè)電路消耗的電功率是30W三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18

6、分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）如圖，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系(1)實(shí)驗(yàn)中，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過(guò)僅測(cè)量_(填選項(xiàng)前的符號(hào))，間接地解決這個(gè)問(wèn)題A、小球開(kāi)始釋放高度hB、小球拋出點(diǎn)距地面的高度HC、小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程(2)圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程O(píng)P然后，把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復(fù)（小球質(zhì)

7、量關(guān)系滿(mǎn)足m1 m2）接下來(lái)要完成的必要步驟是_(填選項(xiàng)前的符號(hào))A、用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2B、測(cè)量小球m1開(kāi)始釋放高度hC、測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度HD、分別找到m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE、測(cè)量平拋射程O(píng)M、ON(3)若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為_(kāi)用(2)中測(cè)量的量表示12（12分）描繪出平拋運(yùn)動(dòng)軌跡可求拋出速度，A是一塊平面木板，在其上等間隔地開(kāi)鑿出一組平行的插槽（圖中、）間距均為。把覆蓋復(fù)寫(xiě)紙的白紙鋪貼在硬板B上。實(shí)驗(yàn)時(shí)依次將B板插入A板的各插槽中，每次讓小球從斜軌的一同位置由靜止釋放。每打完一點(diǎn)后，把B板插入后一槽中并同時(shí)向紙面內(nèi)側(cè)平移距離d。實(shí)驗(yàn)

8、得到小球在白紙上打下的若干痕跡點(diǎn)。 (1)對(duì)實(shí)驗(yàn)裝置反復(fù)調(diào)節(jié)，直到斜槽末端水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了_；(2)每次將B板向內(nèi)側(cè)平移相同的距離，是為了_；(3)在圖中繪出平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，平拋運(yùn)動(dòng)初速度公式為：_（已知，用表示）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，虛線(xiàn)PQ、MN間存在水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電粒子質(zhì)量為m=2.010-11kg、電荷量為q=+1.010-5C，從a點(diǎn)由靜止開(kāi)始經(jīng)電壓為U=100V的電場(chǎng)加速后，經(jīng)過(guò)b點(diǎn)垂直于勻強(qiáng)電場(chǎng)進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)中，從虛線(xiàn)MN的某點(diǎn)c （圖中未畫(huà)出

9、）離開(kāi)勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)速度與電場(chǎng)方向成60角。已知PQ、MN間距為20cm，帶電粒子的重力忽略不計(jì)。求：(1)粒子在b點(diǎn)時(shí)的速度；(2)水平勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E的大小；(3)bc兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Ubc。14（16分）如圖所示電路中，電阻R1R2R310，電源內(nèi)阻5，電壓表可視為理想電表當(dāng)開(kāi)關(guān)S1和S2均閉合時(shí)，電壓表的示數(shù)為10V（1）路端電壓為多大?（2）電源的電動(dòng)勢(shì)為多大?（3）當(dāng)開(kāi)關(guān)S1閉合而S2斷開(kāi)時(shí)，電壓表的示數(shù)變?yōu)槎啻?15（12分）用多用表進(jìn)行了兩次測(cè)量，指針的位置分別如圖中a和b所示。若多用表的選擇開(kāi)關(guān)處在以下表格中所指的擋位，a和b的相應(yīng)讀數(shù)是多少？請(qǐng)?zhí)钤诒碇?。所選擇的檔位指針度數(shù)ab直

10、流電壓25V直流電流50mA電阻10參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】解：A、將左邊兩個(gè)力進(jìn)行合成，再與右邊合成，則有合力的大小（1）F；B、將相互垂直的F進(jìn)行合成，則合力的大小為F，再與第三個(gè)力F合成，即有合力的大小為（1）F；C、將方向相反的兩個(gè)力合成，則合力為0，再與第三個(gè)力F合成，則有合力大小為F；D、將任意兩力進(jìn)行合成，可知，這三個(gè)力的合力為零；故D正確，ABC均錯(cuò)誤；故選D【點(diǎn)評(píng)】考查力的平行四邊形定則，并體現(xiàn)如何選擇兩力合成的技巧，同時(shí)要學(xué)生會(huì)畫(huà)合成與分解的力圖2、D【解析】試題分析：電阻

11、R2和R3是并聯(lián)關(guān)系，則電流之比等于電阻之比的倒數(shù)即：I2：I3= R3R2=2：1；則R1上的電流等于R2和R3的電流之和，故I1I2I3=321，故選D.考點(diǎn)：串并聯(lián)電路的特點(diǎn)【名師點(diǎn)睛】此題考查了串并聯(lián)電路的特點(diǎn)；要知道在串聯(lián)電路中電流處處相等；并聯(lián)電路中電壓相等，且總電流等于各個(gè)電阻上的電流之和；此題是基礎(chǔ)題，意在考查學(xué)生對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的掌握程度.3、D【解析】當(dāng)變阻器R的滑片P向上移動(dòng)時(shí)，R減小，外電路總電阻減小，由歐姆定律分析干路電流的變化，即可判斷燈L3亮度的變化根據(jù)并聯(lián)部分的電壓變化，判斷燈L2亮度的變化，由干路電流與通過(guò)L2的電流變化情況，判斷L1亮度的變化情況根據(jù)干路電流的變化

12、情況，分析L2燈中電流變化值與L1燈中電流變化值的大小根據(jù)外電路總電阻與電源內(nèi)阻的關(guān)系，分析電源的輸出功率如何變化【詳解】A、當(dāng)變阻器R的滑片P向上移動(dòng)時(shí)，R減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，干路電流I增大，則L3燈變亮根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，并聯(lián)部分的電壓減小，L2燈變暗由于干路電流增大，而通過(guò)L2的電流減小，則通過(guò)L1的電流增大，L1燈變亮故A錯(cuò)誤B、根據(jù)題意無(wú)法判斷內(nèi)外電阻的大小關(guān)系，故電源輸出功率無(wú)法判斷故B錯(cuò)誤C、由于干路電流增大，所以電源的總功率變大故C錯(cuò)誤D、由上述分析得知，通過(guò)L2的電流減小，通過(guò)L1的電流增大，而干路電流增大，則L2燈中電流變化值小于L1燈中電流

13、變化值故D正確所以選擇D.【點(diǎn)睛】本題是電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按局部到整體，再回到局部的思路進(jìn)行分析根據(jù)推論：外電路總電阻與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大分析電源的輸出功率如何變化4、D【解析】依據(jù)點(diǎn)電荷周?chē)妶?chǎng)分布特點(diǎn)可知：以點(diǎn)電荷為圓心的同一圓上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，在如圖所示的電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向沿電場(chǎng)線(xiàn)指向圓心，因此方向不同，故D正確5、D【解析】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力恒定不變，可能做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，也可能做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故D正確 6、A【解析】由圖可知，A點(diǎn)處電場(chǎng)線(xiàn)較密，電場(chǎng)強(qiáng)度較大故A正確電場(chǎng)線(xiàn)的切線(xiàn)方向不是電場(chǎng)的方向，由圖可知，A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向是不同的故

14、B錯(cuò)誤電場(chǎng)線(xiàn)的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，B處雖然沒(méi)有電場(chǎng)線(xiàn)，但是由圖可知，B處仍然有電場(chǎng)，電荷在B點(diǎn)仍然受到電場(chǎng)力的作用故C錯(cuò)誤A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大，同一點(diǎn)電荷放在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力較大故D錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)睛】電場(chǎng)線(xiàn)的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，電場(chǎng)線(xiàn)越密，場(chǎng)強(qiáng)越大順著電場(chǎng)線(xiàn)，電勢(shì)降低同一電荷在電場(chǎng)強(qiáng)度大的地方受到的電場(chǎng)力大電場(chǎng)線(xiàn)是曲線(xiàn)，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡與電場(chǎng)線(xiàn)不一致二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】試題分析：以小球和環(huán)整體為研究對(duì)象，分析受力，根據(jù)平衡條件分析粗糙桿

15、對(duì)細(xì)環(huán)的支持力和摩擦力的變化再以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件分析細(xì)線(xiàn)的拉力的變化解：A、B：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況：重力mg、細(xì)線(xiàn)的拉力T和電場(chǎng)力F，根據(jù)平衡條件得T=，F(xiàn)增大時(shí)，T變大故B錯(cuò)誤，A正確C、D以小球和環(huán)整體為研究對(duì)象，分析受力如圖：總重力G、桿對(duì)細(xì)環(huán)的支持力N和摩擦力f，電場(chǎng)力F根據(jù)平衡條件得：N=G，f=F當(dāng)電場(chǎng)稍加大時(shí)，小球所受的電場(chǎng)力F增大，桿對(duì)細(xì)環(huán)的支持力保持不變，細(xì)環(huán)所受的摩擦力變大故C正確、D錯(cuò)誤故選AC點(diǎn)評(píng)：本題是動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題，要善于選擇研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析8、ABC【解析】A靜止的原子核輻射衰變，衰變產(chǎn)生的新核與

16、粒子組成的系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，以粒子的方向?yàn)檎较?，則有解得，即兩者動(dòng)量大小相等，設(shè)為p，方向相反，根據(jù)動(dòng)能與動(dòng)量關(guān)系所以生成的新核和粒子的動(dòng)能之比為故A正確；B衰變的過(guò)程中釋放能量，可知生成的新核的比結(jié)合能大于衰變前原子核的比結(jié)合能，故B正確；C粒子在磁場(chǎng)中受到的洛倫茲力提供向心力，則有解得，則生成的粒子的動(dòng)能為故C正確；D結(jié)合AC可得新核的動(dòng)能根據(jù)質(zhì)能方程可知虧損的質(zhì)量故D錯(cuò)誤。故選ABC。9、AD【解析】根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子與點(diǎn)電荷Q是異種電荷，它們之間存在引力。根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的方向分析電勢(shì)關(guān)系。根據(jù)粒子與點(diǎn)電荷間距離的變化分析電場(chǎng)力做功正負(fù)，從而分析電勢(shì)能的變化。根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k

17、Qr2分析a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度?！驹斀狻扛鶕?jù)粒子P軌跡的彎曲方向可知該粒子P與Q之間存在引力，兩者是異種電荷，故P粒子帶正電荷，故A正確；根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線(xiàn)的特點(diǎn)，Q與a、c距離相等，a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，即a=c，但b距離Q較遠(yuǎn)，故a=cb，則三個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)不相等，故B錯(cuò)誤；根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=kQr2可知a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小相等，但方向不相同，故C錯(cuò)誤；粒子P從a到b，電勢(shì)升高，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；故D正確；故選AD?！军c(diǎn)睛】本題屬于電場(chǎng)中軌跡問(wèn)題，關(guān)鍵要明確粒子P所受的電場(chǎng)力指向軌跡的彎曲方向，要掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)的分布特點(diǎn)。10、AB【解析】ABC電動(dòng)機(jī)兩端的電壓UM=U-U

18、L=14-6V=8V，整個(gè)電路中的電流所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率P入=UMI=82W=16W電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率P熱=I2RM=220.5W=2W，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出=P入-P熱=（16-2）W=14W故AB正確C錯(cuò)誤D整個(gè)電路消耗的功率P總=UI=142W=28W故D錯(cuò)誤故選AB。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、C ADE m1OMm2ONm1OP 【解析】（1）驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過(guò)落地高度不變情況下水平射程來(lái)體現(xiàn)速度故選C（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，先

19、讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測(cè)量平拋射程O(píng)P然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)測(cè)量平均落點(diǎn)的位置，找到平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，因此步驟中D、E是必需的，而且D要在E之前至于用天平秤質(zhì)量先后均可以故選ADE（3）若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1OP=m1OM+m2ON12、保持小球水平拋出的初速度相同 保持相鄰痕跡點(diǎn)的水平距離大小相同 【解析】(1)1實(shí)驗(yàn)前應(yīng)對(duì)實(shí)驗(yàn)裝置反復(fù)調(diào)節(jié)，直到斜槽末端水平，保證做平拋運(yùn)動(dòng)，初速度水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了保持小球水平拋出的初速度相同(2)2平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，