1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個帶負電的金屬圓環(huán)繞軸OO 以角速度勻速旋轉，在環(huán)左側軸線上的小磁針最后平衡時，AN極豎直向上BN極水平向左CN極水平向右DN極垂直紙面向里2、關于磁感應強度，下列說法正確的是( ) A由可知，B與F成正比與IL成反比B通電導線受安培力不為零的地方一定存在磁場，通電導線不受安培力的地方一定不存在磁場（即B=0）C通電導線放在磁場中的某點，那點就有磁感應強度，如果將通電導線拿走，那點的磁感應強度就為零D磁場中某一點的磁感應強度由磁場本身決定的，其大小和方向是唯一確定的

3、，與通電導線無關3、如圖所示，M、N為兩個固定的等量同種正電荷，O點為其連線與中垂線的交點，從中垂線上P點處釋放一個負粒子，僅在電場力作用下由靜止開始運動，下列說法中正確的是A粒子將沿PO方向做直線運動B從P到O的過程中，加速度一定減小C整個運動過程中，粒子在O點時電勢能最小D整個運動過程中，粒子的電勢能一直增加4、如圖甲所示電路中,電源電動勢和內阻分別為E和r，電壓表V1與V2內阻相同,V2與R1并聯(lián),V1的示數為U1=3 V,V2的示數為U2=2 V；現(xiàn)將V2改為與R2并聯(lián),如圖乙所示,再接在原來的電源上,那么：AV1的示數必增大,V2的示數必減小BV1的示數必增大,V2的示數必增大CV1

4、的示數必減小,V2的示數必增大DV1的示數必減小,V2的示數必減小5、如圖是一個電路的一部分，其中，那么電流表測得的電流為（ ） A0.2A，方向向右B0.3A，方向向左C0.3A，方向向右D0.2A，方向向左6、靜電場的電場線（ ）A可以相交B是閉合的曲線C起始于正電荷，終止于負電荷D是點電荷在電場中運動的軌跡二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的UI圖象中，直線為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線為某一電阻R的伏安特性曲線用該電源直接與電阻R相連組

5、成閉合電路，由圖象可知下列說法正確的是()A電源的電動勢為3 V，內阻為0.5 B電阻R的阻值為0.5C電源的輸出功率為4 WD電源的效率為50%8、如圖所示，虛線 a 、b 、c 代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc,實線為一帶負電的離子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡， P、Q 是這條軌跡上的兩點，據此可知 A三個等勢面中， b的電勢最低B帶電離子通過P點時的電勢能較大C帶電離子通過P點時的動能較大D帶電離子通過P點時的加速度較大9、如圖所示，一直流電動機與阻值的電阻串聯(lián)在電上，電動勢，內阻，用理想電壓表測出電動機兩端電壓，已知電動機線圈電阻，則下列說

6、法中正確的是（ ）A通過電動機的電流為10 AB通過電動機的電流小于10 AC電動機的輸出功率大于16 WD電動機的輸出功率為16 W10、對于場強，本節(jié)出現(xiàn)了E=Fq和E=kQr2兩個公式，下列認識正確的是Aq表示場中的檢驗電荷，Q表示場源電荷BE隨q的增大而減小，隨Q的增大而增大C第一個公式適用于包括點電荷在內的所有場源的電場求場強，且E的方向和F一致D從第二個公式看，拿走Q后，E就不存在了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組設計如圖所示的電路，測量電源電動勢E和一個定值電阻Rx的阻值。實驗室提供的器材有：待測電阻R

7、x(約100)，待測電源E(電動勢約3V，內阻不計)，電壓表V(量程03V，內阻約15k)，電阻箱R(阻值范圍0999.9)，電鍵S，導線若干。實驗步驟如下：.閉合開關S，多次調節(jié)電阻箱，記下壓表的示數U和電阻箱相應的阻值R；.以R為縱坐標，_為橫坐標，作圖線(用直線擬合)；.由圖線得出直線與縱軸的交點坐標為a(a0)，與橫軸的交點坐標為b(b0)。則定值電阻Rx=_，電源電動勢E=_(用a、b表示)12（12分）用如圖所示的電路測量電源的電動勢和內阻。實驗器材：待測電源（電動勢約6V，內阻約幾歐），定值電阻R1（阻值3k），保護電阻Ro（阻值5），滑動變阻器R，開關S，導線若干。供選擇的電流

8、表和電壓表有：電流表Al：量程0-0.6A內阻約l ：電流表A2：最程0-3A，內阻約l 。電壓表Vl：量程是15V，內阻為9k；電壓表V2:量程是3V，內阻為3k。請完成實驗：(1)電流表選用_；電壓表選用_。（選填電表符號）(2)將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關，逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記錄5組電壓表示數U和對應的電流表示數I，建立U-I坐標系，將5組(U，I)數據對應的點標在了坐標系上，如圖所示。請在坐標系上畫出U-I圖像。(3)根據所畫圖像可得出待測電源的電動勢E= _V，內阻r= _。（結果均保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡

9、中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示,在xOy平面內,y軸左側有沿x軸正方向的勻強電場,電場強度大小為E;在0 xL的區(qū)域內有垂直于xOy平面的勻強磁場,磁感應強度大小不變、方向做周期性變化.一電荷量為q、質量為m的帶正電粒子(粒子重力不計),由坐標為(-L,)的A點靜止釋放.(1)求粒子第一次通過y軸時速度的大小;(2)求粒子第一次射入磁場時的位置坐標及速度;(3)現(xiàn)控制磁場方向的變化周期和釋放粒子的時刻,實現(xiàn)粒子能沿一定軌道做往復運動,求磁場的磁感應強度B的大小取值范圍.14（16分）如圖所示，在xOy坐標系中，兩平行金屬板如圖放置，OD與x軸重

10、合，板的左端與原點O重合，板長L=2 m，板間距離d=1 m，緊靠極板右側有一足夠大熒光屏.兩金屬板間電壓UAO隨時間的變化規(guī)律如圖所示，變化周期為T=210-3 s,U0=5103 V,t=0時刻一帶正電的粒子從左上角A點，以平行于AB邊v0=1000 m/s的速度射入板間，粒子電量為q=110-5 C,質量m=110-7 kg.不計粒子所受重力.求：(1)粒子在板間運動的時間；(2)粒子打到屏上的速度；(3)若A處的粒子源以平行于AB邊v0=1000 m/s的速度連續(xù)不斷發(fā)射相同粒子，求熒光屏上的光帶長度是多少？若向右移動熒光屏，屏上光帶位置和長度如何變化（寫出結論，不要求計算過程）。 1

11、5（12分）如圖所示，兩光滑金屬導軌，間距d0.2m，在桌面上的部分是水平的，處在磁感應強度B0.1T、方向豎直向下的有界磁場中，電阻R3，桌面高H0.8m，金屬桿ab的質量m0.2kg，電阻r1，在導軌上距桌面h0.2m的高處由靜止釋放，落地點距桌面左邊緣的水平距離s0.4m，g10m/s2. 求：(1)金屬桿進入磁場時，R上的電流大小；(2)整個過程中R上產生的熱量(3)整個過程中通過R的電荷量.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】帶負電金屬環(huán)，如圖所示的旋轉則金屬環(huán)的電流方向與旋轉方向相反再由右手螺

12、旋定則可知金屬環(huán)磁極的方向：左端N極，右端S極因此小磁針N極沿軸線向左故B正確，ACD錯誤；故選B點睛：本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求能熟練準確的應用右手螺旋定則注意電流的方向與負電荷的運動方向相反2、D【解析】A、磁感應強度B的定義式，是比值定義法，磁感應強度B與F、IL無關，由磁場本身決定，故A錯誤；B、當一小段通電導線受磁場力為零，可能與磁場方向平行，而磁場卻可能不為零，故B錯誤；C、磁場中某一點的磁感應強度由磁場本身決定的，其大小和方向是唯一確定的，與通電導線無關，故C錯誤，D正確。點睛：對于磁感應強度可采用類比的方法學習，將磁感應強度與電場強度比較，抓住相似點進行理解和

13、記憶，理解左手定則的應用。3、C【解析】根據M、N為兩個固定的等量同種正電荷，PO為中垂線上的兩點可知，本題考查帶電粒子在等量同種電荷中垂線上的運動，根據中垂線上電場的分別和電勢分別規(guī)律，運用牛頓第二定律和能量守恒進行分析求解；【詳解】A、負粒子在從P到O的過程中，所受的電場力方向豎直向下，做加速運動，越過O點后，所受的電場力方向豎直向上，根據對稱性知粒子運動到關于P點對稱的位置時速度減至零，然后，向上運動到P點，再周而復始，所以粒子將一直沿中垂線PO做往復直線運動，故A錯誤；B、由于PO間電場線分布情況不清楚，電場強度的大小變化不清楚，所以從P到O的過程中，粒子受到的電場力可能先變大，再變小

14、，則加速度可能先變大，再變小，當然也可能一直減小，但是速度一定是越來越大，在O點時速度最大，此時刻動能最大，根據能量守恒可知此時刻電勢能最小，故BD錯誤，C正確?！军c睛】解決本題時，要掌握等量同種電荷電場線的分布情況及，要抓住電場線的對稱性進行分析求解，要注意電場線分布情況不確定時，電場強度的變化情況是不確定的。4、A【解析】試題分析：由甲圖可知， ，流過的電流大于流過的電流，由可知， 的阻值大于的阻值，當將與并聯(lián)時，由并聯(lián)電路特點可知，圖乙所示電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流減小，故外電壓增大，即增大，內阻兩端的電壓也增大，電源電動勢不變，故兩端的電壓減小，即減小，故A正確，B

15、CD錯誤.故選A.【點睛】本題是一道電路動態(tài)分析題，要注意理清解題思路，注意串并聯(lián)電路特點的應用、歐姆定律的應用5、C【解析】兩端的電壓，兩端的電壓，左端的左端電勢與的左端電勢相等，因，則右端的電勢高于右端的電勢，兩端的電壓，通過的電流，上端電勢高，下端電勢低，電流方向由上向下因此用節(jié)點法可知通過電流表的電流方向向右設電流表的示數為，流入節(jié)點的電流等于流出節(jié)點的電流即，故電流表的示數為0.3A，方向向右C正確，ABD錯誤選C.【點睛】分別求出兩端的電壓和兩端的電壓，然后判斷根據電位確定R3兩端的電壓以及電流的方向，再根據求出通過的電流，最后根據節(jié)點法確定通過電流表電流的方向和大小6、C【解析】

16、電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，電場線不閉合，不相交，故C正確，AB錯誤；電場線不一定與帶電粒子的軌跡重合，只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時電場線才與帶電粒子的軌跡重合，故D錯誤所以C正確,ABD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、根據閉合電路歐姆定律得U=E-Ir，由讀出電源的電動勢E=3V，內阻等于圖線的斜率大小，則r=UI=36=0.5，故A正確；B、電阻R的阻值為R=UI=22

17、=1，故B錯誤；C、兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，則電源的輸出功率為P出=UI=4W，故C正確；D、電源的效率=P出P總=UIEI=23=66.7%，故D錯誤；故選AC?！军c睛】由電源的路端電壓與電流的關系圖象與縱軸的交點讀出電源的電動勢，其斜率大小等于電源的內阻，兩圖線的交點讀出電流與電壓，求出電源的輸出功率和效率。8、BD【解析】電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶負電，因此電場線指向左上方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最低，a等勢線的電勢最高，故A錯誤；根據質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低

18、，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據牛頓第二定律，加速度也大，故D正確故選BD【點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化9、BD【解析】A、根據歐姆定律得回路中的電流為：則通過電動機的電流為2A，故A錯誤，B正確；C、電動機的輸出功率為：故C錯誤，D正確【點睛】對于電動機電路區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路，可從從能量轉化的角度理解：電能全部轉化

19、內能時，是純電阻電路電能轉化為內能和其他能時，是非純電阻電路10、AD【解析】試題分析：在公式E=Fq中q表示試探電荷，公式E=kQr2表示場源電荷，A正確；電場強度不隨試探電荷的變化而變化，只和電場本身性質有關，B錯誤；公式E=Fq適用于一切電場強度的計算，而公式E=kQr2只適合點電荷電場計算，當試探電荷為正電荷時，電場強度方向和電場力方向相同，當試探電荷為負電荷時，電場強度方向和電場力方向相反，C錯誤；公式E=kQr2中的Q表示場源電荷，電場就是該電荷Q產生的，所以拿走Q，電場就不存在了，D正確考點：考查了電場強度【名師點睛】場強的兩個公式E=Fq和E=kQr2中，表示場中的試探電荷、Q

20、表示場源電荷電場強度與試探電荷無關，與場源電荷有關場強方向與正電荷所受電場力方向相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 a 【解析】.由閉合電路歐姆定律可知：變形可得：，以R為縱坐標，位列得出直線應以為橫坐標；.由可知，圖象的縱截距：，圖象的斜率的絕對值：，解得：定值電阻，.12、A1 V2 5.8 5.0 【解析】（1）因為電流表要求讀數時，指針偏轉三分之一以上，根據回路電流測算，當外電阻最小時，回路電流最大，將題干的電阻代入，算出電流，所以電流表選擇A1，電流表取A1，電流最大0.6A，電壓表3V就夠用了，所以電壓表選V2（2）連

21、線如圖（3）根據閉合電路歐姆定律得到整理得到：，所以圖像截距，所以電動勢，斜率，所以內阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2)(L,L) ,方向與x軸正方向成45角斜向上 (3)【解析】試題分析：（1）對于粒子從A點到y(tǒng)軸的過程，運用動能定理求解粒子第一次通過y軸時速度大??；（2）進入0 xL區(qū)域間偏轉電場時作類平拋運動，由運動的分解法，求出偏轉的距離，確定第一次射入磁場時的位置坐標由速度的合成求出粒子第一次射入磁場時的速度（3）在磁場中，粒子做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，求出軌跡半徑表達式要實現(xiàn)粒子能沿一定軌道做往復運動，粒子的運動軌跡關于x軸必須對稱，根據對稱性和幾何關系得到軌跡半徑的最小值，求得B的最大值，從而求得磁場的磁感應強度B大小取值范圍（1）粒子從A點到y(tǒng)軸的過程，根據動能定理得，得；（2）進入區(qū)域間偏轉電場作類平拋運動，則得， 解得 所以第一次射入磁場時的位置坐標為（L，L）；速度大小，方向與x軸正方向成45角斜向上（3）在磁場中，粒子做勻速圓周運動，根據向心力公式有軌道半徑由對稱性可知，射出磁場后必須在x軸下方的電