1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中

2、C為ND段電勢最低的點，則下列說法正確的是()Aq1、q2為等量異種電荷BN、C兩點間場強方向沿x軸負(fù)方向CN、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大D將一正點電荷從N點移到D點，電勢能先增大后減小2、如圖，理想變壓器的原線圈接在輸出電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈的中間有一抽頭將副線圈分為匝數(shù)分別為n1和n2的兩部分，抽頭上接有定值電阻R。開關(guān)S接通“1”、“2”時電流表的示數(shù)分別為I1、I2，則為（）ABCD3、已知無限長通電直導(dǎo)線周圍某一點的磁感應(yīng)強度B的表達式：，其中r0是該點到通電直導(dǎo)線的距離，I為電流強度，0為比例系數(shù)（單位為N/A2）試推斷，一個半徑為R的圓環(huán)，當(dāng)通

3、過的電流為I時，其軸線上距圓心O點為r0處的磁感應(yīng)強度應(yīng)為（ ）A B CD 4、如圖所示汽車用繞過光滑定滑輪的輕繩牽引輪船，輪船在水面上以速度v勻速前進汽車與定滑輪間的輕繩保持水平。假設(shè)輪船始終受到恒定阻力f，當(dāng)牽引輪船的輕繩與水平方向成角時輕繩拉船的功率為P。不計空氣阻力，下列判斷正確的是（ ）A汽車做加速運動B輪船受到的浮力逐漸增大C輕繩的拉力逐漸減小DP的數(shù)值等于5、在圖示電路中，理想變壓器原線圈的匝數(shù)為220，副線圈的匝數(shù)可調(diào)，L1、L2、L3和L4是四個相同的燈泡。當(dāng)在a、b兩端加上瞬時值表達式為(V)的交變電壓時，調(diào)節(jié)副線圈的匝數(shù)，使四個燈泡均正常發(fā)光。下列說法正確的是（ ）A變

4、壓器副線圈的匝數(shù)為440B燈泡的額定電壓為55VC變壓器原線圈兩端電壓為220VD穿過變壓器原線圈的磁通量變化率的最大值為0.1V6、在平直公路上行駛的甲車和乙車，它們沿同一方向運動的圖像如圖所示。已知時刻乙車在甲車前方處，下列說法正確的是（）A時，甲、乙兩車相遇B內(nèi)，甲、乙兩車位移相等C甲、乙兩車之間的最小距離為D相遇前甲、乙兩車之間的最大距離為18m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖（a）所示，在勻強磁場中，一電阻均勻的正方形單匝導(dǎo)線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻

5、速轉(zhuǎn)動，線圈產(chǎn)生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示，若線框總電阻為，則（） A邊兩端電壓的有效值為B當(dāng)線框平面與中性面的夾角為時，線框產(chǎn)生的電動勢的大小為C從到時間內(nèi)，通過線框某一截面的電荷量為D線框轉(zhuǎn)動一周產(chǎn)生的焦耳熱為8、如圖甲所示，圓形的剛性金屬線圈與一平行板電容器連接，線圈內(nèi)存在垂直于線圈平面的勻強磁場，取垂直于紙面向里為磁感應(yīng)強度B的正方向，B隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示t=0時刻，在平行板電容器間，由靜止釋放一帶正電的粒子（重力可忽略不計），假設(shè)粒子運動未碰到極板，不計線圈內(nèi)部磁場變化對外部空間的影響，下列關(guān)于板間電場強度、粒子在板間運動的位移、速度和加速度與時間的關(guān)系圖象

6、中（以向上為正方向）可能正確的是（）ABCD9、投擲標(biāo)槍是運動會的比賽項目。運動員將標(biāo)槍持在離地面高的位置，之后有三個階段：運動員與標(biāo)槍-起由靜止加速至速度為；以的速度為基礎(chǔ)，運動員經(jīng)的時間將標(biāo)槍舉高至處，并以的速度將標(biāo)槍擲出；標(biāo)槍離手后向斜上方向運動至離地面的最高點后再向斜下方運動至地面。若標(biāo)槍的質(zhì)量為，離手后的運動的最大水平距離為。取地面為零勢能參考面，取。下列說法中正確的是（）A第階段中，運動員對標(biāo)槍做功B第階段中，標(biāo)槍獲得的最大動能為C第階段中，標(biāo)槍的最大機械能為D第階段中，運動員對標(biāo)槍做功的平均功率為10、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端疊放兩個質(zhì)量均為M的物體A、B（

7、B物體與彈簧連接），彈簧的勁度系數(shù)為k，初始時物體處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體A上，使物體A開始向上做加速度為a（ag）的勻加速運動，重力加速度為g，則下列說法不正確的是A施加外力F大小恒為M（ga）BA、B分離時，彈簧彈力恰好為零CA、B分離時，A上升的距離為M(g-a)kD彈簧恢復(fù)到原長時，物體B的速度達到最大值三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，所用測量儀器均已校準(zhǔn)。已知待測金屬絲的電阻值Rx約為5。在測電阻時，可供選擇的器材有：電源E：電動勢3V，內(nèi)阻約1電流表A1：量程00

8、.6A，內(nèi)阻約0.125；電流表A2：量程03A，內(nèi)阻約0.025；電壓表V1：量程03V，內(nèi)阻約3k；電壓表V2：量程015V，內(nèi)阻約15k；滑動變阻器R1：最大阻值5，允許最大電流2A；滑動變阻器R2：最大阻值1000，最大電流0.6A開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。(1)在上述器材中，應(yīng)該選用的電流表是_，應(yīng)該選用的電壓表是_。若想盡量多測幾組數(shù)據(jù)，應(yīng)該選用的滑動變阻器是_（填寫儀器的字母代號）。(2)用所選的器材，在答題紙對應(yīng)的方框中畫出電路圖_。(3)關(guān)于本實驗的誤差，下列說法正確的是_。A對金屬絲的直徑多次測量求平均值，可消除誤差B由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差C利用電流I隨電壓

9、U的變化圖線求Rx可減小偶然誤差12（12分）某探究小組設(shè)計了“用一把尺子測定動摩擦因數(shù)”的實驗方案如圖所示，將一個小球和一個滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端開始時小球和滑塊均靜止，剪斷細(xì)繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到能同時聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音用刻度尺測出小球下落的高度H、滑塊釋放點與擋板處的高度差h和沿斜面運動的位移（空氣阻力對本實驗的影響可以忽略）（1）滑塊沿斜面運動的加速度與重力加速度的比值為_（2）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為_（3）以下能引起實驗誤差的是_A、滑塊的質(zhì)量

10、B、當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?C、長度測量時的讀數(shù)誤差D、小球落地和滑塊撞擊擋板不同時四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲，足夠大平行板MN、PQ水平放置，MN板上方空間存在疊加的勻強磁場和勻強電場，磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度大小為B0，電場方向與水平成30角斜向左上方（圖中未畫出），電場強度大小E0 = 。有一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電小球，在該電磁場中沿直線運動，并能通過MN板上的小孔進入平行板間。小球通過小孔時記為t=0時刻，給兩板間加上如圖乙所示的電場E和磁場B，電場強度大小為E0，方向豎直

11、向上；磁感應(yīng)強度大小為B0，方向垂直紙面向外，重力加速度為g。（坐標(biāo)系中t1 = 、t2=+ 、t3=+ t4=+ 、t5=+ ）(1)求小球剛進入平行板時的速度v0；(2)求t2時刻小球的速度v1的大??；(3)若小球經(jīng)歷加速后，運動軌跡能與PQ板相切，試分析平行板間距離d滿足的條件。14（16分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系xoy的第一象限中有兩個全等的直角三角形區(qū)域和，充滿了方向均垂直紙面向里的勻強磁場，區(qū)域的磁感應(yīng)強度大小為B0，區(qū)域的磁感應(yīng)強度大小可調(diào)， C點坐標(biāo)為（4L，3L），M點為OC的中點質(zhì)量為m帶電量為-q的粒子從C點以平行于y軸方向射入磁場中，速度大小為，不計粒子所受重力，粒子運

12、動軌跡與磁場區(qū)域相切時認(rèn)為粒子能再次進入磁場（1）若粒子無法進入?yún)^(qū)域中，求區(qū)域磁感應(yīng)強度大小范圍；（2）若粒子恰好不能從AC邊射出，求區(qū)域磁感應(yīng)強度大??；（3）若粒子能到達M點，求區(qū)域磁場的磁感應(yīng)強度大小的所有可能值15（12分）如圖所示，將一矩形區(qū)域abcdef分為兩個矩形區(qū)域，abef區(qū)域充滿勻強電場，場強為E，方向豎直向上；bcde區(qū)域充滿勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向外。be為其分界線。af、bc長度均為L，ab長度為0.75L?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子（重力不計）從a點沿ab方向以初速度v0射入電場。已知電場強度，sin370.6，cos370.8.求：(1)該電子

13、從距離b點多遠的位置進入磁場；(2)若要求電子從cd邊射出，所加勻強磁場磁感應(yīng)強度的最大值；(3)若磁感應(yīng)強度的大小可以調(diào)節(jié)，則cd邊上有電子射出部分的長度為多少。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A若是異種電荷，電勢應(yīng)該逐漸減小或逐漸增大，由圖象可以看出，應(yīng)該是等量的同種正電荷，故A錯誤；B沿x正方向從N到C的過程，電勢降低，N、C兩點間場強方向沿x軸正方向故B正確；Cx圖線的斜率表示電場強度，由圖可得N、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大，故C正確；DNC電場線向右，CD電場線向左，將一

14、正點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大故D錯誤；【點睛】由圖象中電勢的特點可以判斷是同種等量正電荷由電勢圖線的斜率可以判斷電場強度的大小沿電場線電勢降低，可以判斷電場強度的方向，可知電場力做功的正負(fù)，從而判斷電勢能的變化2、C【解析】設(shè)變壓器原線圈兩端的電壓為U0、匝數(shù)為n0，根據(jù)變壓器原理可知副線圈n1和n2的電壓分別為，根據(jù)能量守恒，整理得故ABD錯誤，C正確。故選C。3、C【解析】根據(jù)，,0單位為：Tm/A；A、等式右邊單位：，左邊單位為T，不同，故A錯誤；B、等式右邊單位：，左邊單位為T，不同，故B錯誤；C、等式右邊單位：，左邊單位為T，相同，故C正確；D、

15、等式右邊單位，左邊單位為T，相同，但當(dāng)r0=0時B=0，顯然不合實際，故D錯誤；故選C.【點睛】本題要采用量綱和特殊值的方法進行判斷，即先根據(jù)單位判斷，再結(jié)合r0取最小值進行分析.結(jié)合量綱和特殊值進行判斷是解決物理問題的常見方法.4、D【解析】A由速度分解此時汽車的速度為：v車=vcos，船靠岸的過程中，增大，cos減小，船的速度v不變，則車速減小，所以汽車做減速運動，故A錯誤；BC繩的拉力對船做功的功率為P，由P=Fvcos知，繩對船的拉力為：對船：聯(lián)立可知：增大，則F變大，F(xiàn)浮變小；故BC錯誤；D船勻速運動，則Fcos=f，則故D正確。故選D。5、B【解析】A四個燈泡均正常發(fā)光，說明變壓器

16、原、副線圈中的電流相同，根據(jù)可得變壓器副線圈的匝數(shù)故A錯誤；BCa、b兩端電壓的有效值V=220V設(shè)每個燈泡的額定電壓為U0，原線圈兩端電壓為U1，則有U=2U0+U1結(jié)合可得U0=55V，U1=110V故B正確，C錯誤；D原線圈兩端電壓的最大值V根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有，解得穿過原線圈的磁通量變化率的最大值為V故D錯誤。故選B。6、B【解析】AD0時刻，乙車在甲車前處，前內(nèi)乙車的速度大于甲車的速度，所以兩車的距離逐漸變大，在時刻速度相等，距離最遠，圖線和時間軸圍成的面積為位移AD錯誤；B圖線和時間軸圍成的面積為位移，前內(nèi)，根據(jù)幾何關(guān)系可知甲乙兩車的圖線和時間軸圍成的面積相等，所以二者位移相等

17、，B正確；C甲車速度大于乙車速度，二者最終可以相遇，最小距離為0m，C錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A根據(jù)電動勢隨時間的變化曲線可得，交流電的電動勢的瞬時值為則交流電的電動勢的有效值為邊兩端電壓的有效值為所以A正確；B當(dāng)線框平面與中性面的夾角為時，即則此時的電動勢為所以B正確；C由圖象可得交流電的周期為從到時間內(nèi)，即半個周期內(nèi)，通過線框某一截面的電荷量為由電動勢的瞬時值表達式可知則所以C錯誤；D此交流電的電流有效值為根據(jù)焦耳定律可得，線

18、框轉(zhuǎn)動一周產(chǎn)生的焦耳熱為所以D錯誤。故選AB。8、CD【解析】A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動勢大小不變，方向逆時針，感應(yīng)電動勢大小不變，方向順時針方向，方向與相反；感應(yīng)電動勢大小不變沿逆時針方向，方向與相同，故A錯誤；BCD、內(nèi)情況：由楞次定律可知，金屬板上極板帶負(fù)電，金屬板下極板帶正電；粒子帶正電，則粒子所受電場力方向豎直向上而向上做勻加速運動內(nèi)情況：由楞次定律可知，金屬板上極板帶正電，金屬板下極板帶負(fù)電；因粒子帶正電，則粒子所受電場力方向豎直向下而向上做勻減速運動，直到速度為零，內(nèi)情況：由楞次定律可知，金屬板上極板帶正電，金屬板下極板帶負(fù)電，帶正電粒子向下勻加速，同理，內(nèi)情況：由楞次

19、定律可知，金屬板上極板帶負(fù)電，金屬板下極板帶正電；因粒子帶正電，則粒子所受電場力方向豎直向上，而向下做勻減速運動，直到速度為零；由上分析可知，末速度減小為零，位移最大，當(dāng)T末，粒子回到了原來位置，故B錯誤，CD正確點睛：本題屬于綜合性題目，注意將產(chǎn)生感應(yīng)電流的部分看作電源，則可知電容器兩端的電壓等于線圈兩端的電壓，這樣即可還原為我們常見題型9、ACD【解析】A第階段中，標(biāo)槍在水平面加速運動，動能增加量為由動能定理得運動員對標(biāo)槍做功為，故A正確；B第階段中，標(biāo)槍出手時速度最大，其動能也最大，有故B錯誤；C第階段中，標(biāo)槍出手前機械能一直增大，出手時機械能最大，有故C正確；D第階段中，標(biāo)槍機械能增加

20、量為則運動員對標(biāo)槍做功的平均功率為故D正確。故選ACD。10、ABD【解析】題中彈簧彈力根據(jù)胡克定律列式求解，先對物體AB整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；再對物體B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；t1時刻是A與B分離的時刻，之間的彈力為零?！驹斀狻緼項：施加F前，物體AB整體平衡，根據(jù)平衡條件，有：2Mg=kx解得：x=2Mgk 加外力F后到物體A、B分離前，對AB整體有F-2Mg+F彈=2Ma 又因F彈=kx 由于壓縮量x減小，故F為變力，物體A、B分離時，此時A、B具有共同的v和a，且FAB=0 對A有：F-Mg=Ma 解得此時：F=M(g+a) ，故A錯誤；B、D項：A、B分離后

21、，B將做加速度減小的加速運動，當(dāng)F彈=Mg時，B達到最大速度，故B、D錯誤；C項：對B有：F彈-Mg=Ma ，解得：F彈=M(g+a），此時彈簧的壓縮量為x2=M(g+a)k，故彈簧的壓縮量減小了x=x1-x2=M(g-a)k，即A上升的距離h=M(g-a)k，故C正確。本題選不正確的，故應(yīng)選：ABD?！军c睛】本題關(guān)鍵是明確A與B分離的時刻，它們間的彈力為零這一臨界條件；然后分別對AB整體和B物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程分析。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 C 【解析】(1)1因為電動勢3V，所以電壓表選擇V1；2根據(jù)歐姆

22、定律可知電路中最大電流為所以電流表為A1；3為保證調(diào)節(jié)方便，則選擇阻值較小的滑動變阻器R1；(2)4因為則說明待測電阻為小電阻，所以電流表采用外接法，實驗要求盡量多測幾組數(shù)據(jù)，所以滑動變阻器采用分壓式，電路圖如圖所示(3)5A實驗中產(chǎn)生的誤差不能消除，只能減小，故A錯誤；B由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差，故B錯誤；C利用圖象法求解電阻可減小偶然誤差，故C正確。故選C。12、 CD 【解析】（1）由于同時聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，說明小球和滑塊的運動時間相同，對滑塊，位移：x=at2；對小球，位移：H=gt2，解得：；（2）設(shè)斜面傾角為，則：sin= ，cos= ，對滑塊，

23、由牛頓第二定律得：mgsin-mgcos=ma，加速度：，解得：=；（3）由=可知，能引起實驗誤差的是長度x、h、H測量時的讀數(shù)誤差，同時要注意小球落地和滑塊撞擊擋板不同時也會造成誤差，故選CD【點睛】本題考查了測動摩擦因數(shù)實驗，應(yīng)用勻加速直線運動和自由落體運動、牛頓第二定律即可正確解題，解題時要注意數(shù)學(xué)知識的應(yīng)用；知道實驗原理是正確解題的關(guān)鍵四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) (3) (n=1、2、3)【解析】(1)帶正電的小球能在電磁場中沿直線運動，可知一定是勻速直線運動，受力平衡，因電場力F電=qE0=mg，方向沿左上方與水平成30角，重力mg豎直向下,可知電場力與重力夾角為120，其合力大小為mg，則滿足qv0B0=mg解得 (2)由幾何關(guān)系可知，小球進入兩板之間時速度方向與MN成60角斜向下，由于在0-t1時間內(nèi)受向上的電場力，大小為mg，以及向下的重力mg，可知電場力和重力平衡，小球只在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，因為，可知粒子在0-t1時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度為30，即此時小球的速度方向變?yōu)樨Q直向下，在t1-t2時