1、球仍以相同的速度 球仍以相同的速度 v0 從原處飛入，則帶電小球（）高考物理電磁學(xué)知識(shí)點(diǎn)之靜電場(chǎng)專(zhuān)項(xiàng)訓(xùn)練及答案一、選擇題1如圖所示，實(shí)線為不知方向的三條電場(chǎng)線，從電場(chǎng)中 M 點(diǎn)以相同速度垂直于電場(chǎng)線方 向飛出 a、b 兩個(gè)帶電粒子，僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示。則（）A a 一定帶正電， b 一定帶負(fù)電B a 的速度將減小， b 的速度將增加C a 的加速度將減小， b 的加速度將增加D兩個(gè)粒子的動(dòng)能，一個(gè)增加一個(gè)減小2如圖所示， A、B、C、D為半球形圓面上的四點(diǎn)，處于同一水平面，AB與 CD交于球心且相互垂直， E點(diǎn)為半球的最低點(diǎn)， A點(diǎn)放置一個(gè)電量為 +Q 的點(diǎn)電荷， B點(diǎn)放

2、置一個(gè)電 量為 Q 的點(diǎn)電荷，則下列說(shuō)法正確的是（）A C、E 兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不相同BC 點(diǎn)電勢(shì)比 E點(diǎn)電勢(shì)高C沿 CE 連線移動(dòng)一電量為 +q 的點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力始終不做功D將一電量為 +q的點(diǎn)電荷沿圓弧面從 C點(diǎn)經(jīng) E點(diǎn)移動(dòng)到 D 點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功， 后做正功3如圖所示，將帶正電的粒子從電場(chǎng)中的A 點(diǎn)無(wú)初速地釋放，不計(jì)重力的作用，則下列B帶電粒子的電勢(shì)能一定逐漸增大C帶電粒子的動(dòng)能一定越來(lái)越小D帶電粒子的加速度一定越來(lái)越大 4如圖所示，水平放置的平行板電容器，上板帶負(fù)電，下板帶正電，斷開(kāi)電源后一帶電小 球以速度 v0 水平射入電場(chǎng)，且沿下板邊緣飛出，若下板不動(dòng)，將上板上移一小段距離，小

3、A將打在下板中央B仍沿原軌跡由下板邊緣飛出 C不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，沿直線運(yùn)動(dòng)D若上板不動(dòng)，將下板下移一段距離，小球可能打在下板的中央5 如圖所示是示波管的原理示意圖， XX和 YY上不加電壓時(shí)，在熒光屏的正中央出現(xiàn)一 亮斑，現(xiàn)將 XX和 YY分別連接如圖甲乙所示電壓，從熒光屏正前方觀察，你應(yīng)該看到的 是圖中哪一個(gè)圖形？CABCABD6如圖所示，將一帶電小球 A 通過(guò)絕緣細(xì)線懸掛于 O 點(diǎn)，細(xì)線不能伸長(zhǎng)。現(xiàn)要使細(xì)線偏 離豎直線 30角，可在 O 點(diǎn)正下方的 B 點(diǎn)放置帶電量為 q1 的點(diǎn)電荷，且 BA 6OA ；也可在 O 點(diǎn)正下方 C 點(diǎn)放置帶電量為 q2的點(diǎn)電荷，且 CA 處于同一水平線上。則 為（

4、 ）ABCD7空間存在平行于紙面方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，紙面內(nèi)ABC 三點(diǎn)形成一個(gè)邊長(zhǎng)為 1cm 的等邊三角形。將電子由 A 移動(dòng)到 B 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功 2eV ，再將電子由 B 移動(dòng)到 C 點(diǎn)，克服電場(chǎng)力 做功 1eV 。勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為200 3BV/m38200 3BV/m38兩個(gè)相同的金屬小球，所帶電荷量大小之比為 徑），兩球之間的庫(kù)侖引力大小為A 100V/mC200V/m1:9，相距為D 200 3 V/mr（ r 遠(yuǎn)大于金屬球的直F。如果把這兩個(gè)小球相互接觸后再使它們之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的 2 倍，它們之間的庫(kù)侖力大小將變?yōu)椋?TOC o 1-5 h z HYPERLINK l b

5、ookmark8 o Current Document 25524A FB FC FD F HYPERLINK l bookmark10 o Current Document 366399空間存在著平行于 x軸方向的靜電場(chǎng)， P、M、O、N、Q為x軸上的點(diǎn)， P、Q之間各 點(diǎn)的電勢(shì) 隨位置坐標(biāo) x 的變化如圖所示。一個(gè)帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從 M 點(diǎn)由靜止 開(kāi)始沿 x 軸正方向運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是A粒子一定帶負(fù)電B P點(diǎn)的電勢(shì)低于 M 點(diǎn)的電勢(shì)CM 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于 N 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度D粒子從 M 點(diǎn)向 N 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電勢(shì)能一直減小 10圖中虛線為電場(chǎng)中與場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，

6、兩粒子M、N 質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對(duì)值也相等現(xiàn)將 M、N 從虛線上的 O 點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng) 的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示點(diǎn)a、b、c 為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)，已知 O 點(diǎn)電勢(shì)高于 c點(diǎn)若不計(jì)重力，則AM 帶負(fù)電荷， N 帶正電荷BN在 a點(diǎn)的速度與 M 在c點(diǎn)的速度大小相同CN 在從 O 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至 a點(diǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功DM 在從 O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至 b 點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零 11如圖，三個(gè)固定的帶電小球 a、b 和 c，相互間的距離分別為 ab=5cm，bc=3cm， ca=4cm 小球 c所受庫(kù)侖力的合力的方向平行于a、 b的連線設(shè)小球 a、b 所帶電荷量的比值

7、的絕對(duì)值為 k，則( )16Aa、b 的電荷同號(hào)，k9Ba、b 的電荷異號(hào)，k169Ca、b 的電荷同號(hào)，k6427Da、b 的電荷異號(hào)，k642712如圖所示，真空中有兩個(gè)帶等量正電荷的Q1、Q2固定在水平 x 軸上的 A、 B兩點(diǎn)。一質(zhì)量為 m、電荷量為 q的帶電小球恰好靜止在 A、B連線的中垂線上的 C 點(diǎn)，由于某種原 因，小球帶電荷量突然減半。 D 點(diǎn)是 C點(diǎn)關(guān)于 AB對(duì)稱(chēng)的點(diǎn)，則小球從 C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 D 點(diǎn)的 過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是 ( )A小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B小球受到的電場(chǎng)力可能先減小后增大C電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功D小球的機(jī)械能一直不變13板間距為 d 的平行板電容器所帶電荷量為

8、 Q 時(shí)，兩極板間電勢(shì)差為 U 1 ，板間場(chǎng)強(qiáng)為E1現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?2Q ，板間距變?yōu)?1 d ，其他條件不變，這時(shí)兩極板間電勢(shì)2差U 2 ，板間場(chǎng)強(qiáng)為 E2 ，下列說(shuō)法正確的是AU2U1,E2E1BU22U1,E24E1CU2U1,E22E1DU22U1,E22E114如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一質(zhì)量為m、帶電荷為 q 的小球，經(jīng)過(guò) P點(diǎn)時(shí)速度大小為 v0，方向水平向右 ;經(jīng)過(guò) Q點(diǎn)時(shí)速度大小也為 v0 ，方向豎直向下， Q 點(diǎn)與 P點(diǎn) 的水平距離與豎直距離相等，重力加速度大小為 g, 下列說(shuō)法正確的是A小球從 P 點(diǎn)到 Q 點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度可能先增大后減小B小球從 P

9、點(diǎn)到 Q 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能保持不變 C小球運(yùn)動(dòng)的加速度大小為 g mgD勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為q15如圖，電荷量為 q1和q2的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于 P點(diǎn)和 Q點(diǎn)，已知在 P、Q連線至某點(diǎn) R 處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，且 PR=2RQ，則A q1=2q2Bq1=4q2C q1=-2q2D q1=-4 q216兩電荷量分別為 q1和 q2的點(diǎn)電荷固定在 x軸上的 O、M 兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電CN、D兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小沿 x 軸正方向先減小后增大D將一正點(diǎn)電荷從 N 點(diǎn)移到 D 點(diǎn)，電勢(shì)能先增大后減小17 如圖所示，虛線為某電場(chǎng)的等勢(shì)面，今有兩個(gè)帶電粒子（重力不計(jì) ），以不同的速率， 沿不同的方

10、向，從 A 點(diǎn)飛入電場(chǎng)后，沿不同的軌跡 1 和 2 運(yùn)動(dòng)，由軌跡可以斷定 ( )B兩個(gè)粒子的電性一定不同C粒子 1的動(dòng)能和粒子 2 的電勢(shì)能都是先減少后增大D經(jīng)過(guò) B、 C兩點(diǎn)，兩粒子的速度可能不等18如圖所示，帶電粒子以初速度以v0 從 a點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)b 點(diǎn)，Oa=Ob，若撤去磁場(chǎng)加一個(gè)與 y 軸平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，帶電粒子仍以速度以v0從 a 點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，仍能通過(guò) b點(diǎn)，則電場(chǎng)強(qiáng)度 E和磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的比值為A v0B1/ v0C2 v0D v 0/219如圖所示，在平行于 ABC 平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一一個(gè)邊長(zhǎng)為 6 cm的等邊三角形， A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為 8V ，

11、 -4V 和2V，D為靠近 A點(diǎn)的 AB線段的三等分點(diǎn)。下列說(shuō)法 正確的是A電場(chǎng)強(qiáng)度為 400 V/mB電場(chǎng)線方向與 AB 平行，方向指向 A C電子在 A 點(diǎn)的電勢(shì)能小于在 B 點(diǎn)的電勢(shì)能D若將一電子從 C 點(diǎn)移至 D 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為 -2eV 20如圖所示，用絕緣柱支持的導(dǎo)體A和 B彼此接觸，起初它們不帶電，貼在兩端下部的金屬箔是閉合的把帶正電的物體 C移近 A端，然后把 A 和B分開(kāi)較遠(yuǎn)的距離，再移去 C，則AC移近 A端時(shí)，A 端的金屬箔張開(kāi)， B端的金屬箔閉合 B C 移近 A 端時(shí)， A 端的金屬箔閉合， B 端的金屬箔張開(kāi) CA 和 B 分開(kāi)，移去 C后，B 端的金屬箔會(huì)立即閉

12、合 DA和 B分開(kāi)，移去 C后， A端的金屬箔仍會(huì)張開(kāi) 21在如圖所示平行板電容器 A、B兩板上加上如圖所示的交變電壓，開(kāi)始時(shí)B 板的電勢(shì)比 A 板的高，這時(shí)兩板中間原來(lái)靜止的電子（圖中黑點(diǎn)表示）在電場(chǎng)作用下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，設(shè) 電子在運(yùn)動(dòng)中不與極板發(fā)生碰撞，則下述說(shuō)法正確的是（不計(jì)電子重力）（ ）A電子先向 A 板運(yùn)動(dòng)，然后向 B板運(yùn)動(dòng)，再返回 A 板做周期性往返運(yùn)動(dòng)B電子一直向 A 板運(yùn)動(dòng)C電子一直向 B 板運(yùn)動(dòng)D電子先向 B 板運(yùn)動(dòng)，然后向 A 板運(yùn)動(dòng)，再返回 B板做周期性往返運(yùn)動(dòng)22在坐標(biāo) x0到 x0之間有一靜電場(chǎng)， x 軸上各點(diǎn)的電勢(shì) 隨坐標(biāo) x的變化關(guān)系如圖所 示，一電荷量為 e的質(zhì)子從

13、 x0處以一定初動(dòng)能僅在電場(chǎng)力作用下沿x 軸正向穿過(guò)該電場(chǎng)區(qū)域則該質(zhì)子 （ ）A在 x00 區(qū)間一直做加速運(yùn)動(dòng)B在 0 x0 區(qū)間受到的電場(chǎng)力一直減小C在 x00 區(qū)間電勢(shì)能一直減小D在 x00 區(qū)間電勢(shì)能一直增加23 一平行電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上，若將云母介質(zhì)移出， 則電容器（ ）A極板上的電荷量變大，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大 B極板上的電荷量變小，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大 C極板上的電荷量變大，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變D極板上的電荷量變小，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變24 如圖所示，電荷 q 均勻分布在半球面上，球面的半徑為R， CD 為通過(guò)半球頂點(diǎn) C 與球心 O的軸線 P、Q為

14、CD軸上關(guān)于 O點(diǎn)對(duì)稱(chēng)的兩點(diǎn)如果帶電量為 Q的均勻帶電球 殼，其內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電勢(shì)都相等則下列判斷正確的是 （ ）AP點(diǎn)的電勢(shì)與 Q 點(diǎn)的電勢(shì)相等B帶正電的微粒在 O 點(diǎn)的電勢(shì)能為零C在 P 點(diǎn)靜止釋放帶正電的微粒 （重力不計(jì) ），微粒將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與 Q 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等 25如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置中，平行板電容器的極板A 與一靈敏靜電計(jì)相連，極板 B 接地若極板 B 稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，由觀察到的靜電計(jì)指針變化作出平行板電容器電容變小的 結(jié)論的依據(jù)是（ ）A兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變大 B兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變小 C極板上的電荷量幾乎不變，兩極

15、板間電壓變小 D極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變大【參考答案】 * 試卷處理標(biāo)記，請(qǐng)不要?jiǎng)h除一、選擇題1C 解析： C【解析】【詳解】 帶電粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，由于電場(chǎng)線的方向不知，所以粒子 帶電性質(zhì)不確定，故 A 錯(cuò)誤；從題圖中軌跡變化來(lái)看速度與力方向的夾角小于 90 所以電 場(chǎng)力都做正功，動(dòng)能都增大，速度都增大，故 BD 錯(cuò)誤；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，電 場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度小，所以 a受力減小，加速度減小， b 受力增大，加速度增大，故 C 正確。2C解析： C【解析】【分析】【詳解】A 等量異種電荷形成的電場(chǎng)，根據(jù)電場(chǎng)線的分布情況和對(duì)稱(chēng)性知，C、 E 兩

16、點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故 A 錯(cuò)誤。B由等量異種電荷形成的電場(chǎng)，根據(jù)電場(chǎng)線的分布情況和對(duì)稱(chēng)性知，C、 E 兩點(diǎn)在通過(guò)AB連線的中垂面上， C、D、E在同一等勢(shì)面上，所以 C點(diǎn)電勢(shì)等于 E點(diǎn)電勢(shì)，故 B 錯(cuò) 誤。C由以上分析知， C、E在同一等勢(shì)面上，則沿 CE 連線移動(dòng)一電量為 +q的點(diǎn)電荷，電場(chǎng) 力始終不做功，故 C 正確。D由上面的方向知， C、D、E 在同一等勢(shì)面上，所以將一電量為 +q的點(diǎn)電荷沿圓弧面從 C 點(diǎn)經(jīng) E 點(diǎn)移動(dòng)到 D 點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力不做功，故 D 錯(cuò)誤。故選 C 。3A 解析： A 【解析】 【分析】 【詳解】 A粒子所在處電場(chǎng)線為直線，初速度為零，不滿足曲線

17、運(yùn)動(dòng)的條件，故做加速直線運(yùn) 動(dòng)，A 正確；B電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，電勢(shì)能減小，B 錯(cuò)誤；C根據(jù)動(dòng)能定理，電場(chǎng)力做正功，粒子的動(dòng)能增加，C 錯(cuò)誤；D粒子運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，所到之處，電場(chǎng)線越來(lái)越疏，故場(chǎng)強(qiáng)越來(lái)越弱，加速度越來(lái)越 小，D 錯(cuò)誤。故選 A 。4B 解析： B 【解析】 【分析】 【詳解】 ABC 將電容器上板向上移動(dòng)一段距離，電容器所帶的電量Q 不變，由于U Q 4 kQE=d Cd S由公式可知當(dāng) d 增大時(shí)，場(chǎng)強(qiáng) E 不變，以相同的速度入射的小球仍按原來(lái)的軌跡運(yùn)動(dòng)，故 A 錯(cuò)誤， B 正確， C 錯(cuò)誤；D若上板不動(dòng)，將下板下移一段距離，由U Q 4 kQE= d Cd S 可知，板間電場(chǎng)

18、強(qiáng)度不變，粒子所受的電場(chǎng)力不變，粒子軌跡不變，小球不可能打在下板 的中央，故 D 錯(cuò)誤。故選 B 。5D解析： D【解析】【分析】 示波管的 YY 偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓， XX 偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電 壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在 一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象?！驹斀狻吭O(shè)加速電場(chǎng)的電壓為 U1，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓為 U2，偏轉(zhuǎn)電極的長(zhǎng)度為 L，板間距離為 d，根 U2L據(jù)推論得知，偏轉(zhuǎn)距離為 y 2 ，可見(jiàn)，偏轉(zhuǎn)距離與偏轉(zhuǎn)電壓 U2 成正比，由幾何知識(shí) 4U1d得知，電子在熒光屏偏轉(zhuǎn)的距離也與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，則偏轉(zhuǎn)電極 XX上加上隨時(shí)間作線

19、性變化的電壓時(shí)，電子在熒光屏偏轉(zhuǎn)的距離與時(shí)間也是線性關(guān)系，形成一條亮線，若電壓 是周期性變化，就可以使電子在水平方向不斷掃描。在偏轉(zhuǎn)電極 YY上加按正弦規(guī)律變化 的電壓，電子在熒光屏偏轉(zhuǎn)的距離按正弦規(guī)律變化，而在偏轉(zhuǎn)電極 XX上加適當(dāng)頻率的掃 描電壓，水平方向電子不斷從右向左勻速掃描，在熒光屏上出現(xiàn)一條正弦曲線；由于 X 方 向的電壓變化的周期為 T0，而 Y 方向變化的周期為 2T 0，所以在 2T0時(shí)間內(nèi) X 方向變化 2 次，Y 方向變化一次。在熒光屏上將出現(xiàn)由兩條線組成的圖象；由于開(kāi)始時(shí) X 方向與 Y 方 向的電壓都是 0，所以兩條線在坐標(biāo)原點(diǎn)交叉。故 D 正確， ABC 錯(cuò)誤，故選

20、 D。【點(diǎn)睛】 本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，要用運(yùn)動(dòng)的合成與分解的正交分解思想進(jìn)行思考，注 意兩極所加電勢(shì)差的正負(fù)。6B 解析： B 【解析】 【詳解】對(duì)兩種情況進(jìn)行受力分析，如圖所示：依據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識(shí)，及平衡條件，則有：F=mgsin30， F=mgtan30，根據(jù)庫(kù)侖定律，則有： ，而 ；根據(jù)三角知識(shí)，則有： l BA =Ltna30 ， lCA=Lsin30 ，綜上所得：，故 ACD 錯(cuò)誤， B 正確；故選 B?！军c(diǎn)睛】 考查庫(kù)侖定律、矢量的合成法則與平衡條件的應(yīng)用，掌握三角知識(shí)，及幾何關(guān)系的內(nèi)容， 注意繩子的長(zhǎng)度相等，是解題的關(guān)鍵7C解析： C【解析】【分析】根據(jù)電

21、場(chǎng)力功與電勢(shì)差的關(guān)系求解AB 和 BC 各點(diǎn)之間的電勢(shì)差，然后找到等勢(shì)面確定場(chǎng)強(qiáng)的方向，根據(jù) E=U/d 求解場(chǎng)強(qiáng)?！驹斀狻縒AB 2eV將電子由 A 移動(dòng)到 B 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功 2eV ，則 U AB AB 2V ；同樣： qeUBC WBCeV 1V，若設(shè) C點(diǎn)的電勢(shì)為 0，則 B點(diǎn)的電勢(shì)為 1V，A 點(diǎn)的電勢(shì)為 -qe1V，則 AB 中點(diǎn)的電勢(shì)與 C 點(diǎn)電勢(shì)相同，可知場(chǎng)強(qiáng)方向沿 BA 方向斜向上，場(chǎng)強(qiáng)為 U1E 2V /m 200V /m，故選 C.d 0.5 10 28D 解析： D 【解析】 【分析】 【詳解】 由庫(kù)侖定律得k9rQ22r因?yàn)橛深}可知開(kāi)始時(shí)兩球之間的庫(kù)侖引力大小為小球

22、相互接觸后再使它們之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的因?yàn)橛深}可知開(kāi)始時(shí)兩球之間的庫(kù)侖引力大小為小球相互接觸后再使它們之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的F，說(shuō)明金屬小球帶異種電荷，把這兩個(gè)2 倍，它們的電荷量變?yōu)?，它們之間的庫(kù)侖力大小將變?yōu)镕2 F2 k146rQ224r4F9故 ABC 錯(cuò)誤， D 正確。 故選 D 。9D解析： D【解析】【分析】根據(jù)電勢(shì)來(lái)確定電場(chǎng)線的方向，再依據(jù)電場(chǎng)力方向，從而確定電性；依據(jù)電場(chǎng)線方向，確 定電勢(shì)的高低；由圖象的斜率來(lái)確定電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。挥闪Ｗ舆\(yùn)動(dòng)中，電場(chǎng)力做功的正負(fù) 來(lái)確定電勢(shì)能變化?！驹斀狻坑蓤D可知，粒子從 M 到 Q ，電勢(shì)漸漸降低，且粒子由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，因此電場(chǎng)線方向由P到 Q

23、點(diǎn)，那么粒子帶正電，故 A 錯(cuò)誤；由于電場(chǎng)線方向由 P到 Q，則沿著電場(chǎng)線方向，電 勢(shì)降低，那么 P點(diǎn)的電勢(shì)高于 M 點(diǎn)的電勢(shì)，故 B 錯(cuò)誤；根據(jù) =Ex，可知，圖象的斜率 的絕對(duì)值大小表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，那么 M 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于 N 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故 C 錯(cuò) 誤；因帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從 M 點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿 x 軸向右運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，則 電勢(shì)能一直減小，故 D 正確；故選 D?！军c(diǎn)睛】本題要理解電勢(shì) 隨位置坐標(biāo) x 圖象的含義，知道其斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，掌握沿著電場(chǎng)線 方向，電勢(shì)降低，并理解電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化情況。10D解析： D【解析】 【詳解】A由于 O點(diǎn)電勢(shì)高于 c點(diǎn)電場(chǎng)

24、強(qiáng)度方向向下，根據(jù) MN 粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知 N受到的 電場(chǎng)力向上， M 受到的電場(chǎng)力向下， N 帶負(fù)電， M 帶正電， A 錯(cuò)誤；B根據(jù)題意可知 UOa 2UOc ，而且電場(chǎng)力都做的是正功，而且電荷和質(zhì)量大小相等，1 2 1 2根據(jù)動(dòng)能定理得 Uqmv2mv02 ， N在a點(diǎn)的速度與 M在 c點(diǎn)的速度大小不等， B錯(cuò)2 2 0誤；CN在從 O 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至 a點(diǎn)的過(guò)程中受到的電場(chǎng)力向上，軌跡運(yùn)動(dòng)方向也向上，故電場(chǎng)力 做正功， C 錯(cuò)誤D圖中的虛線為等勢(shì)線，即 O點(diǎn)和 b點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以 M 點(diǎn)從 O 點(diǎn)到 b點(diǎn)的過(guò)程中電 場(chǎng)力對(duì)粒子做功等于零， D 正確；11D解析： D 【解析】 【分析】

25、【詳解】 根據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，且小球 c 所受庫(kù)侖力的合力的方向平行于 a，b 的連 線，可知， a、b 的電荷異號(hào)，對(duì)小球 c受力分析，如下圖所示因 ab=5cm， bc=3cm，ca=4cm，因此 acbc，那么兩力的合成構(gòu)成矩形，依據(jù)相似三角形之比，則有根據(jù)庫(kù)侖定律有Fa k Qcq2a ， acFbQcqb k bc2綜上所得qa 44264qb 33227故 D 正確， ABC 錯(cuò)誤。故選 D 。12B解析： B【解析】【分析】【詳解】A小球初始時(shí)能靜止，由小球水平方向合力為0可知 A、B 兩電荷電荷量必定相等，設(shè)Q1 Q2 Q ；小球下落過(guò)程受到重力和電場(chǎng)力作用，由牛頓

26、第二定律可得qQmg 2k 2 cos mar2由于 r 和 均發(fā)生變化，故小球不做勻加速運(yùn)動(dòng)，故 A 錯(cuò)誤；B由等量同種電荷的分布可知，其中垂線上從無(wú)限遠(yuǎn)處到兩電荷連線中點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)先變大后 變小，故小球受到的電場(chǎng)力可能先變大后變小， B 正確； C由題意可知，小球帶正電，故從 C 到 D 電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故 C 錯(cuò)誤； D 小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做功了，故小球機(jī)械能不守恒，故D 錯(cuò)誤；故選 B 。13C解析： C【解析】由公式 C S 、C Q和EU 得U4k dQ ，E 4k Q，當(dāng) Q變?yōu)?2Q、d變?yōu)?k d U d S Sd 時(shí)，電壓 U 不變，電場(chǎng)強(qiáng)度 E 變?yōu)樵瓉?lái)的 2 倍 C

27、 正確214D解析： D【解析】【分析】【詳解】由題可知，小球受電場(chǎng)力（水平向左）和重力（豎直向下）作用，小球從 P 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 Q 點(diǎn) 速度先減小后增大，因 Q 點(diǎn)與 P點(diǎn)的水平距離 x 與豎直距離 h相等，由動(dòng)能定理得qEx mgh1 2 1 2 mv0mv0qEx mgh22解得mg2 mg故小球運(yùn)動(dòng)的合力為2 mg2mg則加速度為2mg2g2mg2gABC 錯(cuò)運(yùn)動(dòng)過(guò)程除重力做功外還有電場(chǎng)力做功，故小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能不守恒，故 誤，D 正確ABC 錯(cuò)選 D 。15B解析： B【解析】【分析】【詳解】已知點(diǎn) R處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，可知兩點(diǎn)電荷的電性相同根據(jù)題述，q1和q2在點(diǎn) R處的電場(chǎng)強(qiáng)

28、度大小相等，方向相反，由真空中點(diǎn)電荷周?chē)膱?chǎng)強(qiáng)公式 E kQ2 知， kq21 kq22 ，將 r 2r1r2r1=2r 2代入，可得 q1=4q2，故 B 正確 ACD錯(cuò)誤。故選 B 。16C解析： C【解析】【詳解】A若是異種電荷，電勢(shì)應(yīng)該逐漸減小或逐漸增大，由圖象可以看出，應(yīng)該是等量的同種 正電荷，故 A 錯(cuò)誤；B沿 x正方向從 N到 C的過(guò)程，電勢(shì)降低， N、C兩點(diǎn)間場(chǎng)強(qiáng)方向沿 x軸正方向故 B 正確；C -x圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，由圖可得N、 D兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小沿 x 軸正方向先減小后增大，故 C 正確；DNC 電場(chǎng)線向右， CD 電場(chǎng)線向左，將一正點(diǎn)電荷從N 點(diǎn)移到 D 點(diǎn)，

29、電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大故 D 錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】由圖象中電勢(shì)的特點(diǎn)可以判斷是同種等量正電荷由電勢(shì)圖線的斜率可以判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的 大小沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可以判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，可知電場(chǎng)力做功的正負(fù)，從而判斷 電勢(shì)能的變化17B解析： B解析】試題分析：由圖無(wú)法判定兩電荷在同一位置時(shí)所受電場(chǎng)力的大小，故無(wú)法判定兩粒子帶電 量的大小關(guān)系，故 A 錯(cuò)誤由圖可知電荷 1 受到中心電荷的斥力，而電荷 2 受到中心電荷 的引力，故兩粒子的電性一定不同選項(xiàng)B 正確 ;由 B 選項(xiàng)分析可知 2 粒子在從 A 向 C 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，故動(dòng)能先增大后減小而粒子1 在從 A 向 B 運(yùn)

30、動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故動(dòng)能先減小后增大由于 BC 兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，故粒子 1 在從 A 向 B 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力等于 2 粒子在從 A 向 C 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力所做的總功由于 兩粒子以不同的速率從 A 點(diǎn)飛入電場(chǎng)故兩粒子的分別經(jīng)過(guò) B、 C兩點(diǎn)時(shí)的速率一定不相 等可知 C對(duì)； D錯(cuò)； 思路分析：考點(diǎn)：考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 點(diǎn)評(píng)：根據(jù)軌跡判定電荷 1 受到中心電荷的斥力，而電荷 2 受到中心電荷的引力，可知兩 粒子在從 A 向 B、C 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做功情況根據(jù)BC兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，可判定從 A 到 B 和從 A 到 C 過(guò)程中電場(chǎng)力所做的總功為 018C解析： C【解

31、析】【詳解】 TOC o 1-5 h z 設(shè) oa=ob=d ，因?yàn)閹щ娏Ｗ釉诖艌?chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以圓周運(yùn)動(dòng)的半徑正好等于d，2 v02mv粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qv0B=m v0 ，解得： B ，如果rqd換成勻強(qiáng)電場(chǎng)，水平方向以 v0 做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在水平方向： d=v0t2，豎直沿 y 軸負(fù)方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，即：1 2 1 qE 做勻加速運(yùn)動(dòng)，即：1 2 1 qE 2d 21at2 21 qmE t22 ，解得： E2mv02qd，則 EB =2v0，故選 C點(diǎn)睛】 帶電粒子在電場(chǎng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)要把握其運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在電場(chǎng)中利用幾何關(guān)系得出其沿電場(chǎng)和 垂直于電場(chǎng)的

32、運(yùn)動(dòng)規(guī)律；而在磁場(chǎng)中也是要注意找出相應(yīng)的幾何關(guān)系，從而確定圓心和半 徑19C解析： C【解析】AB的中點(diǎn) AB的中點(diǎn) F 點(diǎn)的電勢(shì)為勻強(qiáng)電場(chǎng)平行相等的線段的端電壓相等，則有F A2 B 8 2( 4)V 2VFC 為等勢(shì)線，則AB 勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為UABdAB8 ( 42) V/m6 10 2200V/m方向由 A到B；故 AB錯(cuò)誤。C電子帶負(fù)電，由 FC 為等勢(shì)線，則AB 勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為UABdAB8 ( 42) V/m6 10 2200V/m方向由 A到B；故 AB錯(cuò)誤。C電子帶負(fù)電，由 EPq 知其在電勢(shì)高處電勢(shì)能??；故 C 正確。DD 點(diǎn)的電勢(shì)為則 U CD=-2V ，將一電子從D8

33、8 ( 4)34VC 點(diǎn)移至 D 點(diǎn)，W電場(chǎng)力做功為eUCD2eV故 D 錯(cuò)誤。 故選 C 。20D是遠(yuǎn)端，會(huì)感應(yīng)出同種電荷；當(dāng)再把 故 A 是遠(yuǎn)端，會(huì)感應(yīng)出同種電荷；當(dāng)再把 故 A 、 B 端的金屬箔仍會(huì)張開(kāi)，選項(xiàng)A 端是近端，會(huì)感應(yīng)出異種電荷， B 端 移去 C后，A 和 B仍帶不同種的電荷，解析： D 【解析】 【分析】 【詳解】 將帶電體 C 移近 AB 時(shí)，由于靜電感應(yīng)現(xiàn)象可知，A和 B分開(kāi)， D 正確21C解析： C【解析】【詳解】 電子在 0T 受力向左指向 B板，做加速運(yùn)動(dòng)， T T受力向右指向 A板，做減加速運(yùn) 22 動(dòng)，到零。由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律畫(huà)出如答圖所示的 v t圖像，可知電子一直向B 板運(yùn)動(dòng)，故 C 正確， ABD 錯(cuò)誤。可知電子一直向故選： C22D解析： D解析】 詳解】A從 x0到 0，電勢(shì)逐漸升高，意味著該區(qū)域內(nèi)的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，質(zhì)子受到的電場(chǎng)力向