1、天津薊縣白澗中學高二物理期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 如圖所示空間存在著豎直向上的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場，一帶電液滴從靜止開始自A沿曲線ACB運動到B點時，速度為零，C是軌跡的最低點，以下說法中不正確的是（ ）A.滴帶負電 B.滴在C點動能最大C.若液滴所受空氣阻力不計，則機械能守恒 D、液滴在C點機械能最大參考答案：C2. （單選）把一通電直導線放在磁場中，它受到安培力的作用，則： A安培力的方向一定和磁場方向垂直，同時一定和電流方向垂直B安培力的方向一定和磁場方向垂直，但不一定和電流方向垂直C安培力的方向一定和電流

2、方向垂直，但不一定和磁場方向垂直D如果通電直導線受到安培力的作用，則安培力方向、磁場方向、電流方向三者一定相互垂直ks5u參考答案：A3. 如圖為兩個質(zhì)點A、B在同一直線上運動的v-t圖像,由圖可知A.t1時刻兩個質(zhì)點到達同一位置B.t1時刻B質(zhì)點一定在A質(zhì)點的前方C.t1時刻兩個質(zhì)點速度相等D.在0-t1時間內(nèi)質(zhì)點B比質(zhì)點A位移大參考答案：CD4. 對于光的偏振，下列認識正確的是 A通過偏振片看電燈光，轉(zhuǎn)動偏振片時可看到透射光亮度無變化，說明電燈光是偏振光B光的偏振現(xiàn)象使人們認識到光是縱波C光振動方向和偏振片透振方向垂直的光才能夠通過偏振片D對于全反射臨界角為的某介質(zhì)，光從空氣以600的入射

3、角射向該介質(zhì)時，折射光和反射光的偏振方向剛好相互垂直參考答案：D5. 下列圖中，標出的磁場B的方向、帶電粒子運動速度v的方向、洛侖茲力F的方向，正確的是參考答案：C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 將長為0.5m，通以4A電流的通電導線放在勻強磁場中，當導線和磁場方向垂直時，通電導線所受磁場力為0.3N，則勻強磁場的磁感應強度B大小為 T，若將通電導線中的電流減為2A，則這時勻強磁場的B為 T，導線受安培力為 N。參考答案：0.15、0.15、0.157. 如圖，平行板電容器的極板A與一靈敏的靜電計相接，極板B接地，若減小電容器極板間的距離，則（填“增大”、“減小”、“保

4、持不變”）電容_，靜電計指針偏角_，電量_，場強_。參考答案：增大 減小 保持不變 保持不變8. 一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形如圖甲所示其中某質(zhì)點的振動圖象如圖乙所示質(zhì)點N的振幅是 0.8 m，振動周期為 4 s，圖乙表示質(zhì)點 (從質(zhì)點K、L、M、N中選填)的振動圖象該波的波速為 0.5 ms參考答案：9. 一個物體從靜止開始做勻加速直線運動，加速度為3m/s2，則物體在第2秒末的速度大小是 m/s，2秒內(nèi)的位移大小是 m參考答案：6，6【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的速度與時間的關系【分析】物體做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)速度公式求解速度，

5、根據(jù)位移公式求解位移【解答】解：物體做初速度為零的勻加速直線運動，2s末時的速度：v=at=32=6m/s前4s的位移：x=6m故答案為：6，610. 一微型吸塵器的直流電動機加0.3V電壓時，通過電動機的電流為0.3A，電動機不轉(zhuǎn)，加2V電壓時，電動機正常運轉(zhuǎn)，通過電動機的電流為0.8A，此時電動機消耗的電功率為 ，電動機輸出的機械功率為 （電動機機械損耗不計）參考答案：11. 如圖所示，以知n1：n2=4：3 ，R2=100歐姆，變壓器沒有功率損耗。在原線圈加上交流電U1=40 V則R2上的發(fā)熱功率是 。若R3=25時發(fā)熱功率與R2相同，則原線圈與副線圈的n1：n3=參考答案：9W /8：

6、3。12. 某研究性學習小組利用如圖甲所示電路測量某電池的電動勢E和內(nèi)電阻r。在坐標紙中畫出了如圖乙所示的UI圖象，若電流表的內(nèi)阻為1,電壓表內(nèi)阻為3K,則 E_V， r_（答案保留二位有效數(shù)字）參考答案：2.0； 1.313. 在一次測某單色光波長的實驗中，已知雙縫到屏的距離是600 mm，兩縫之間的距離是0.20 mm，單縫到雙縫之間的距離是100 mm，某同學在用測量頭測量時，先將測量頭目鏡中看到的分劃板中心刻線對準某亮條紋(記作第一條)的中心，這時手輪上的示數(shù)如圖2甲所示，然后他轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線對準第7條亮條紋的中心，這時手輪上的示數(shù)如圖2乙所示，這兩次示數(shù)依次是 mm和

7、mm，由此可計算出該單色光的波長為 mm.參考答案：三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 在“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗中，當懸掛15N重物時，彈簧長度為0.16m；懸掛20N重物時，彈簧長度為0.18m，則彈簧的原長L0和勁度系數(shù)k分別為AL0=0.02mk=500N/m BL0=0.10mk=500N/mCL0=0.02mk=250N/m DL0=0.10mk=250N/m參考答案：D15. 用伏安法測定兩節(jié)干電池組成的電源的電動勢E和內(nèi)電阻r.實驗中共測出五組數(shù)據(jù)，如下表所示： 1 2 3 4 5U（V）280260250220200I（A）0480801001

8、60196在圖中作UI圖線，并根據(jù)圖線求出：電動勢E_V，內(nèi)電阻r_.參考答案：作圖 3.00 0.50四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖，EF與GH間為一無場區(qū)。無場區(qū)左側(cè)A、B為相距為d、板長為L的水平放置的平行金屬板，兩板上加某一電壓從而在板間形成一勻強電場，其中A為正極板。無場區(qū)右側(cè)為一點電荷形成的電場，點電荷的位置O也為圓弧形細圓管CD的圓心，圓弧半徑為R，圓心角為120，O、C在兩板間的中心線上，D位于GH上。一個質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子以初速度v0沿兩板間的中心線射入勻強電場，粒子出勻強電場經(jīng)無場區(qū)后恰能進入細圓管，并作與管壁無相互擠壓的勻速圓周運動。（不計粒

9、子的重力、管的粗細）求：（1）粒子出勻強電場時，速度與水平方向的夾角；（2）O處點電荷的電性和帶電量；（3）帶電粒子穿越勻強電場過程中垂直極板方向的位移大小；（4）兩金屬板所加的電壓。參考答案：粒子運動軌跡如圖，設出勻強電場時速度反向延長線交中心線于K點，由幾何關系得： DKO =DOCKDO 因圓弧圓心角DOC = 120，KDO = 90所以DKO = 30，即為粒子出勻強電場的偏轉(zhuǎn)角為303分設O處點電荷的帶電量為Q，粒子進入細管的速度為v合，由偏轉(zhuǎn)角為30可得： 2分 粒子進入圓管后受到點電荷Q的庫侖力作勻速圓周運動，有： 2分 即： 2分(3)垂直板方向的位移： 2分(4)設板間所加

10、電壓為U，出勻強電場時的豎直方向速度為vy，由偏轉(zhuǎn)角為340可得： 在勻強電場中粒子作類平拋運動， 得： 4分 17. 如圖所示，在水平方向的勻強電場中有一表面光滑、與水平面成45角的絕緣直桿AC，其下端（C端）距地面高度h=0.8m有一質(zhì)量為500g的帶電小環(huán)套在直桿上，正以某一速度沿桿勻速下滑小環(huán)離桿后正好通過C端的正下方P點處（g取10m/s2）求：（1）小環(huán)離開直桿后運動的加速度大小和方向（2）小環(huán)從C運動到P過程中的動能增量（3）小環(huán)在直桿上勻速運動速度的大小VO參考答案：考點：動能定理的應用；帶電粒子在勻強電場中的運動版權(quán)所有專題：動能定理的應用專題分析：小環(huán)在置于電場中的傾斜的光

11、滑絕緣直桿上勻速下滑，由共點力平衡結(jié)合重力與支持力方向可判斷出電場力方向，又由電場強度的方向可得出電荷的電性當小環(huán)離開直桿后，僅少了支持力則此時的合力就是由重力與電場力提供，由牛頓第二定律可求出離開后的加速度大小與方向小環(huán)離開直桿后，所受合力恰與速度方向垂直，因此做的類平拋運動當小環(huán)從C到P過程中，電場力做功剛好為零，動能的變化完全由重力做功引起當求小環(huán)離開直桿的速度時，僅從離開前無法入手，而離開后做類平拋運動，所以利用垂直于桿的方向與沿桿的方向的位移可求出小環(huán)的拋出速度解答：解：（1）對帶電小環(huán)受力分析因帶電小環(huán)勻速下滑，加之電場強度水平向左，所以小環(huán)帶負電由幾何關系可知，小環(huán)所受電場力與重

12、力大小相等則小環(huán)離開直桿后所受的合外力大小為：F合=由牛頓第二定律可得：，方向垂直于桿向下（或與水平方向成45角斜向下）（2）設小環(huán)從C運動到P過程中動能的增量為Ek由動能定理有：WG+WE=Ek則電場力做功為零WE=0所以Ek=WG=mgh=4J（3）小環(huán)離開桿做類平拋運動如圖所示建立坐標x、y軸垂直于桿方向做勻加速運動：平行于桿方向做勻速運動：解得：0=2m/s答：（1）小環(huán)離開直桿后運動的加速度大小為，方向垂直于桿向下（或與水平方向成45角斜向下）（2）小環(huán)從C運動到P過程中的動能增量為4J（3）小環(huán)在直桿上勻速運動速度的大小為2m/s點評：考查帶電粒子在電場與重力場共同作用下的運動，在

13、直桿的束縛下的勻速直線運動與沒有束縛下的類平拋運動重點突出對研究對象的受力分析與運動分析，結(jié)合運動學公式、牛頓第二定律與動能定理等物理規(guī)律18. 如圖，小球a、b用等長細線懸掛于同一固定點O讓球a靜止下垂，將球b向右拉起，使細線水平從靜止釋放球b，兩球碰后粘在一起向左擺動，此后細線與豎直方向之間的最大偏角為60忽略空氣阻力，求兩球a、b的質(zhì)量之比；兩球在碰撞過程中損失的機械能與球b在碰前的最大動能之比參考答案：解：（1）設a球的質(zhì)量為m1，b球的質(zhì)量為m2，b球下擺過程中，由動能定理得：m2gL=m2v020，碰撞過程動量守恒，設向左為正方向，由動量守恒定律可得：m2v0=（m1+m2）v，兩球向左擺動過程中，由機械能守恒定律得：（m1+m2）v2=（m1+m2）gL（1cos），解得： =（1）：1=（1）：1（2）兩球碰撞過程中損失的機械能：Q=m2gL（m1+m2）gL（1cos），碰前b球的最大動能為：Eb=m1v02，=1（1cos）：1=（1）：1=答：（