2023年安徽省“江南十校〞高三第一次聯(lián)考〔理科綜合〕〔2023江南十校一?！场?023、03〕2023年江南十校理綜，物理參考答案及評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)14. A解析：在2～4S內(nèi)，由v-t圖得加速度為1m/s2,f=ma=1N.A正確。0-1s內(nèi)，由v-t圖得加速度為2m/s2,F-f=ma,得F=3N,B錯(cuò)。4s內(nèi)的位移由v-t圖中所圍面積可得位移x=2(4+1)/2(m)=5m,v平=x/t=1.25m/s，C、D錯(cuò)。15. B解析：由題意知波向右傳播，所以質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)的方向是沿y軸的負(fù)方向，選項(xiàng)C、D錯(cuò)，題目中圖中所示的P點(diǎn)剛好振動(dòng)一個(gè)周期，所以P點(diǎn)剛好第一次通過(guò)平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)到t1=0.50s的狀態(tài)剛好為半個(gè)周期的時(shí)間，所以波的周期為1.0s，再過(guò)0.25s波傳到Q點(diǎn)，所以t2=0.5s+0.25s=0.75s,B項(xiàng)正確。16. B解析：m在斜面上勻速下滑，由整體法得地面對(duì)M摩擦力為零。由于作用在m上的推力平行于斜面，所以不管m勻速還是加速下滑，m對(duì)M的壓力、摩擦力都不變。地面對(duì)M的摩擦力為零，支持力不變。所以只有B錯(cuò)誤。17. C解析：在t1到t2的時(shí)間段內(nèi)，f>F,且大小不變都為恒力，汽車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，v=v0-at,P=Fv=F(v0-at).C正確。18. D解析：垂直落在斜面上時(shí)速度與水平夾角為45°,tan45°=vy/v0=gt/v0=2y/x=1,y=x/2,得Q點(diǎn)高度h=x+y=3y,即A、B下落高度比為1：3,由h=gt2/2可得運(yùn)動(dòng)時(shí)間比為1:，D正確。19. C解析：電荷由A到B，由圖知其運(yùn)動(dòng)能增大，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，又因電荷受力與電場(chǎng)反向，知電場(chǎng)方向由B指向A,＞,φA＜φB,電場(chǎng)力由Eq=△EK/△x，從圖中看斜率知EB>EA,由點(diǎn)電荷電場(chǎng)分布特征知點(diǎn)電荷在B的右側(cè)。且為正電荷。C正確。20. C解析：由右手定那么可以確定，EH進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍措娏鞣较驗(yàn)檎?，且電流減小，F(xiàn)G進(jìn)入時(shí)感應(yīng)電流為負(fù)向減小，C正確。21.I．〔5分〕0.001〔2分〕，5.783〔3分〕II．〔5分〕左〔2分〕，(3分)Ⅲ．〔8分〕〔1〕＝(或=6.2)〔3分〕〔2〕10.0V(1分)(10V也給分)，1.78V〔1.77～1.79〕(1分)，16.6V〔16.5～16.7〕〔3分〕解：〔1〕物塊m第一次由A到B由動(dòng)能定理〔2分〕在B點(diǎn)得：〔2分〕A到C全過(guò)程由動(dòng)能定理，得〔2分〕〔2〕物塊m第二次由A到B由動(dòng)能定理，得〔2分〕碰撞后停在C位置，故初速度與m由靜止滑到B的速度相同〔2分〕由動(dòng)量守恒定律得〔2分〕〔2分〕(說(shuō)明：其它方法求解，過(guò)程正確同樣得分。)23.〔1〕m在地面上靜止時(shí)，分析m受力知A對(duì)m是拉力。B對(duì)m是推力，〔2分〕有FA+FB=2mgm=0.2kg〔4分〕〔2〕〔2分〕〔2分〕得：〔2分〕因A、B勁度系數(shù)相同，當(dāng)m移動(dòng)時(shí)，A、B的形變量變化相同，力的改變相同，有〔1分〕〔2分〕〔1分〕〔1〕〔2分〕〔2分〕由題意知粒子在磁場(chǎng)B1中圓周運(yùn)動(dòng)半徑與該磁場(chǎng)半徑相同，〔2分〕得〔2分〕〔2〕在電場(chǎng)中粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)：〔2分〕〔3分〕〔2分〕〔3〕證明：設(shè)從O點(diǎn)入射的任一粒子進(jìn)入B1磁場(chǎng)時(shí)，速度方向與x軸成θ角，粒子出B1磁場(chǎng)與半圓磁場(chǎng)邊界交于Q點(diǎn)，如下圖，找出軌跡圓心，可以看出四邊形OO1O2Q四條邊等長(zhǎng)是平行四邊形，所以半徑O2Q與OO1平行。所以從Q點(diǎn)出磁場(chǎng)速度與O2Q垂直，即與x軸垂直，所以垂直進(jìn)入MN邊界。進(jìn)入正交電磁場(chǎng)E、B2中都有故做直線運(yùn)動(dòng)?！?分〕2023年安徽省“江南十校〞高三聯(lián)考理科綜合化學(xué)參考答案及評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)7.D【解析】HNCO分子中每種元素均只有一個(gè)原子，不可能存在非極性鍵，A錯(cuò)誤；4.3gHNCO中含原子數(shù)0.4NA，B錯(cuò)誤；反響中NOx中N元素化合價(jià)降低作氧化劑，C錯(cuò)誤。N元素由+4→0，D正確。8.A【解析】Ag+與氨水可以生成沉淀或Ag(NH3)2+，B錯(cuò)誤；C17H35COO-與H+不能大量共存，C錯(cuò)誤；Cr2O72-在酸性溶液中氧化Fe2+，D錯(cuò)誤。A選項(xiàng)c(OH-)=0.1mol·L-1，為堿性溶液，其離子能大量共存，A正確。9.B【解析】別離互不相溶的液體混合物應(yīng)選擇分液裝置，A錯(cuò)誤；NO氣體應(yīng)用排水法收集，C錯(cuò)誤；存放濃硝酸不能使用橡膠塞，D錯(cuò)誤。裝置B按氣體壓強(qiáng)檢驗(yàn)，B正確。10．B【解析】該分解反響中氨的體積分?jǐn)?shù)始終保持不變〔為2/3〕，A錯(cuò)誤；平衡后假設(shè)壓縮容器體積，平衡向左移動(dòng)，氨基甲酸銨固體的質(zhì)量增加，C錯(cuò)誤；氨基甲酸銨為固體，改變其量，反響速率不變，D錯(cuò)誤。正反響吸熱，升高溫度，該反響平衡常數(shù)增大，B正確。11.C【解析】負(fù)極發(fā)生氧化反響，電極材料為L(zhǎng)i，A錯(cuò)誤；電池內(nèi)電路陽(yáng)離子向正極遷移，B錯(cuò)誤；由于單質(zhì)鋰能與水反響，故電池不可使用水溶液作電解質(zhì)，D錯(cuò)。正極發(fā)生復(fù)原反響，C正確。12.D【解析】合金的熔點(diǎn)一般都低于各成分金屬，A錯(cuò)誤；過(guò)氧化鈉、氧化鋁不屬于堿性氧化物，B錯(cuò)誤；鈉與缺乏量的鹽酸反響后所得溶液呈堿性，鋁與缺乏量的鹽酸反響后所得溶液呈酸性，C錯(cuò)誤；合金中n(Na)＞n(Al)，投入到足量的水中，鋁最終能全部溶解，D正確。13.C【解析】CH3COOH為弱酸，①點(diǎn)溶液中c(H+)小于0.200mol?L-1，A錯(cuò)誤；酸堿中和放熱，①點(diǎn)溶液溫度一定比②點(diǎn)低，B錯(cuò)誤；③點(diǎn)后溶液電導(dǎo)率略降低主要是因?yàn)槿芤后w積增大，D錯(cuò)誤；③點(diǎn)溶液兩種酸均恰好中和，為CH3COONH4與NH4Cl等物質(zhì)的量的混合液，C正確。25．〔14分〕【答案】〔1〕二〔1分〕ⅥA〔1分〕1s22s22p63s1〔2分〕〔2〕O-H(或X-H)〔2分〕離子晶體〔2分〕〔3〕–1039kJ?mol-1〔3分〕〔4〕3NaClONaClO3+2NaCl〔3分〕【解析】因?yàn)閃基態(tài)原子中s電子數(shù)比p電子數(shù)多1，電子排布式是1s22s22p3，即W為N;X的原子最外層電子數(shù)是其內(nèi)層電子數(shù)的3倍,為O；由短周期元素、原子序數(shù)依次增大和Y的第一電離能在同周期元素中最小，可知Y為Na；Z一種核素的質(zhì)量數(shù)為37，中子數(shù)為20，可知Z的質(zhì)子數(shù)為17，即Z為Cl?！?〕X為O，位于元素周期表中第二周期第ⅥA族；Y為Na，基態(tài)原子電子排布式為1s22s22p63s1?！?〕O的電負(fù)性比N大，在N-H、O-H兩種共價(jià)鍵中O-H的極性較強(qiáng)，元素Y與W按原子個(gè)數(shù)比1:3形成的化合物為NaN3，所屬的晶體類型是離子晶體。〔3〕1molN2中π鍵為2mol每形成0.6molπ鍵相當(dāng)于生成0.3molN2，根據(jù)計(jì)算得ΔH=–1039kJ?mol-1?！?〕A為NaClO，根據(jù)氧化復(fù)原反響規(guī)律可得：3NaClONaClO3+2NaCl。26.〔17分〕【答案】〔1〕〔2分〕羧基氯原子〔2分〕〔2〕取代反響〔1分〕〔3〕+2NaOH→+NaCl+H2O(3分〕或〔2分〕〔4〕、(每空2分，共4分〕〔5〕abc(3分〕【解析】〔1〕由線路圖A→B是加成反響，可由B逆推出A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為。B中的官能團(tuán)羧基和氯原子可以從的B的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式中得出。〔2〕通過(guò)觀察C→D的分子組成和結(jié)構(gòu)變化，可知該反響為取代反響。〔3〕B與NaOH溶液共熱，既要考慮鹵原子水解也要考慮到酸堿中和；H為G以酯化方式的縮聚產(chǎn)物。〔4〕滿足條件的同分異構(gòu)體，具有多個(gè)不同的官能團(tuán)，其分子結(jié)構(gòu)應(yīng)該具有一定的對(duì)稱性。〔5〕F的分子式為C9H15NO3S〔氫數(shù)為奇數(shù)〕。27.〔14分〕【答案】〔1〕Fe3++Ag+Cl-=AgCl+Fe2+〔3分〕〔2〕取最后少量洗滌液，滴加KSCN溶液〔或檢驗(yàn)Cl-，其它合理答案均給分〕?！?分〕〔3〕1Fe2O3+3NO3-+4OH-=2FeO42-+3NO2-+2H2O〔4分〕〔4〕43％或0.43〔4分〕【解析】〔1〕從工藝流程圖中可以分析出反響①為Fe3+氧化Ag，那么離子方程式為Fe3++Ag+Cl-=AgCl+Fe2+〔2〕考查沉淀是否洗凈的標(biāo)志，關(guān)鍵是找出可能附著的可溶性離子。此題可以檢驗(yàn)最后一次洗滌液中有無(wú)Fe3+或Cl-。〔3〕此題涉及氧化復(fù)原反響缺項(xiàng)配平，依據(jù)流程圖找出所缺的物質(zhì)，再進(jìn)行配平即可。〔4〕可以用差量法找出增加的質(zhì)量為氯元素的質(zhì)量，依據(jù)氯元素的質(zhì)量求出AgCl的質(zhì)量。即可求出產(chǎn)物中銀納米粒子的質(zhì)量分?jǐn)?shù)。28.〔13分〕【答案】〔1〕趕走水中的溶解氧〔或空氣〕〔2分〕〔2〕晶體中含Na2S和Na2CO3兩種雜質(zhì)〔2分〕不合理；〔〕Na2S2O3與稀H2SO4反響生成的SO2和H2S發(fā)生反響，可能無(wú)H2S逸出?！?分〕實(shí)驗(yàn)方案現(xiàn)象及結(jié)論取適量晶體于燒瓶中，參加足量3mol?L-1H2SO4，塞上帶導(dǎo)氣管的橡皮塞，將產(chǎn)生的氣體導(dǎo)出并依次通過(guò)盛有酸性KMnO4溶液、品紅溶液、澄清石灰水的洗氣瓶。〔2分〕品紅溶液不褪色、澄清石灰水變渾濁，晶體中含Na2CO3雜質(zhì)〔2分〕〔其他合理答案均給分〕〔3〕晶體中含有雜質(zhì)〔如Na2S等〕在滴定時(shí)參與反響或晶體局部失去結(jié)晶水〔2分〕〔其他合理答案均給分〕【解析】晶體的主體Na2S2O3·5H2O與稀H2SO4反響生成的SO2對(duì)H2S和CO2的檢驗(yàn)都有干擾，在檢驗(yàn)時(shí)應(yīng)充分考慮；考慮到晶體中含有的雜質(zhì)〔Na2S〕在滴定時(shí)參與反響，是解答第〔3〕小題的關(guān)鍵。2023江南十校生物答案一、選擇題〔共6小題，在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)為哪一項(xiàng)符合題目要求的?！?．A解析：激素一經(jīng)發(fā)揮作用后就會(huì)失去活性；抗體與抗原結(jié)合后被吞噬細(xì)胞吞噬。酶和載體可重復(fù)利用，B錯(cuò)誤。有的有機(jī)分子不因物種不同而不同如葡萄糖、氨基酸等C錯(cuò)誤。碳不是各種大分子化合物中質(zhì)量分?jǐn)?shù)最多的元素，D錯(cuò)誤。2.C解析：原生質(zhì)體融合成雜合體細(xì)胞與細(xì)胞膜有一定的流動(dòng)性有關(guān)，A正確。在葉綠體類囊體膜上有光能—電能—化學(xué)能的轉(zhuǎn)換，B正確。細(xì)胞內(nèi)的ATP有的是在生物膜上合成的，比方線粒體內(nèi)膜上合成ATP，D正確。細(xì)胞分化以后，形態(tài)功能發(fā)生改變，其細(xì)胞膜的通透性也隨之會(huì)改變，C不正確。3.A解析：根據(jù)DNA分子半保存復(fù)制的特點(diǎn)，完全標(biāo)記的1個(gè)雙鏈DNA分子在無(wú)放射性標(biāo)記的溶液中復(fù)制兩次所形成的4個(gè)DNA分子。其中2個(gè)DNA分子的兩條鏈都沒(méi)有放射性；另2個(gè)DNA分子含有放射性，但分子中都是一條鏈含有放射性，另一條鏈無(wú)放射性。4.C解析：⑥是一條mRNA分子，可與多個(gè)核糖體結(jié)合形成多聚核糖體。但由于翻譯的模板是同一條mRNA分子，遺傳信息相同，故不同的核糖體翻譯出的是同種蛋白質(zhì)。5.B解析：題中橫軸表示時(shí)間，縱軸表示物質(zhì)的量，兩條曲線呈波動(dòng)變化，并且總是A曲線在前、B曲線在后，即曲線變化的含義為：隨著時(shí)間的推移，A逐漸增多，并導(dǎo)致B的增多，而B的增多卻導(dǎo)致A的減少，而A減少又導(dǎo)致B減少，B減少又導(dǎo)致A增多……依題意分析各供選項(xiàng)，可找出只有B項(xiàng)將A、B曲線的含義說(shuō)反了。6.D解析：動(dòng)作電位傳到突觸前膜才會(huì)導(dǎo)致遞質(zhì)的釋放，所以突觸前膜表現(xiàn)為內(nèi)正外負(fù)；遞質(zhì)使后膜對(duì)的通透性升高，進(jìn)入胞內(nèi)，膜內(nèi)應(yīng)該還是負(fù)電位，而且比正常的靜息電位還要低〔超極化〕，所以答案應(yīng)該選擇D。二、非選擇題〔共54分〕29.〔15分〕Ⅰ.〔7分除標(biāo)注外每空2分〕〔1〕0.72〔二氧化碳130/180氧氣〕糖〔1分〕〔2〕用于校正裝置1和裝置2內(nèi)因物理因素〔或非生物因素〕引起的容積變化〔3〕1:1解析：〔3〕總耗氧氣300，總產(chǎn)二氧化碳400，其中有氧呼吸耗氧氣300，產(chǎn)二氧化碳300，耗葡萄糖300/6。無(wú)氧呼吸產(chǎn)二氧化碳400-300=100耗葡萄糖100/2。Ⅱ.〔8分，每空2分〕〔1〕有機(jī)酸〔2〕呼吸作用產(chǎn)生(3〕植物B下降,植物A根本不變〔4〕B解析：(3)上午10：00點(diǎn)光照比擬充足，植物B需要的CO2主要從外界獲得，突然降低環(huán)境中CO2濃度，B植物CO2固定減少，產(chǎn)生C3下降。A細(xì)胞白天所需CO2不是從外界獲得，所以影響不大。30．〔16分〕〔每空2分〕〔1〕bⅢⅡ〔2〕①浮游藻類維持正常生命活動(dòng)②呼吸所消耗的能量不同〔初級(jí)消費(fèi)者A的呼吸強(qiáng)度相對(duì)較高，浮游藻類的呼吸強(qiáng)度相對(duì)較低〕③0.3%未被利用的能量多解析：〔1〕從圖I中曲線的變化趨勢(shì)可以看出，種群數(shù)量增加到a后，環(huán)境并不能承受，資源不能滿足種群生長(zhǎng)的要求，種內(nèi)斗爭(zhēng)加劇，種群數(shù)量減少，并最終在b位置左右保持穩(wěn)定，因此池塘的承載量〔K值〕為b。A和B兩種魚的食性相同，對(duì)同一種浮游藻類競(jìng)爭(zhēng)劇烈，競(jìng)爭(zhēng)能力弱的將被淘汰，對(duì)應(yīng)圖II；A和D兩種魚為捕食關(guān)系，對(duì)應(yīng)圖III。〔2〕根據(jù)生物同化作用固定的能量傳遞效率，得出食物鏈?zhǔn)恰Ｒ虼薎II為生產(chǎn)者浮游藻類，II為初級(jí)消費(fèi)者A、I為次級(jí)消費(fèi)者D。第一營(yíng)養(yǎng)級(jí)與第二級(jí)的凈同化量與總同化量的比值不同，關(guān)鍵是因?yàn)槌跫?jí)消費(fèi)者A和浮游藻類的呼吸強(qiáng)度不同，初級(jí)消費(fèi)者A的呼吸強(qiáng)度相對(duì)較高，浮游藻類的呼吸強(qiáng)度相對(duì)較低，呼吸所消耗的能量不同，因而，二者的比例不同；能量在第一營(yíng)養(yǎng)級(jí)到第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)的能量傳遞效率為：。該數(shù)據(jù)不在10%—20%這一范圍，原因是第一營(yíng)養(yǎng)級(jí)被第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)利用的能量少。31.〔23分〕〔1〕28〔1分〕Z或W〔2分〕4〔2分〕〔2〕AAbb、