2019春福建省福州一中高二(下)期末物理試卷(解析版)2019春福建省福州一中高二(下)期末物理試卷(解析版)2019春福建省福州一中高二(下)期末物理試卷(解析版)xxx公司2019春福建省福州一中高二(下)期末物理試卷(解析版)文件編號：文件日期：修訂次數(shù)：第1.0次更改批準(zhǔn)審核制定方案設(shè)計，管理制度2019春福建省福州一中高二（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共12小題，共分）關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說法中正確的是（）A.湯姆遜利用陰極射線管發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子

B.居里夫婦發(fā)現(xiàn)軸的天然放射現(xiàn)象

C.查德威克預(yù)言中子存在,并通過α粒子轟擊鈹核時發(fā)現(xiàn)中子

D.盧瑟福進(jìn)行α粒子散射實(shí)驗(yàn)并提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型下列關(guān)于波的敘述中正確的是（）A.光的偏振現(xiàn)象表明光是一種橫波

B.在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中,若僅將入射光由紫光改為紅光,則條紋間距不變

C.一束白光經(jīng)光密三棱鏡折射發(fā)生色散時,紅光的偏折角最大

D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時,往往在鏡頭前加裝一個偏振片以增加透射光的強(qiáng)度如圖所示為氫原子能級結(jié)構(gòu)圖，下列說法正確的是（）A.欲使處于基態(tài)的氫原子激發(fā),用11eV的光子照射

B.欲使處于基態(tài)的氫原子激發(fā),用11eV的電子碰撞

C.一群處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷可能釋放12種頻率的光

D.一個處于n=5激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷可能釋放5種頻率的光如圖所示，橫波1沿BP方向傳播，B點(diǎn)的振動圖象如圖甲所示，橫波2沿CP方向傳播，C點(diǎn)的振動圖象如圖乙所示，P與B相距40cm，P與C相距50cm，波速都為20cm/s，兩橫波在P處相遇，兩橫波振動方向相同，P點(diǎn)振幅為（）A.70cm B.50cm C.10cm D.35cm如圖，放射性元素鐳衰變過程中釋放αβγ三種射線，分別進(jìn)入勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中，下列說法中正確的是（）A.①表示γ射線,③表示α射線

B.②表示β射線,③表示α射線

C.④表示α射線,⑤表示γ射線

D.⑤表示β射線,⑥表示α射線△OMN為玻璃等腰三棱鏡的橫截面。a、b兩束可見單色光從空氣垂直射入棱鏡底面MN，在棱鏡側(cè)面OM、ON上反射和折射的情況如圖所示。由此可知（）A.棱鏡內(nèi)a光的傳播速度比b光的小

B.棱鏡對a光的折射率比對b光的折射率大

C.a光的頻率比b光的高

D.a光的波長比b光的長如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量分別為mA、mB，且mA＞mB，置于光滑水平面上，相距較遠(yuǎn)。將兩個大小均為F的力，同時分別作用在A、B上經(jīng)過相同距離后，撤去兩個力，兩物體發(fā)生碰撞并粘在一起后將（）A.停止運(yùn)動 B.向左運(yùn)動

C.向右運(yùn)動 D.運(yùn)動方向不能確定原子從a能級狀態(tài)躍遷到b能級狀態(tài)時發(fā)射波長為λ1的光子；原子從b能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時吸收波長為λ2的光子，已知λ1＞λ2．那么原子從a能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時將（）A.輻射波長為λ1-λ2的光子 B.吸收波長為λ1-λ2的光子氘核和氚核聚變的核反應(yīng)方程為12H+13H→24A.該核反應(yīng)釋放17.6MeV能量 B.該核反應(yīng)釋放3.16MeV能量

C.該核反應(yīng)吸收176MeV能量 D.該核反應(yīng)吸收3.16

MeV能量研究光電效應(yīng)的電路如圖所示，用頻率相同、強(qiáng)度不同的光分別照射密封真空管的鈉極板（陰極K），鈉極板發(fā)射出的光電子被陽極A吸收，在電路中形成光電流。下列光電流I與A、K之間的電壓UAK的關(guān)系圖象中，正確的是（）A.B.

C.D.兩個氘核以相等的動能Ek對心碰撞發(fā)生核聚變，核反應(yīng)方程為12H+12H→23He+01n，其中氘核的質(zhì)量為m1，氦核的質(zhì)量為m2，中子的質(zhì)量為m3．假設(shè)核反應(yīng)釋放的核能A.核反應(yīng)后氮核與中子的動量相同

B.該核反應(yīng)釋放的能量為E=(m1-m2-如圖所示，兩光滑且平行的固定水平桿位于同一豎直平面內(nèi)，兩靜止小球m1、m2分別穿在兩桿上，兩球間連接一個保持原長的豎直輕彈簧，現(xiàn)給小球m2一個水平向右的初速度v0．如果兩桿足夠長，則在此后的運(yùn)動過程中（）A.m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

B.當(dāng)

m1的速度達(dá)到最大時,m2同速度最小

C.m1、二、多選題（本大題共3小題，共分）一列簡諧橫波沿直線傳播，該直線上平衡位置相距9m的a、b兩質(zhì)點(diǎn)的振動圖象如圖所示。下列描述該波的圖象可能正確的是（）A. B.

C. D.水平氣墊導(dǎo)軌上，一個質(zhì)量為lkg的滑塊A，以初速度為4m/s撞上另一個質(zhì)量為2kg處于靜止?fàn)顟B(tài)的滑塊B，碰后瞬間A、B的速度分別為vA和vB，動量分別為PA和PB，動能分別為EA和EB，則下列情況中有可能出現(xiàn)的是（）A.vA=lm/s,vB=1.5m/s B.vA=-2m/s,vB=3m/s如圖所示是用光照射某種金屬時，逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率變化的圖線（直線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)，與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)）。由圖可知（）A.該金屬的截止頻率為4.27×1014Hz

B.該金屬的截止頻率為5.50×1014三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共分）在“測玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：

（1）為取得較好的實(shí)驗(yàn)效果，下列操作正確的是______

A．必須選用上下表面平行的玻璃磚；

B．選擇的入射角應(yīng)盡量小些；

C．大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上；

D．大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些。

（2）某同學(xué)在量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，用圓規(guī)以O(shè)點(diǎn)為圓心，OA為半徑畫圓，交OO′延長線于C點(diǎn)，過A點(diǎn)和C點(diǎn)作垂直法線的直線分別交于B點(diǎn)和D點(diǎn)，如圖甲所示，若他測得AB=，CD=5cm，則可求出玻璃的折射率n=______。（3）有甲、乙兩位同學(xué)在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關(guān)系分別如圖乙①、②所示，其中甲同學(xué)用的是矩形玻璃磚，乙同學(xué)用的是梯形玻璃磚。他們的其它操作均正確，且均以aa′、bb′為界面畫光路圖。則甲、乙兩位同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比分別是______和______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。在“用雙縫干涉測量光的波長”的實(shí)驗(yàn)中，將雙縫干涉實(shí)驗(yàn)儀按要求安裝在光具座上，如圖所示，并選用縫間距d=的雙縫屏。從儀器注明的規(guī)格可知，像屏與雙縫屏間的距離L=700mm。接通電源使光源正常工作。

（1）M、N、P三個光學(xué)元件依次為______

A．濾光片、單縫片、雙縫片

B．濾光片、雙縫片、單縫片

C．偏振片、單縫片、雙縫片

D．雙縫片、偏振片、單縫片

（2）對于某種單色光，為增加相鄰亮條紋（暗條紋）間的距離，可采取的方法有______

A．減小雙縫間距離

B．增大單縫間距離

C．減小透鏡與光源的距離

D．增大雙縫到屏的距離

（3）已知測量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度。某同學(xué)調(diào)整手輪后，從測量頭的目鏡看去，第1次映入眼簾的干涉條紋如圖甲所示，圖中的數(shù)字是該同學(xué)給各暗條紋的編號，此時圖乙中游標(biāo)卡尺上的讀數(shù)x1=；接著再轉(zhuǎn)動手輪，映入眼簾的干涉條紋如圖丙所示，此時圖丁中游標(biāo)卡尺上的讀數(shù)x2=______mm；

（4）利用上述測量結(jié)果，經(jīng)計算可得兩個相鄰亮條紋（或暗條紋間）的距離△x，進(jìn)而計算得到這種色光的波長λ=______nm。

（5）一同學(xué)通過測量頭的目鏡觀察單色光的干涉圖樣時，發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，如圖所示。若要使兩者對齊，該同學(xué)應(yīng)如何調(diào)節(jié)______

A．僅左右轉(zhuǎn)動透鏡

B．僅旋轉(zhuǎn)濾光片

C．僅撥動撥桿

D．僅旋轉(zhuǎn)測量頭四、計算題（本大題共3小題，共分）從M、N兩點(diǎn)產(chǎn)生的兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸向正方向和負(fù)方向傳播，振幅均為A=20cm。t=0時兩列波剛好都傳播到坐標(biāo)原點(diǎn)，波的圖象如圖所示，x=1m的質(zhì)點(diǎn)P的位移為10cm，再經(jīng)△t=坐標(biāo)原點(diǎn)的位移第一次變?yōu)?0cm，求

（1）波的傳播速度和波源的振動頻率。

（2）之后M、N兩點(diǎn)之間所有振動減弱點(diǎn)的位置坐標(biāo)。如圖所示，一束寬度為2R的平行單色光垂直射到半徑為R的透明半圓柱體的平面上，在半圓柱體后方的豎直光屏MN上形成寬度為2R的光帶。圖中O為半圓柱體截面的圓心，軸線OA垂直于光屏，己知從B點(diǎn)射入的光線在射出圓柱體時，光線偏離原方向的角度為15°，OB=R2，求

（1）半圓柱體的折射率n：

（2）O點(diǎn)到光屏MN的距離。

如圖所示，質(zhì)量為m=3kg的滑道靜止在光滑的水平面上，滑道的AB部分是半徑為R=的四分之一圓弧，圓心O在B點(diǎn)正上方，其他部分水平，在滑道右側(cè)固定一輕彈簧，滑道除

CD部分粗糙外其他部分均光滑。質(zhì)量為m2=3kg的物體2（

可視為質(zhì)點(diǎn)）放在滑道上的B點(diǎn)，現(xiàn)讓

質(zhì)量為m1=1kg的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）自A點(diǎn)上方R處由靜止釋放。兩物體在滑道上的C點(diǎn)相碰后粘在一起（g=10m/s2），求：

（1）物體1第一次到達(dá)B點(diǎn)時的速度大??；

（2）B點(diǎn)和C點(diǎn)之間的距離；

（3）若CD=，兩物體與滑道CD部分間的動摩擦因數(shù)都為μ=，兩物體最后一次壓縮彈簧時，求彈簧的最大彈性勢能的大小。

五、簡答題（本大題共1小題，共分）質(zhì)量為m的彈性滑塊放在質(zhì)量也為m的直角盒內(nèi)，可以做無摩擦運(yùn)動。長度為L的盒子放在涂有一層薄油的桌子上，盒子與桌面間的動摩擦力僅取決于盒子沿桌面運(yùn)動的速度，大小為f=-γv（其中γ已知）。開始時刻盒子靜止，而滑塊靠在盒子的左壁上并且具有速度v0，方向向右。若盒子和滑塊都停止運(yùn)動時滑塊并未靠在盒子邊緣，問滑塊和盒子發(fā)生多少次碰撞（

盒子長度比滑塊大很多，且所有碰撞都為彈性碰撞）

答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、湯姆遜通過對陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子，故A錯誤；

B、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)軸的天然放射現(xiàn)象，故B錯誤；

C、盧瑟福預(yù)言了中子，查德威克通過α粒子轟擊鈹核實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了中子，故C錯誤；

D、盧瑟福通過a粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型，認(rèn)為原子是由原子核和核外電子組成的，故D正確；

故選：D。

本題是物理學(xué)史問題，根據(jù)湯姆遜、貝克勒爾、查德威克、盧瑟福等人對物理學(xué)發(fā)展的貢獻(xiàn)進(jìn)行解。

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一。

2.【答案】A【解析】解：A、光的偏振現(xiàn)象說明光振動的方向與傳播的方向垂直，是橫波。故A正確；

B、在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)條紋的寬度公式：△x=Ld?λ可知，若僅將入射光由紫光改為紅光，條紋間距一定變大。故B錯誤；

C、紅色光的折射率小，可知當(dāng)一束白光經(jīng)光密三棱鏡折射發(fā)生色散時，紅光的偏折角最小。故C錯誤；

D、拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以消除玻璃反射的偏振光。故D錯誤。

故選：A。

偏振是橫波特有的現(xiàn)象；根據(jù)條紋的寬度公式判斷；折射率小的紅色光經(jīng)過三棱鏡后的偏折角??；偏振片可以消除偏振光。

該題考查臨界角與折射率的關(guān)系、雙方干涉條紋、以及光的偏轉(zhuǎn)的知識點(diǎn)，屬于對基礎(chǔ)知識的考查，在學(xué)習(xí)的過程中多加積累即可。

【解析】解：A、處于基態(tài)的氫原子若吸收11eV的光子，則能量值變?yōu)椋?11=．由于氫原子沒有該能級，可知處于基態(tài)的氫原子不能吸收11eV的光子。故A錯誤；

B、處于基態(tài)的氫原子可以與電子碰撞后吸收電子的一部分的能量，所以處于基態(tài)的氫原子，用11eV的電子碰撞時可以吸收的能量躍遷到n=2能級。故B正確；

C、一群處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷可能釋放C42=6種頻率的光。故C錯誤；

D、一個處于n=5激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷最多可能釋放4種頻率的光，對應(yīng)的躍遷分別為：n=5→4→3→2→1．故D錯誤

故選：B。

能級差是不連續(xù)的，吸收或輻射的光子能量等于兩能級的能級差，所以光子能量不連續(xù)。根據(jù)輻射的規(guī)律判斷輻射的種類。

本題考查了氫原子的能級與氫原子的躍遷問題，解決本題的關(guān)鍵知道能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差。

4.【解析】解：周期T=1s，波速為v=s，故波長λ=vT=s×1s=；

PC-PB=50cm-40cm=10cm==λ，而t=0時刻兩波的振動方向相反，則P是振動加強(qiáng)的點(diǎn)，振幅等于兩波振幅之和，即為70cm；

故選：A。

由圖讀出周期和振幅，由波速公式求出波長；根據(jù)P到B、C的路程差與波長的關(guān)系，分析P的振動是加強(qiáng)還是減弱，再研究t=時，P點(diǎn)的位移．

本題的解題關(guān)鍵是掌握波的疊加原理進(jìn)行分析，根據(jù)路程差和起振方向關(guān)系進(jìn)行分析．

5.【答案】C【解析】解：α射線實(shí)質(zhì)為氦核，帶正電，β射線為電子流，帶負(fù)電，γ射線為高頻電磁波，根據(jù)電荷所受電場力特點(diǎn)可知：①為β射線，②為γ射線，③為α射線，

α射線是高速He流，一個α粒子帶兩個正電荷。根據(jù)左手定則，α射線受到的洛倫茲力向左，故④是α射線。

β射線是高速電子流，帶負(fù)電荷。根據(jù)左手定則，β射線受到的洛倫茲力向右，故⑥是β射線。

γ射線是γ光子，是中性的，故在磁場中不受磁場的作用力，軌跡不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)。故⑤是γ射線。故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

根據(jù)α、β、γ三種射線的帶電性質(zhì)和本質(zhì)以及帶電粒子在電場中受力特點(diǎn)可正確判斷。

本題應(yīng)抓住：①三種射線的成分主要是指所帶電性：α射線是高速He流帶正電，β射線是高速電子流，帶負(fù)電，γ射線是γ光子，是中性的。

②洛倫茲力方向的判定，左手定則：張開左手，拇指與四指垂直，讓磁感線穿入手心，四指的方向是正電荷運(yùn)動的方向，拇指的指向就是洛倫茲力的方向。

熟練掌握α、β兩種衰變實(shí)質(zhì)以及衰變方程的書寫，同時明確α、β、γ三種射線性質(zhì)及應(yīng)用。

本題綜合性較強(qiáng)，主要考查兩個方面的問題：①三種射線的成分主要是所帶電性。②洛倫茲力的方向的判定。只有基礎(chǔ)扎實(shí)，此類題目才能順利解決，故要重視基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)。

6.【答案】D【解析】解：AB．由光路圖看出，光線b在NO面上發(fā)生了全反射，而光線a在MO面上沒有發(fā)生全反射，而入射角相同，則知b光的臨界角小于a光的臨界角，

由sinC=1n分析得知，玻璃對a光的折射率小于b的折射率，由v=cn得知棱鏡內(nèi)a光的傳播速度比b光大。故AB錯誤。

CD．由于玻璃對a光的折射率小于b的折射率，則a光的頻率比b光的低，a光的波長比b光的長，故C錯誤，D正確；

故選：D。

由光路圖看出，光線b在NO面上發(fā)生了全反射，而光線a在MO面上沒有發(fā)生全反射，而入射角相同，

則知b光的臨界角小于b光的臨界角，由sinC=1n分析折射率的大?。?/p>

由v=cn判斷光在玻璃中速度的大小。再確定出波長和頻率關(guān)系。

會正確分析光路圖，熟記全反射現(xiàn)象臨界角的計算公式，知道波的頻率越大，折射率越大，波長越短；【解析】解：力F大小相等，mA＞mB，

由牛頓第二定律可知，兩物體的加速度有：aA＜aB，

由題意知：SA=SB，

由運(yùn)動學(xué)公式得：SA=12aAtA2，SB=12aBtB2，

可知：tA＞tB，由IA=F?tA，IB=F?tB，得：IA＞IB，

由動量定理可知△PA=IA，△PB=IB，則PA＞PB，

碰前系統(tǒng)總動量向右，碰撞過程動量守恒，

由動量守恒定律可知，碰后總動量向右，故ABD錯誤，C正確。

故選：C。

此題可以從兩個角度來分析，一是利用運(yùn)動學(xué)公式和沖量的定義，結(jié)合動量守恒定律來分析；二是動能定理和動量的定義，結(jié)合動量守恒定律來分析。

本題考查動量守恒定律的應(yīng)用；應(yīng)用動量守恒定律解決問題，只要知道碰撞前后的狀態(tài)即可，不需要分析過程，但要注意動量守恒定律的條件。

8.【解析】解：由題，原子從a能級狀態(tài)躍遷到b能級狀態(tài)時發(fā)射光子，說明a能級高于b能級；原子從b能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時吸收光子，說明c能級高于b能級；據(jù)題，λ1＞λ2，根據(jù)光子能量公式E=hcλ得知，從a能級躍遷到b能級時發(fā)射的光子能量小于從b能級躍遷到c能級時吸收的光子，根據(jù)玻爾理論可知，c能級高于a能級，所以原子從a能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時將要吸收光子。

根據(jù)玻爾理論得

a→b：Ea-Eb=hcλ1，b→c：Ec-Eb=hcλ2，a→c：Ec-Ea=hcλ3

聯(lián)立上三式得：λ=λ1λ2λ1-λ2

故選：D。

光子能量公式E=hcλ，λ1＞λ2【解析】解：聚變反應(yīng)前的總結(jié)合能為：E1=（×2+×3）MeV=，反應(yīng)后生成物的結(jié)合能為：E2=×4MeV=，故反應(yīng)謝出的核能為：△E=E2-E1=，故A正確BCD錯誤。

故選：A。

先算出反應(yīng)前后的質(zhì)量虧損，再利用質(zhì)能方程E=△mc2求解。

本題考查了利用質(zhì)能方程計算核反應(yīng)能量，要注意質(zhì)量方程的準(zhǔn)確應(yīng)用，明確能量單位的換算。

10.【答案】C【解析】解：頻率相同的光照射金屬，根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動能相等，根據(jù)12mvm2=eUc，知遏止電壓相等，光越強(qiáng)，飽和電流越大。故C正確，A、B、D錯誤。

故選：C?！窘馕觥拷猓篈、根據(jù)核反應(yīng)前后系統(tǒng)的總動量守恒，知核反應(yīng)前兩氘核動量等大反向，系統(tǒng)的總動量為零，因而反應(yīng)后氦核與中子的動量等大反向，動量不同，故A錯誤；

B、該核反應(yīng)前后釋放的能量△E=(2m1-m2-m3)c2，故B錯誤；

CD、由能量守恒可得：核反應(yīng)后的總能量為E+2Ek，由動能與動量的關(guān)系Ek=p22m，且mHe=3mn

可知，核反應(yīng)后氦核的動能為(E+2【解析】解：A、對于彈簧、m1、m2組成的系統(tǒng)，只有彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，由于彈性勢能是變化的，所以m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。故A錯誤；

B、若m1＞m2，當(dāng)彈簧伸長時，m1一直在加速，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時m1速度達(dá)到最大。彈簧伸長時m2先減速后，速度減至零向左加速，最小速度為零。所以m1速度達(dá)到最大時，m2速度不是最小，故B錯誤；

C、由于兩球豎直方向上受力平衡，水平方向所受的彈力的彈力大小相等，方向相反，所以兩球組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒，故C正確；

D、當(dāng)兩球的速度相等時，彈簧最長，彈簧的彈性勢能最大，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m2v0=（m1+m2）v

解得：v=m2v0m1+m2；

由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：12m2v02=12（m1+m2）v2+EP

解得：EP=m1m2v022(m1+m2)，故【解析】解：由振動圖象可知，在t=0時刻，a位于波峰，b經(jīng)過平衡位置向下運(yùn)動。

若波從a傳到b，如圖a、b兩點(diǎn)之間的波形圖“余數(shù)”如紅線所示，則有（n+34）λ=9m，n=0，1，2，…，得λ=364n+3

若波從b傳到a，如圖a、b兩點(diǎn)之間的波形圖“余數(shù)”如藍(lán)線所示，則有（n+14）λ=9m，n=0，1，2，…，得λ=364n+1m

代入自然數(shù)可知，λ=4m、12m，得AC正確。

故選：AC。

根據(jù)同一時刻兩個質(zhì)點(diǎn)的振動狀態(tài)，畫出可能的波形，得到距離9m與波長的關(guān)系式，求得波長的通項，得到波長的特殊值，即可進(jìn)行選擇。

本題考查機(jī)械波的圖象及多解性。a、b兩點(diǎn)之間的波形圖“余數(shù)”可以為解析圖中藍(lán)色和紅色兩種形式。

【解析】解：規(guī)定A的初速度方向?yàn)檎较?，則A、B碰前：P=mAv0=4N?s，Ek=12mAv02=8J

A、若碰后vA=lm/s，vB=s，則P′=mAvA+mBvB=4N?s，系統(tǒng)動量守恒；又Ek′=12mAvA2+12mBvB2=，則系統(tǒng)機(jī)械能不增加；且碰后速度滿足實(shí)際情況，故A正確；

B、若碰后vA=-2m/s，vB=3m/s，則碰后動能Ek′=12mAvA2+12mBvB2=11J，則系統(tǒng)機(jī)械能增加，故B錯誤；

C、若碰后EKA=，EKB=，則碰后動能Ek′=，則系統(tǒng)機(jī)械能不增加，可能發(fā)生，故C正確；

D、若碰后PA=2kg?m/s，PB=2kg?m/s，則P′=mAvA+mBvB=4N?s，系統(tǒng)動量守恒，可能發(fā)生，故D【解析】解：A、當(dāng)最大初動能為零時，入射光的光子能量與逸出功相等，即入射光的頻率等于金屬的截止頻率，可知金屬的截止頻率為×1014Hz，故A正確，B錯誤。

C、金屬的逸出功為：W=hv0=6.67×10-34×4.27×1014J=，故C錯誤。

D、根據(jù)Ekm=hv-W0知，圖線的斜率表示普朗克常量，故D正確。

故選：AD。

根據(jù)光電效應(yīng)方程的得出最大初動能與入射光的頻率關(guān)系，結(jié)合圖線求出普朗克常量．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hv-W，Ek-v圖象的斜率等于h．橫軸的截距大小等于截止頻率，逸出功W=hv0【解析】解：（1）A、用插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行。故A錯誤

B、為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會更好。故B錯誤。

C、為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上。故C正確。

D、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，效果會好些。故D正確。

故選：CD．

（2）圖中P1P2作為入射光線，OO′是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，由幾何知識得到：

sini=ABAO，sinr=CDCO，又AO=CO

則折射率為：n=sinisinr=ABCD=7.55=。

（3）如右圖所示，實(shí)線是真實(shí)的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路圖，由圖看出，在這種情況測得的入射角不受影響，但測得的折射角比真實(shí)的折射角偏大，因此甲測得的折射率偏小。

乙同學(xué)測得的折射率與真實(shí)值相比不變。

故答案為：（1）CD；（2）．（3）偏小，不變。

（1）為了取得較好的實(shí)驗(yàn)效果，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析可知：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應(yīng)盡量大些；大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上；大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些，這樣可以減小測量的相對誤差。

（2）根據(jù)幾何知識求出入射角和折射角的正弦值，再求解折射率。

（3）甲同學(xué)在畫界面時，將兩界面aa′和bb′間距畫得比玻璃磚寬度大些，分析對入射角和折射角的影響，來判斷誤差。

本題是插針法測定玻璃磚的折射率，實(shí)驗(yàn)原理是折射定律，采用單位圓法處理數(shù)據(jù)，并采用作圖法，根據(jù)原理分析實(shí)驗(yàn)誤差。

17.【答案】A

AD【解析】解：（1）為了獲取單色的線光源，光源后面應(yīng)放置濾光片、單縫，單縫形成的相干線性光源經(jīng)過雙縫產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，因此，M、N、P三個光學(xué)元件依次為：濾光片、單縫、雙縫，

故選：A；

（2）由雙縫干涉條紋間距公式：△x=Ldλ可知，對于某單色光，波長λ一定，減小雙縫間距d或增大雙縫到光盤的距離L都可增加相鄰亮紋（或暗紋）間的距離，故AD正確，BC錯誤，

故選：AD。

（3）圖丁中，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為15mm，游標(biāo)讀數(shù)為×1=，所以最終讀數(shù)為x2=。

（4）兩個相鄰明紋（或暗紋）間的距離為：△x=x2-x16=15.02-1.166mm=

根據(jù)△x=Ldλ得：λ=△xdL=2.31×10-3×0.2×10-3700×10-3m=×10-7m=×102nm

（5）發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，若要使兩者對齊，該同學(xué)應(yīng)調(diào)節(jié)測量頭，故ABC錯誤，D正確；。

故答案為：（1）A；（2）AD；（3）；（4）×102；（5）D。

為獲取單色線光源，在光屏上產(chǎn)生干涉圖樣，白色光源后面要有濾光片、單縫、雙縫、遮光筒和光屏；

根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式：△x=Ldλ分析答題；

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，游標(biāo)50分度，每一分度表示的長度為；

根據(jù)公式：△x=Ldλ，求出該色光的波長；

依據(jù)測量頭的作用，即可求解。

本題考查了實(shí)驗(yàn)裝置、條紋間距公式的應(yīng)用，知道雙縫干涉實(shí)驗(yàn)的原理；要掌握干涉條紋的間距公式：△x=Ldλ，知道△x是相鄰條紋的間距。

同時解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。

18.【答案】解：（1）由圖可知，M點(diǎn)產(chǎn)生的波向左傳播，N產(chǎn)生的波向右傳播，從圖中位置開始，都經(jīng)過T4時間第一個波峰都傳播到達(dá)O點(diǎn)，坐標(biāo)原點(diǎn)的位移第一次變?yōu)?0cm即：△t=14T

所以：T=

角速度：ω=2πT

設(shè)波從M點(diǎn)到達(dá)P的時間為t，則由圖中幾何關(guān)系可得：A?sin（2π-ω?t）=10cm

其中：A=20cm

代入數(shù)據(jù)可得：t=1112T=11300s

則波從P點(diǎn)傳播到O點(diǎn)的時間：t'=T-t=112T

所以，OP之間的距離：x=112λ

所以：λ=12m

該波的傳播速度：v=λT=120.04=300m/s

振動頻率：f=1T=10.04=25Hz

（2）由圖可知，M與N到O點(diǎn)的距離為一個波長，都是12m；

MN之間的點(diǎn)到M與N的距離的差等于半波長的奇數(shù)倍時，為振動的減弱點(diǎn)；設(shè)該點(diǎn)到N的距離與到M的距離分別為x1和x2，則：

|x1-x2|=(2n-1)?λ2＜24m

可得當(dāng)n=1時|x1-x2|=12【解析】（1）根據(jù)波都傳播到達(dá)O的時間得到振動的周期，由周期與頻率的關(guān)系求出頻率；根據(jù)P的振動情況判斷波從M點(diǎn)傳播到達(dá)P的時間，然后求出波速；

（2）根據(jù)振動減弱點(diǎn)的條件即可求出。

在波的傳播問題中，一般根據(jù)振動圖象及傳播方向、時間間隔得到波長和波速，進(jìn)而得到任一質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動狀態(tài)。

19.【答案】解：（1）光在介質(zhì)中傳播的光路圖如圖所示：

從B點(diǎn)射入的光線，在圓柱面發(fā)生折射，由折射定律得：sinθ1sinθ2=1n

其中折射前：sinθ1=OBR=12，θ1=30°

折射后：θ2=θ1+15°=45°

解得n=2；

（2）如圖，設(shè)從C′點(diǎn)射出柱面的光線射到光帶的邊緣：sinC=1n

解得入射角為∠C=45°

由光路圖中的幾何關(guān)系，可得O到光屏MN的距離：OA=Rcos45°+（R+Rsin45°）tan45°

解得OA=（2+1）R；

答：（1）半圓柱體的折射率n是2；【解析】（1）做出光路圖，根據(jù)幾何知識找到入射角和折射角，根據(jù)光的折射定律求解折射率；

（2）找到發(fā)生全反射的臨界角，結(jié)合幾何關(guān)系求解O點(diǎn)到光屏MN的距離。

解決該題需正確做出光路圖，根據(jù)幾何知識找到入射角和折射角，熟記折射定律，知道全反射的臨界角的求解方法；

20.【答案】解：（1）物體1由靜止到第一次到達(dá)B點(diǎn)的過程，物體2始終靜止，以物體1和滑