河北省省級聯(lián)測2022-2023學年高三上學期第一次月考物理試題一、單選題.有經(jīng)驗的養(yǎng)殖戶經(jīng)常通過池塘中的氣泡判斷池塘內(nèi)的水質(zhì)。設在水下氣泡內(nèi)空氣（可視為理想氣體）的壓強等于氣泡表面外側(cè)水的壓強，當水的溫度上下一致且保持不變時，氣泡緩慢上升的過程中，下列說法正確的是（ ）A.氣泡對外做功，氣泡從外界吸熱B.外界對氣泡做功，氣泡向外放熱C.氣泡對外做功，氣泡向外放熱 D.外界對氣泡做功，氣泡從外界吸熱.在測量玻璃磚折射率實驗時，某同學利用插針法得到通過長方體玻璃成前后的兩條光線，如圖所示。經(jīng)測量得到a=￡=30。，則該玻璃磚的折射率為（A.應 B.空 C.顯 D.巫2 33.越來越受到人們關注的“核電寶”采用了鉛基快中子反應堆技術?？熘凶臃磻延美彛≒u）239作燃料，在堆心燃料杯239的外圍再生區(qū)里放置鈾（U）238。用中子轟擊杯239產(chǎn)生裂變反應時放出來的快中子，被裝在外圍再生區(qū)的鈾238吸收，鈾238吸收一個中子變?yōu)殁?39,鈾239經(jīng)過夕衰變很快變成缽239。下列關于“核電寶”的反應方程可能正確的是（）A. Au+：；P+51n B.7Pu黑AuP+4nD.丁U-＞空Pu+1e.2022年6月17日，我國首艘電磁彈射航母"福建艦”下水。若某艦載機總質(zhì)量為3.0xl04kg,在電磁彈射裝置作用下，由靜止開始加速到85m/s起飛，用時2s,加速距離為100m。已知航母甲板平直，艦載機加速過程中水平方向只受到彈射力作用。艦載機在加速過程中下列判斷正確的是（ ）A.艦載機做勻加速直線運動B.艦載機的平均加速度為5（加/^

C.彈射力的沖量為2.55x1（）6n.sD.該彈射裝置對艦載機做功約為LO8xlO",J.如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板（M板）接地，在兩板間的P點固定一個帶負電的檢驗電荷。若正極板N保持不動，將負極板M緩慢向右平移一小段距離，下列說法正確的是（ ）A.尸點電勢升高A.尸點電勢升高B.兩板間電壓增大C.檢驗電荷的電勢能增大C.檢驗電荷的電勢能增大D.檢驗電荷受到的電場力增大.圖甲為一列簡諧橫被在f=。時刻的波形圖，圖乙為x=2.0m的質(zhì)點振動圖像。下列A.簡諧波在介質(zhì)中的傳播速度為2.0m/sB.A.簡諧波在介質(zhì)中的傳播速度為2.0m/sB.從/=0至IJ，=2.5s,x=2.0m的質(zhì)點運動的路程為48cmC.這列簡諧橫波沿x軸正方向傳播f=0.5s時，x=0.4m的質(zhì)點處在波峰.2021年5月15日，天問一號著陸巡視器成功著陸于火星的烏托邦平原，中國首次火星探測任務著陸火星取得圓滿成功。如果著陸前著陸器近火星繞行的周期為102mino已知地球平均密度為5.5xlO'kg/m'，中國空間站距地球表面約400km,周期約為90min,地球半徑約為6400km?下列數(shù)值最接近火星的平均密度的是（ ）A.3A.3.8OxlO4kg/m3B.4.0xl03kg/m3D.4.5xl0D.4.5xl05kg/m5二、多選題.如圖甲所示，一足夠長木板B靜止在光滑水平面上，物塊A放在B的左端，給物塊A施加一水平向右的拉力F,拉力F的大小及物塊A受到的摩擦力F1的大小與作用時間，的關系如圖乙所示。已知物塊A的質(zhì)量為1.0kg,木板B的質(zhì)量為2.0kg,則片4.0s片4.0s時，下列判斷正確的是（ ）A.物塊A的速率為12m/s B.物塊A的速率為20m/sC.木板B的速率為6m/s D.木板B的速率為2m/s.如圖所示，交流發(fā)電機的矩形線圈面積為S,匝數(shù)為M電阻不計，放置在磁感應強度大小為8的勻強磁場中。發(fā)電機與接有定值電阻火的理想變壓器相連接，理想變壓器的副線圈匝數(shù)可通過觸頭P進行調(diào)節(jié)。忽略輸電線的電阻，當發(fā)電機線圈以角速度。繞軸00'勻速轉(zhuǎn)動時，下列說法正確的是（ ）O'O'OA.理想變壓器原線圈輸入電壓的有效值為E=B.當線圈轉(zhuǎn)至圖示位置時，變壓器原線圈中電流最小C.向上移動觸頭P,R消耗的功率增大D.向下移動觸頭P,發(fā)電機發(fā)電的功率增大.宇航員在空氣稀薄的某星球上用一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接質(zhì)量為0.5kg的小鋼球，如圖所示。多次拉起小鋼球至不同位置并由靜止釋放，每次釋放后小球均在豎直平面內(nèi)擺動，拉力傳感器分別記錄下每次釋放小鋼球后，小鋼球在豎直平面內(nèi)擺動過程中繩子拉力的最大值6和最小值工。做出耳-瑪圖像，根據(jù)圖像判斷下列說法正確的是（ ）A.增大小球質(zhì)量，耳-6圖像斜率會變大B.隨著釋放高度增加，耳與K的差值增大C.該星球表面的重力加速度為6m/s?D.該星球表面的重力加速度為18m/s2.如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導軌豎直放置，導軌間距為L=1.0m,上、下兩端分別接有阻值R=2.00的電阻，虛線OO'下方是垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度B=1.0T?，F(xiàn)將長度也為L=1.0m,質(zhì)量，"=0/kg,電阻/^LOQ的金屬桿ah,自。0'上方人處垂直導軌由靜止釋放。已知金屬桿始終與導軌保持良好接觸，重力加速度g取lOm/sh則下列說法正確的是（O'A.當〃=0.2m時，金屬桿必進入磁場做勻速運動B.當〃=0.4m時，金屬桿進入磁場瞬間加速度大小為Srn/s?C.無論人為多大，最終金屬桿ab速度均為2.0m/sD.無論〃為多大，金屬桿必穩(wěn)定運動時上端電阻R的功率均為LOW三、實驗題.恢復系數(shù)是反映碰撞時物體形變恢復能力的參數(shù)，它只與碰撞物體的材料有關。

當兩物體正碰時，恢復系數(shù)的定義式e=殳二%（其中匕、匕為兩物體碰撞前的速玲一匕度，4、的為兩物體碰撞后的速度），即碰撞前、后兩物體接觸點的相對分離速度與相對接近速度之比。彈性碰撞時斫1：非彈性碰撞時K1；完全非彈性碰撞時e=0。（1）如圖甲所示為某同學“驗證動量守恒定律”的實驗裝置，實驗時選擇大小相同的小球1和小球2,小球1的質(zhì)量應（填“大于等于''或"小于”）小球2的質(zhì)量，并用天平測量小球1的質(zhì)量叫和小球2的質(zhì)量So甲甲（2）實驗步驟如下：安裝好實驗裝置，做好測量前的準備，并記下鉛錘線所指的位置Oe第一步，不放小球2,讓小球1從斜槽上/點由靜止?jié)L下，并落在地面上。重復多次，用盡可能小的圓把小球的所落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置。第二步，把小球2放在斜槽邊緣處，讓小球1仍從4點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復多次，并使用與第一步同樣的方法分別標出碰撞后小球落點的平均位置。第三步，用刻度尺分別測量落地點的平均位置離。點的距離，即線段OM、OP、ON的長度加、「、Ln,如圖乙所示。上述實驗中，為驗證兩球碰撞過程動量守恒，需要驗證（用題中所給物理量表示）。（3）根據(jù)測量數(shù)據(jù)，請寫出用測量量表示的恢復系數(shù)的表達式-=.某物理學習興趣小組在實驗過程中連接如下電路。閉合開關，發(fā)現(xiàn)電流表無示數(shù)，電壓表有示數(shù)，調(diào)整滑動變阻器滑片位置，電流表依然無示數(shù)，電壓表示數(shù)不變。（1）為了檢測部分導線是否接好，應當選用多用電表的（填“直流電壓'’或"歐姆”）擋，然后把（填“紅''或"黑''表筆接在接線柱。上，另一表筆接在其他接線柱上，判斷故障點。（2）將滑動變阻器拆離電路，用多用表檢測該滑動變阻器是否有故障的具體步驟如下?？谛D(zhuǎn)選擇旋鈕，使指針指到歐姆擋：□將紅、黑表筆相接，進行:□測量滑動變阻器的電阻，如電阻無窮大，表明滑動變阻器(填''有''或''無")故障。(3)將電流表拆離電路，正確使用多用表歐姆xl擋，紅、黑表筆與電流表相接，如果電流表示數(shù)為/,多用電表示數(shù)為打，多用電表表盤中值電阻為&,則多用電表歐姆X1擋內(nèi)部電路等效電源電動勢為，四、解答題.冬季室內(nèi)外溫差巨大?；@球在室內(nèi)時內(nèi)部氣體溫度為匯，氣體壓強為A，某同學把籃球拿至室外靜置足夠長時間。已知室外溫度為右，籃球不漏氣，且球內(nèi)體積始終為匕求：(1)籃球在室外靜置足夠長時間后內(nèi)部氣體的壓強凸；(2)在室外給籃球補氣，氣泵工作一個周期可將室外壓強為％(為<0)，體積為AV的氣體充入籃球，為使籃球內(nèi)氣體壓強恢復為求氣泵工作的周期個數(shù)。(假設打氣過程中籃球內(nèi)的氣體溫度不變).如圖所示，在y>o的空間中存在沿y軸負方向的勻強電場，在y<。的空間中存在方向垂直平面(紙面)向外的勻強磁場，一帶電荷量為外質(zhì)量為m的帶正電的粒子，自y軸上的片點以速率%沿x軸正方向射入電場；然后經(jīng)過x軸上的g點進入磁場，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后，經(jīng)過坐標原點。返回第一象限。已知?！?〃，OPq+d,不計粒子重力。求：(1)電場強度的大小民(2)磁感應強度的大小兒16.如圖為一種游戲裝置。裝置由光滑水平軌道、豎直光滑圓形螺旋軌道（螺距很小，可忽略，簡稱圓軌道）和傾角8=37。的粗糙長軌道組成。圓軌道與水平軌道相切，傾斜軌道和水平軌道由小圓弧平滑連接。小物塊通過各軌道連接處時無機械能損失。游戲中質(zhì)量為M的小物塊A以初速度%在水平軌道上與質(zhì)量為m=0.5kg的靜止小物塊B發(fā)生彈性碰撞，碰后B經(jīng)過圓軌道后滑上傾斜軌道，最終小物塊B返回且不脫離圓軌道進入螺旋軌道左側(cè)的水平軌道，成功完成游戲。已知圓軌道半徑為R=0.2m,小物塊B與傾斜軌道之間的動摩擦因數(shù)〃=0.5,重力加速度g取lOm/s?,忽略空氣阻力，sin37°=0.6,cos370=0.8?求：（1）若小物塊B返回時恰能不脫離圓軌道并進入螺旋軌道左側(cè)水平軌道，小物塊B返回出發(fā)點時的速度；（2）若小物塊B返回時恰能不脫離圓軌道并進入螺旋軌道左側(cè)水平軌道，則整個過程中小物塊B損失的機械能：（3）為能完成游戲，且A不滑入螺旋軌道，則A的質(zhì)量M和速度%應滿足的關系式及M的取值范圍。參考答案：A【詳解】氣泡上升過程中，氣泡內(nèi)的壓強減小，且溫度不變，根據(jù)PM=0匕可知，氣泡的體積變大，則氣體對外界做功，根據(jù)熱力學第一定律AU=Q+W可知，由于溫度不變，則AU=O,其中W<0,所以。>0氣泡從外界吸熱。故選A?C【詳解】光路如圖所示根據(jù)光的折射定律sin(90°-a)sin(90。4)

n= = sin0siny由題可知0=夕=30。0+7=90°解得n=—

2故選C。A【詳解】AB.由題意知杯239為裂變，需要中子轟擊，反應方程式需要電荷數(shù)質(zhì)量數(shù)守恒，故A正確，B錯誤；CD.兩反應方程式電荷數(shù)不守恒，故CD錯誤。故選A。C【詳解】A.若艦載機做勻加速直線運動，則2s內(nèi)的位移大小為x=-Z=85mH100m

2所以，艦載機的運動不是勻加速直線運動，故A錯誤；B.根據(jù)加速度定義，可得艦載機的平均加速度大小為a=—=42.5m/s:

Ar故B錯誤；C.根據(jù)動量定理1=mAv代入數(shù)據(jù)得彈射力的沖量為/=2.55xlOfiN-s故C正確；D.根據(jù)動能定理，可得該彈射裝置對艦載機做功約為W=-znv2?1.08x108J2故D錯誤。故選C?！军c睛】本題以電磁彈射加速為情境載體，考查了位移與平均速度的關系、加速度的定義、動量定理、動能定理等必備知識，考查了推理論證能力、模型構(gòu)建能力，考查了科學思維的學科素養(yǎng)，突出對基礎性、綜合性的考查要求。C【詳解】由A/rkd可得U：4兀kdQ

券E=也2BD.因為電容器與電源斷開，電荷量保持不變，兩板間的距離d減小，所以兩板間電壓減小，兩板間電場強度不變，檢驗電荷受到的電場力不變，故BD錯誤；AC.因夕=&/',d'為P到負極板之間的距離，d'減小，所以尸點電勢降低：因沿電場線方向電勢降低，M板電勢為零，所以P點電勢為正，P點固定電荷為負，電勢降低，電勢能增加，C正確，A錯誤。故選c?！军c睛】本題以電容器為情境載體，考查了電容器的電容、電場強度、電勢的變化等必備知識，考查了推理論證能力、模型構(gòu)建能力，考查了科學思維的學科素養(yǎng)，突出對基礎性、綜合性的考查要求。C【詳解】A.根據(jù)圖像可知，簡諧波的波長2=4.0m,周期為0.4s,波速v=—=10m/sT故A錯誤；Bj=0時，x=2.0m的質(zhì)點處于平衡位置2.5s=6x7'+-r4所以路程為6x4xA+A=50cm故B錯誤；C1=Os時，x=2.0m的質(zhì)點沿y軸正方向運動，所以該簡諧橫波沿x軸正方向傳播，故C正確；D.r=0.5s時，x=2.0m的質(zhì)點處在波峰，x=4.0m的質(zhì)點與其平衡位置間相距半波長，兩質(zhì)點振動情況相反，因此x=4.0m的質(zhì)點應處在波谷，故D錯誤。故選C?！军c睛】本題以一列簡諧波為情境載體，考查了受波的圖像、振動圖像等必備知識，考查了推理論證能力、模型構(gòu)建能力，考查了科學思維的學科素養(yǎng)，突出對基礎性的考查要求。B【詳解】對近地衛(wèi)星，萬有引力提供向心力，有其中4 ,M=p鏟R'解得=常數(shù)則p火=a4.3X1o3kg/m3

T火故選B。AD【詳解】設片4.0s時物塊A、B的速度為匕、用，對物塊A由動量定理得Ft-Fft=mvK解得vA=12m/s對長木板B由動量定理得Fft=A/vb解得vB=2m/s故AD正確，BC錯誤；故選AD。【點睛】本題以板塊為情境載體，考查了動量定理等必備知識，考查了推理論證能力、模型構(gòu)建能力，考查了科學思維的學科素養(yǎng)，突出對基礎性的考查要求。AC【詳解】A.發(fā)電機有效值與變壓器無關，有效值為NBScoA正確：B.當線圈轉(zhuǎn)至圖示位置時，線圈垂直于中性面，變壓器原線圈中電流最大，B錯誤;C.當觸頭向上移動，副線圈匝數(shù)變多，根據(jù)理想變壓器原理幺=叢

U2n2可知副線圈電壓增大，A消耗的功率增大，故C正確；D.當向下移動觸頭P,副線圈匝數(shù)變少，根據(jù)理想變壓器原理0_="U2n2可知副線圈電壓減小，R消耗的功率減小，則發(fā)電機發(fā)電功率減小，D錯誤。故選ACo【點睛】本題以發(fā)電機發(fā)電為情境載體，考查了理想變壓器、電功率等必備知識，考查了推理論證能力、模型構(gòu)建能力，考查了科學思維的學科素養(yǎng)，突出對基礎性、綜合性的考查要求。BC【詳解】B.設小鋼球的質(zhì)量為小，小鋼球在高4處靜止釋放時，拉力最小為尸2。釋放時速度為零，所以有F2-mgcos0其中。為細線與豎直方向夾角。小球到達最低點時的速度大小為v,小鋼球下擺過程中機械能守恒，由機械能守恒定律得小球到達最低點時細線拉力最大，最大拉力為白，則有_mv2Fx-mg=聯(lián)立可得耳=3mg-2F2由題意可知Ft-F2=37ng—3mgcos0故隨。增大，差值增大，故B正確；A.由耳=3mg-2巴可知，圖像斜率與質(zhì)量無關，故A錯誤；CD.縱軸截距9.0N=3mg計算可得該星球重力加速度為g=6m/s2故C正確，D錯誤。故選BC。AC【詳解】AC.回路中兩個電阻R并聯(lián)，再與r串聯(lián)，回路中的總電阻R&=2。，進入磁場前，時自由下落，進入磁場的速度v=y/2gh剛剛進入磁場時的安培力F= vR怠當安培力等于重力時，金屬桿勻速下落，解得h=0.2mv=2.0m/s故AC正確；B.當〃=0.4m時，根據(jù)牛頓第二定律F-mg=ma解得a=10^\/2-ljm/s2故B項錯誤；D.穩(wěn)定運動時H勻速，因此安培力的功率等于重力的功率P=m^v=2W此時金屬桿的電功率與兩端電阻功率相等，所以電阻&的功率為0.5W,故D項錯誤。故選ACo【點睛】本題以導體棒在磁場中的運動為情境載體，考查了受力分析、牛頓第二定律、安培力、功率、電功率等必備知識，考查了推理論證能力、模型構(gòu)建能力，考查了科學思維的學科素養(yǎng)，突出對基礎性、綜合性的考查要求。L一L大于班％=g〃+生4 ■上【詳解】(1)[1]實驗中為了使小球1與小球2碰撞后不反彈，則小球1的質(zhì)量需要大于小球2的質(zhì)量；[2]小球碰撞后做平拋運動，運動時間相同，驗證動量守恒為叫維+g-即m】Lp=Wm+m2LN[3]恢復系數(shù)的表達式為LnLme_/一％_tt_Ln~Lm

v2-viJ-0Lp直流電壓黑歐姆調(diào)零有/（N+與）【詳解】（1）口][2]接通電源后不能選用歐姆擋，應選用多用電表的直流電壓擋；電流自紅表筆流入，接線柱。為電源的負極，為多用電表電流的流出端，應接黑表筆。[3][4]用多用電表測滑動變阻器電阻的步驟為：口旋轉(zhuǎn)選擇旋鈕，使指針指到歐姆擋；匚將紅、黑表筆相接，進行歐姆調(diào)零；口測量滑動變阻器的電阻，如電阻無窮大，表明滑動變阻器有故障（有地方斷路或接觸不良）。[5]多用電表示數(shù)為凡，即多用電表兩表筆間的電阻為R/,多用電表表盤中值電阻為%,則內(nèi)阻為此,根據(jù)閉合電路歐姆定律/=——

凡+與所以電源電動勢￡=/（6+6）（1）空：（2）."?不）【詳解】（1）籃球內(nèi)氣體經(jīng)歷等溫變化，由查理定律得7| p0AVTt艮工t2解得P苞P2=~zrI1（2）設氣泵工作周期個數(shù)為M充氣過程為等溫變化，由玻意耳定律得py+Npqv=Py解得PoAVT；，5（，）器；（2）粉【詳解】（1）粒子在第一象限做類平拋運動,沿、軸方向位移為0P2,沿歹軸方向位移為。片，設粒子在第一象限運動的時間為f,電場強度的大小為E,粒子在電場中的加速度為2Gd=v()zd，旦產(chǎn)2m聯(lián)立解得后=皿6dq(2)粒子到達八時速度沿x方向的分量仍為％,。表示