2022年度江西省九江市湖口第三中學高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.核反應堆中的燃料棒被控制棒分散隔開著，而控制棒的作用是（

）（A）吸收中子

（B）防止放射線向外輻射（C）作為冷卻劑

（D）作為減速劑參考答案：B2.（單選）在學校的體育運動會跳高場地，我們看到在運動員落地一側要疊放幾塊較大而厚的軟墊，其目的是（）A．增加運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力B．增加運動員落地過程的時間，減小腳受到的作用力C．減少運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力D．減少運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力參考答案：考點：動量定理．專題：動量定理應用專題．分析：在運動員落地一側要疊放幾塊較大而厚的軟墊，是為了增加運動員落地過程的時間，根據動量定理即可求解．解答：解：在運動員落地一側要疊放幾塊較大而厚的軟墊，增加了運動員落地的時間，設運動員落地前的速度為v，腳受到的作用力為F，根據動量定理得：Ft=mv時間變大，則作用力變小，故B正確；故選B點評：本題主要考查了動量定理的直接應用，難度不大，屬于基礎題．3.（單選）下列說法正確的是（）A．太陽輻射的能量主要來自太陽內部的核裂變反應B．湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，表明原子具有核式結構C．Bi的半衰期是5天，12gBi經過15天后還有1.5g未衰變D．按照玻爾理論．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道參考答案：解：A、太陽輻射的能量主要來自太陽內部的聚變反應，A錯誤；B、湯姆遜發(fā)現(xiàn)了電子，盧瑟福提出原子具有核式結構，B錯誤；C、經過15天是3各半衰期，剩余質量為原來的=1.5g，C正確；D、按照玻爾理論．氫原子核外電子從半徑較大的軌道躍遷到半徑較小的軌道，D錯誤；故選：C4.“天宮一號”被長征二號火箭發(fā)射后，準確進入預定軌道，如圖7所示，“天宮一號”在軌道1上運行4周后，在Q點開啟發(fā)動機短時間加速，關閉發(fā)動機后，“天宮一號”沿橢圓軌道2運行到達P點，開啟發(fā)動機再次加速，進入軌道3繞地球作圓周運動，“天宮一號”在圖7所示軌道1、2、3上正常運行時，下列說法正確的是

（

）A.“天宮一號”在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率。B.“天宮一號”在軌道3上的角速度小于在軌道1的角速度C.“天宮一號”在軌道1上經過Q點的加速度大于它在軌道2上經過Q點的加速度D.“天宮一號”在軌道2上經過P點的加速度等于它在軌道3上經過P點的加速度參考答案：BD5.（多選）關于物體的運動，下面四種情況可能發(fā)生的是（）A．加速度逐漸減小，而速度逐漸增大B．加速度逐漸增大，而速度逐漸減小C．加速度不變，則速度也不改變D．加速度大小不變方向改變，而速度保持不變參考答案：考點：加速度．專題：直線運動規(guī)律專題．分析：加速度反應物體速度變化快慢的物理量．加速運動時加速度與速度方向相同，減速運動時加速度的方向與速度方向相反．解答：解：A、當加速度與速度方向相同時物體做加速運動，此時若加速度減小物體的速度仍在增加，只是增加得變慢了，故A可能發(fā)生；B、當加速度與速度方向相反時物體做減速運動，此時若加速度增大時，物體的速度仍在減小，只是減小得更快了，故B可能發(fā)生；C、當物體勻速直線運動時，物體的加速度與速度都不改變，故C可能發(fā)生；D、當物體存在加速度時物體的速度肯定發(fā)生變化，故D不可能發(fā)生．故選：ABC．點評：掌握加速度的概念及其物理意義，知道加速運動運動時加速度方向與速度方向相同，減速運動時加速度方向相反．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，質量m=1kg、長L=0.8m的均勻矩形薄板靜止在水平桌面上，其右端與桌子邊緣相平。板與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.4?，F(xiàn)用F=5N的水平力向右推薄板，木板翻下桌子前移動的距離為______________m；使它翻下桌子力F做的功至少為______________J。

參考答案：0.4m

1.6J7.（4分）彈性繩沿x軸放置，左端位于坐標原點，用手握住繩的左端，當t＝0時使其開始沿y軸做振幅為8cm的簡諧振動，在t＝0.25s時，繩上形成如圖所示的波形，則該波的波速為___________cm/s，t＝___________時，位于x2＝45cm的質點N恰好第一次沿y軸正向通過平衡位置。參考答案：20，2.75解析：由圖可知，這列簡諧波的波長為20cm，周期T=0.25s×4=1s，所以該波的波速；從t=0時刻開始到N質點開始振動需要時間,在振動到沿y軸正向通過平衡位置需要再經過，所以當t=（2.25+0.5）s=2.75s，質點N恰好第一次沿y軸正向通過平衡位置。8.如圖3所示，A、B兩輪半徑之比為1：3，兩輪邊緣擠壓在一起，在兩輪轉動中，接觸點不存在打滑的現(xiàn)象，則兩輪邊緣的線速度大小之比等于______。A輪的角速度與B輪的角速度大小之比等于______。參考答案：1∶1，（2分）

3∶1（2分）不存在打滑的輪邊緣線速度相等，大小之比等于1∶1，根據，則。9.⑵空氣壓縮機在一次壓縮過程中，活塞對氣缸中的氣體做功為2.0×105J，同時氣體放出熱量為5.0×104J。在此過程中，該氣體的內能(選填“增加”或“減少”)了

J。參考答案：增加，1.5×105

解析：根據熱力學第一定律△U=Q+W，活塞對氣缸中的氣體做功為W=2.0×105

J，氣體放出熱量為Q=-5.0×104J可知，△U=1.5×105

J，即內能增加了1.5×105J10.如圖所示，在豎直平面內存在著若干個無電場區(qū)和有理想邊界的勻強電場區(qū)，兩區(qū)域相互間隔，豎直高度均為h，電場區(qū)域水平方向無限長，每一電場區(qū)域場強的大小均為E，且E=mg/q，場強的方向均豎直向上。一個質量為m，帶正電的、電荷量為q的小球（看作質點），從第一無電場區(qū)域的上邊緣由靜止下落，不計空氣阻力。則小球從開始運動到剛好離開第n個電場區(qū)域的過程中，在無電場區(qū)域中所經歷的時間為__________，在第n個電場區(qū)域中所經歷的時間為________。參考答案：，11.一輛汽車從靜止開始勻加速開出，然后保持勻速運動，最后勻減速運動直到停止。從汽車開始運動起計時，下表給出了某些時刻汽車的瞬時速度。根據表中的數(shù)據通過分析、計算可以得出，汽車加速運動經歷的時間為

s，汽車全程通過的位移為

m。

時刻（s）1.02.03.05.07.09.510.5速度（m/s）3.06.09.012129.03.0

參考答案：4；9612..如圖所示，有一個勻強電場，方向平行于紙面。電場中有A、B、C、D四點，已知AD=DB=BC=d，且ABBC。有一個電量為q的正電荷從A點移動到B點電場力做功為2W，從B點移動到C點克服電場力做功為W。則電場中D點的電勢

（填“大于”“小于”或“等于”）C點的電勢；該電場的電場強度為

。參考答案：等于；13.如圖所示是一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，已知波的傳播速度v=2m/s．試回答下列問題：①寫出x=0.5m處的質點做簡諧運動的表達式：

cm；②x=0.5m處質點在0～5.5s內通過的路程為

cm．參考答案：①y=5sin(2πt+π/2)②

110三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修3—4）（7分）如圖甲所示為一列簡諧橫波在t＝2s時的波形圖，圖乙是這列波中P點的振動圖線，求該波的傳播速度的大小，并判斷該波的傳播方向。

參考答案：解析：依題由甲圖知該波的波長為……………(1分)

由乙圖知該波的振動周期為……………(1分)

設該波的傳播速度為V，有……………(1分)

又由乙圖知，P點在此時的振動方向向上，……………(1分)

所以該波的傳播方向水平向左?！?2分)15.

（選修3-3（含2-2）模塊）(6分)理想氣體狀態(tài)方程如下：。從理論的角度，設定一定的條件，我們便能得到氣體三大定律：玻意爾定律、查理定律和蓋·呂薩克定律。下面請你通過設定條件，列舉其中兩條定律的內容。（要求條件、內容要與定律名稱相對應，不必寫數(shù)學表達式）參考答案：

答案：玻意爾定律：一定質量的氣體，在溫度不變的情況下，它的壓強跟體積成反比。查理定律：一定質量的氣體，在體積不變的情況下，它的壓強跟熱力學溫度成正比。蓋·呂薩克定律：一定質量的氣體，在壓強不變的情況下，它的體積跟熱力學溫度成正比。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一名質量為60kg訓練有素的武警戰(zhàn)士（視為質點）在樓頂通過一條長繩由靜止開始下滑，到地面最短時間t=2.4s。已知該武警戰(zhàn)士落地的速度不能大于v=6m/s，做勻減速直線運動時可以產生的最大加速度大小為，長繩的下端恰好著地，當?shù)氐闹亓铀俣?。求：?）武警戰(zhàn)士下滑時的最大速度（2）武警戰(zhàn)士下滑時離地面的高度參考答案：只有當武警戰(zhàn)士先加速接著減速下滑時間最短，設武警戰(zhàn)士下滑時的最大速度為，加速下滑時間為，減速下滑的時間為，則有解得（2）設加速下滑的距離為，減速下滑的距離為，則有：解得17.（15分）如圖是新興的冰上體育比賽“冰壺運動”的場地（水平冰面）示意圖，實際尺寸如圖為已知，要令球隊獲勝你需要推出你的冰壺石以使其停留在以Ｏ為圓心的圓心線之內，并把對手的冰壺石擊出同樣以Ｏ為圓心的圓壘之外。已知圓心線半徑r=0.6m，而圓壘的半徑R=1.8m，在某次比賽中，甲隊隊員以速度將質量m=19kg的冰壺石從左側欄線A處向右推出，冰壺石沿中心線運動并恰好停在O處，乙隊隊員以速度將質量的冰壺石也從A處向右推出，冰壺石也沿中心線運動到O點并和甲隊冰壺石發(fā)生碰撞，設兩個冰壺石均可看成質點且碰撞前后均沿中心線運動，不計碰撞時的動能損失，兩個冰壺石與水平冰面的動摩擦因數(shù)相同，g取10m/s2.（1）求冰壺石與水平冰面間的動摩擦因數(shù)；（2）乙隊的冰壺石能否停在圓心線區(qū)域之內并把甲隊冰壺石擊出圓壘之外從而取勝？你必須通過計算得出結論。參考答案：（1）對甲隊員推出的冰壺石有：

（2）設乙隊員推出的冰壺石運動到O點時的速度為，則有：

兩冰壺石碰撞后，設甲隊冰壺石的速度，乙隊冰壺石速度為，則有：

解得：

碰撞后，對甲冰壺石：

對乙冰壺石：

由于，，因而乙隊取勝．18.如圖所示，在坐標系的第一、四象限存在一寬度為a、垂直紙面向外的有界勻強磁場，磁感應強度的大小為B；在第三象限存在與y軸正方向成θ=60°角的勻強電場．一個粒子源能釋放質量為m、電荷量為+q的粒子，粒子的初速度可以忽略．粒子源在點P（﹣a，﹣a）時發(fā)出的粒子恰好垂直磁場邊界EF射出；將粒子源沿直線PO移動到Q點時，所發(fā)出的粒子恰好不能從EF射出．不計粒子的重力及粒子間相互作用力．求：（1）勻強電場的電場強度；（2）PQ的長度；（3）若僅將電場方向沿順時針方向轉動60°角，粒子源仍在PQ間移動并釋放粒子，試判斷這些粒子第一次從哪個邊界射出磁場并確定射出點的縱坐標范圍．參考答案：解：（1）粒子源在P點時，粒子在電場中被加速；點P坐標為：（﹣a，﹣a），故PO=根據動能定理，有：qEa=解得：粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律，有：q由幾何關系知，半徑：=2a

解得：E=（2）粒子源在Q點時，設OQ=d，根據動能定理，有：qEd=根據牛頓第二定律，有：q粒子在磁場中運動軌跡與邊界EF相切，由幾何關系知：R2cos60°+R2=aR聯(lián)立解得：d=長度：PQ=OP﹣OQ=（3）若將電場方向變?yōu)榕cy軸負方向成θ=60°角，由于加速距離相等，電場力大小也相等，粒子源在P、Q兩點處時，粒子經電場加速后到進入磁場時的速率與第一問中速率相等，仍為v1、v2．從P、Q點發(fā)出的粒子在磁場中的軌道半徑仍為：R1=2a、R2=；從P發(fā)出的粒子第一次從y軸上N點射出，由幾何關系知軌道正好與EF相切，N點的縱坐標：同理可求，從Q發(fā)出的粒子第一次