2023學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng)：12．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。64241c為容器的三個(gè)側(cè)面、將它們以初速度v0豎直向上拋出，運(yùn)動(dòng)過程中容器所受空氣阻力與速率成正比，下列說法正確的是Ac有壓力且逐漸變大B．上升過程中，小球受到的合力逐漸變大Ca有壓力且逐漸變大D2、如圖所示，傾角為AB、B、m，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為tan?，F(xiàn)給B一平行于斜面向下的恒定的推力F，使B沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，A始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法中不正確的是（ ）F的大小如何，B一定加速下滑AFN

(Mm)gC．B運(yùn)動(dòng)的加速度大小為aFmD．水平面對(duì)A一定沒有摩擦力3、人們發(fā)現(xiàn)，不同的原子核，其核子的平均質(zhì)量（原子核的質(zhì)量除以核子數(shù)）與原子序數(shù)有如圖所示的關(guān)系。下列于原子結(jié)構(gòu)和核反應(yīng)的說法錯(cuò)誤的是（ ）DEF時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損要放出能量ABC時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要放出核能已知原子核A裂變成原子核BCγγ的最大初動(dòng)能增大在核反應(yīng)堆的鈾棒之間插入鎘棒是為了控制核反應(yīng)速4、下列四幅圖的有關(guān)說法中正確的是（ ）A．圖（l）B．圖(2)粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子核的構(gòu)成C．圖(3)n=5n=16D．圖(4)D、EF時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要釋放能量52019115493人造衛(wèi)星的發(fā)射過程要經(jīng)過多次變軌方可到達(dá)預(yù)定軌道，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星從圓軌道IA點(diǎn)先變軌IIBIII，則（）IIAIIB點(diǎn)的速率小、、IIIT1、T2、T3T1<T2<T3B點(diǎn)通過減速實(shí)現(xiàn)由軌道IIIIII7.9km/s6、下列核反應(yīng)方程正確的是（ ）2H3H4Hex中，x表示電子1 1 2235U

141Ba92

Kr21n92 56 36 04He

N17

O1H為輕核聚變2 7 8 1210Po210Po206Pb4He84 84 82 245205307、物塊套在光滑的豎直桿上，通過光滑的定滑輪用不可伸長的輕繩將物塊由A點(diǎn)勻速拉到B點(diǎn)高度為h，則運(yùn)動(dòng)過程中（ ）A．繩中張力變小BC．拉力

F

F hcosD．拉力F的功率P不變1 8bdLMNmR的金屬桿，垂dRcd0－2t時(shí)間內(nèi)在導(dǎo)軌平面內(nèi)加上如圖所示變化t=0時(shí)刻導(dǎo)體棒靜止，磁感強(qiáng)度豎直向下為正方向，那么以下說法正確的是（1 感應(yīng)電流的方向先沿順時(shí)針后沿逆時(shí)針方向2BL2回路中電流大小始終為 03Rt0D．導(dǎo)體棒受到的摩擦力大小不變9、圖甲是光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)裝置圖，圖乙是光電流與加在陰極K和陽極A上的電壓的關(guān)系圖象，下列說法正確的是A．由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和電流越大BC．只要增大電壓，光電流就會(huì)一直增大D．不論哪種顏色的入射光，只要光足夠強(qiáng)，就能發(fā)生光電效應(yīng)10、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波動(dòng)圖象，乙圖為參與波動(dòng)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則列判斷正確的是 4m/sx軸正方向經(jīng)過0.5s，質(zhì)點(diǎn)P沿波的傳播方向向前傳播2mD4mE.0.5sP0.4m三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）b的插孔。GIgRg，R0是調(diào)零電阻，R1、R2、R3、R4分別是擋位電阻，對(duì)應(yīng)擋位分別是“×1”“×10”“×10000開關(guān)。紅黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，先選定擋位，調(diào)節(jié)滑片P，使得表頭達(dá)到滿偏電流。設(shè)滑片P下方電阻為R'，滿電流Ig與流經(jīng)電源的電流I的關(guān)系是 （用題設(shè)條件中的物理量表示。已知表頭指針在表盤正中央時(shí)，所測電阻的阻值等于歐姆表的總內(nèi)阻的值，又叫做中值電阻。在擋位開關(guān)由低擋位調(diào)到高一級(jí)擋位進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，調(diào)零電阻R0的滑片P應(yīng)向 （填上或下”）滑動(dòng)，調(diào)零后，滑片P下方電阻為原來擋位的 倍。把擋位開關(guān)調(diào)到“×100”，調(diào)零完畢，測量某電阻的阻值時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度較大。要更準(zhǔn)確測量該電阻的阻值請寫出接下來的操作過。要用歐姆擋測量某二極管的反向電阻，紅表筆應(yīng)接二極管極。12（12分）1590年，伽利略在比薩斜塔上做兩個(gè)鐵球同時(shí)落地的實(shí)驗(yàn)，開始了自由落體的研究。某同學(xué)用如圖I所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究自由落體裝置中電火花式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)該接在電壓頻率為f=50Hz的交流電源上實(shí)驗(yàn)中先閉合開關(guān)，再釋放紙帶。打出多條紙帶。選擇一條點(diǎn)跡清晰完整的紙帶進(jìn)行研究，那么選擇的紙帶打下前兩個(gè)點(diǎn)之間的距離略小結(jié)果保留1位有效數(shù)字。選擇的紙帶如圖2所示，圖中給出了連續(xù)三點(diǎn)間的距離，由此可算出打下C點(diǎn)時(shí)的速度為 當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萴/s2.（最后兩空結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分II均為邊長為LIIIII的邊緣處有可探測帶電粒子的屏。一束帶電粒子沿兩區(qū)域中間軸線以速度v0水平射入?yún)^(qū)域I，粒子束中含有多種粒子，其電荷量由小到大的范圍為q1

~q2

，質(zhì)量由小到大的范圍為m1

~m。粒子在電場中只受電場力，在磁場中只受洛倫茲力。2(1)若只在區(qū)域II內(nèi)添加磁場，且能夠在屏上探測到所有粒子，則磁感應(yīng)強(qiáng)度為多大；(2)若只在區(qū)域I內(nèi)添加電場，且能夠在屏上探測到所有粒子，則電場強(qiáng)度為多大；1當(dāng)兩個(gè)區(qū)域分別添加上述(1)(2)中的電場及磁場，電荷量為1

、質(zhì)量為m2的粒子能夠在屏上探測到。求解粒子在屏上顯現(xiàn)的位置，試列出各求解方程式（不對(duì)方程式求解）14（16分）如圖所示，在質(zhì)量為＝0.99kg的小車上，固定著一個(gè)質(zhì)量為＝0.01k、電阻＝的矩形單匝線圈MNPQMN邊水平，NP邊豎直，MNL=0.1m，NPl＝0.05m．小車載著線圈在光滑水平面上一起以0＝10m/s的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，隨后進(jìn)入一水平有界勻強(qiáng)磁場（磁場寬度大于小車長度直并指向紙內(nèi)、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝1.0T．已知線圈與小車之間絕緣，小車長度與線圈MN邊長度相同．求：I的大小和方向；q；v1＝2m/s，求小車進(jìn)入磁場過程中線圈電阻的發(fā)熱量Q．15（12分）如圖所示，帶電量為（q為正電荷）的粒子質(zhì)量為A兩點(diǎn)長度為d且連線與x軸正方向?yàn)?0，不計(jì)粒子重力。yyExOAE的大小和方向；Bv0xOABOA點(diǎn)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間。參考答案64241、D【解析】AB．小球和正三角形容器為共加速系統(tǒng)，上升過程中，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律：(mm)gkv(mm)a系統(tǒng)加速度豎直向下且大于重力加速度，小球加速度向下，所以容器底面cb力豎直向下，以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)牛頓第二定律：mgNabma系統(tǒng)速度減小，加速度減小，小球受到的合外力減小，AB錯(cuò)誤；CD．下落過程中，以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律：(mm)gkv(mm)a系統(tǒng)加速度豎直向下且小于重力加速度，小球加速度向下，所以b側(cè)面對(duì)小球無作用力，底面c直向上，根據(jù)牛頓第二定律：mgNma系統(tǒng)的速度增大，加速度減小，小球的加速度減小，底面c對(duì)小球的作用力增大，根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)θ萜鞯淖饔昧χ饾u變大，C錯(cuò)誤；D正確。故選D。2、B【解析】AC．因A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為tan，即mgcosmgsin則施加平行于斜面的力F后，由牛頓第二定律有Fmgsinmgcosma聯(lián)立可得aFm即無論F的大小如何，B一定加速下滑，故AC正確，不符題意；B．對(duì)斜面受力分析，如圖所示由豎直方向的平衡有FMgNN FF

cosfsinN NN mgcosBAffmgcos聯(lián)立可得F (Mgmg)N故B錯(cuò)誤，符合題意；D．對(duì)斜面在水平方向的力有關(guān)系式N sinfcosBA故水平面無相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢，水平面對(duì)斜面無摩擦力，故D正確。3、C【解析】由圖可知，DE核子的平均質(zhì)量大于F核子的平均質(zhì)量，原子核DEF有質(zhì)量虧損，要釋放能量，選項(xiàng)A正確；由圖可知，A的核子平均質(zhì)量大于BC核子的平均質(zhì)量，原子核A裂變成原子核BC時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要放B正確；Ekm

W0

知，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在核反應(yīng)堆的鈾棒之間插入鎘棒是為了控制核反應(yīng)速度，選項(xiàng)DC。4、D【解析】A．圖（l）若將電源極性反接，即為反向電壓，只要反向電壓比遏止電壓小，電路中就有光電流產(chǎn)生，故AB．圖(2)B錯(cuò)誤；54C．圖(3)n=5n=1的基態(tài)最多能輻射出5

2 10種不同頻率的光子，故C錯(cuò)誤；DDE聚變成原子核F時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要釋放能量，故DD。5、B【解析】衛(wèi)星在軌道IIABIIBAA錯(cuò)誤；根據(jù)開普勒第三定律R3TkT2可知軌道的半長軸越大，則衛(wèi)星的周期越大，所以有T1<T2<T3，故B正確；C．衛(wèi)星在B點(diǎn)通過加速實(shí)現(xiàn)由軌道II進(jìn)人軌道III，故C錯(cuò)誤；D．7.9km/s即第一宇宙速度，是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是衛(wèi)星做勻圓周運(yùn)動(dòng)最大的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，所以同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度，故D錯(cuò)誤。6、D【解析】A．據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得，輕核聚變反應(yīng)方程為2H3H4He1n1 1 2 0即x表示中子，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．鈾核需要俘獲一個(gè)慢中子才能發(fā)生裂變，其中鈾核裂變的一種核反應(yīng)方程為235U1

n141

Ba92Kr31n92 0 56 36 0故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．核反應(yīng)方程4He14N

17O1H2 7 8 1為人工轉(zhuǎn)變，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得，放射性元素210Po衰變方程為84210Po206Pb4He84 82 2故D項(xiàng)正確。45205307、BD【解析】ATcosmg因?yàn)閏osTAB．物塊沿繩子方向上的分速度vv cosA該速度等于自由端的速度，增大，自由端速度v減小，故B正確；C．F為變力，不能用功的定義。應(yīng)根據(jù)動(dòng)能定理，拉力F做功等于克服重力做的功，即Wmgh故C錯(cuò)誤；PFv mg v

cosmgvcos A A可知拉力F的功率P不變，故D正確。故選BD。8、BC【解析】AB．設(shè)導(dǎo)體棒始終靜止不動(dòng)，由圖乙可知，圖線斜率絕對(duì)值即為磁場變化率且恒定，由公式 BS BEt= t = 0t0感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，回路中電流E BI3R

03Rt0t恒定不變，由于=0時(shí)刻導(dǎo)體棒靜止，由FtA

=BIL可知，此時(shí)的安培力最大，則導(dǎo)體棒始終靜止不動(dòng)，假設(shè)成立，由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向始終為順時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由于感應(yīng)電流方向不變，0 t內(nèi)磁場方向豎直向下，由左手定則可知，安培力方向水平向右，由于導(dǎo)體棒靜止，0則摩擦力方向水平向左，同理可知，t0

2t時(shí)間內(nèi)安培力方向水平向左，摩擦力方向水平向右，故C正確；0D．由平衡可知，摩擦力大小始終與安培力大小相等，由于電流恒定，磁場變化，則安培力大小變化，摩擦力大小變化，故D錯(cuò)誤。故選BC。9、AB【解析】由圖線①、③可知在光的顏色不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和電流越大，故A正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程知，km 0 E =hv-W=eU，可知入射光頻率越大，最大初動(dòng)能越大，遏止電壓越大，可知對(duì)于確定的金屬，遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)，故B正確；增大電壓，當(dāng)電壓增大到一定值，電流達(dá)到飽和電流，不再增大，故C的條件是入射光的頻率大于截止頻率，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，故Dkm 0 10、ADE【解析】由甲讀出該波的波長為=4，由乙圖讀出周期為T=1，則波速為vT

4m/s故A正確；t=0Pyx軸負(fù)方向。故B錯(cuò)誤；P只在自己的平衡位置附近上下振動(dòng)，并不波的傳播方向向前傳播。故C錯(cuò)誤。，與障礙物尺寸相差不多，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確；經(jīng)過t0.5sT2

，質(zhì)點(diǎn)P又回到平衡位置，位移為零，路程為S=2A=2×0.2m=0.4m。故E正確。故選ADE.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。R11、Ig

RR0

I 上 10 把擋位開關(guān)調(diào)到“10將紅黑表筆短接調(diào)節(jié)R0

滑片P，使指針指到零刻度，然后再進(jìn)行電阻測量 正【解析】（1）[1]．表頭電阻與R0

的上部分電阻串聯(lián)，與R并聯(lián)，根據(jù)電流關(guān)系IIg

Ig

RR0R得RIgRR Io g（2）[2][3]．高一級(jí)擋位內(nèi)阻是原級(jí)別的10倍R R EI I g RRo g

RR Ro g 內(nèi)所以R應(yīng)變?yōu)樵瓉淼?0倍，所以應(yīng)向上調(diào)節(jié)．（3）[4]．指針偏轉(zhuǎn)較大，說明所測量的電阻比較小，應(yīng)換低一級(jí)擋位，即把擋位開關(guān)調(diào)到“10”，將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)R0

滑片P，使指針指到零刻度，然后再進(jìn)行電阻測量；（4）[5]．測量二極管反向電阻，要求電流從二極管負(fù)極流入，正極流出，所以紅表筆接二極管正極12、220 2 3.91 9.75【解析】[1]220V[2]．根據(jù)紙帶可知打下連續(xù)兩點(diǎn)時(shí)間間隔t10.02sf根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移公式可知，開始時(shí)相鄰兩點(diǎn)間距離1h1gt2 9.80.022m1.96mm2mm。12 2[3]．根據(jù)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬間速度xv BD3.91m/sC [4]xgt2可知(8.027.63)102g m/s2=9.75m/s20.022 m2 m2013

4mv0

；(2)E

2v ；(3)RsinRcosL，LyRcosHRsin【解析】

5qL1

max

L 2 1如圖甲所示，磁場中運(yùn)動(dòng)有0qvBmv2 ①0R由幾何關(guān)系得R2R

L22 2 得R5L ②4解①②式得4mvB 05qL電荷量為q

、質(zhì)量為m 時(shí)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，有2124mvB 20max

5qL1如圖乙，在電場中運(yùn)動(dòng)，豎直方向有qEma③又有v at④y水平方向有Lv0t⑤又有tanvy⑥v0由幾何關(guān)系得Ltan 2 ⑦LL2解③~⑦式得mv2E 03qL電荷量為q1、質(zhì)量為m2時(shí)電場強(qiáng)度最大，有mv2mvE 20max

3qL1如圖丙，電場中有sin

vy，v ⑧v2v2v20y又有Lvyy 2⑨v L 3L0 2 2磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑為5LR4⑩由幾何關(guān)系得R