學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精2020-2021學(xué)年物理新教材粵教版必修第一冊(cè)模塊綜合測(cè)評(píng)含解析模塊綜合測(cè)評(píng)(教師用書(shū)獨(dú)具)一、選擇題(本題共10小題,每小題4分，共40分。在每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中第1～6題只有一項(xiàng)符合題目要求,第7～10題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1。把一個(gè)薄板狀物體懸掛起來(lái)，靜止時(shí)如圖所示,則對(duì)于此薄板狀物體所受重力的理解,下列說(shuō)法正確的是(）A．重力就是地球?qū)ξ矬w的引力B．重力大小和物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)有關(guān)C．重力的方向總是指向地心的D．薄板的重心一定在直線(xiàn)AB上D［重力是由于地球的吸引而使物體受到的力，不是地球?qū)ξ矬w的引力,故A錯(cuò)誤；重力的大小與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；重力的方向豎直向下,故C錯(cuò)誤；因?yàn)槔K對(duì)板的拉力與板受的重力為一對(duì)平衡力，必在一條直線(xiàn)上，所以重心一定在細(xì)繩的延長(zhǎng)線(xiàn)上，即薄板的重心一定在直線(xiàn)AB上，故D正確．］2．一物體從高h(yuǎn)處做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)地面,落地速度為v,那么當(dāng)物體下落時(shí)間為eq\f(t，3)時(shí)，物體的速度和距地面高度分別是(）A．eq\f(v，3)，eq\f（h,9） B．eq\f（v，9），eq\f(h,9）C．eq\f(v,3），eq\f(8,9）h D．eq\f（v,9),eq\f（\r（3),3)hC［物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)地面的速度為v，根據(jù)速度公式v＝gt可知，下落時(shí)間為eq\f（t，3）時(shí)的速度為v′＝geq\b\lc\（\rc\)（\a\vs4\al\co1（\f（t，3)））＝eq\f(1,3)v,又知下落時(shí)間t內(nèi)的位移為h，則eq\f(t，3)時(shí)間內(nèi)的位移為h′＝eq\f(1，2）geq\b\lc\(\rc\）(\a\vs4\al\co1(\f（t，3)））eq\s\up12（2）＝eq\f(1,9)h,物體距地面高度h″＝h－eq\f(1,9)h＝eq\f（8,9）h,故選項(xiàng)C正確．］3．如圖所示,一個(gè)重力為10N的物體，用細(xì)線(xiàn)懸掛在O點(diǎn)，現(xiàn)在用力F拉物體，使懸線(xiàn)偏離豎直方向30°時(shí)處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)所用拉力F的最小值為()A．5N B．2。5NC．8.65N D．4。3NA[如圖所示,將重力沿細(xì)線(xiàn)及拉力方向分解,分析圖形可知,只有當(dāng)拉力與細(xì)線(xiàn)垂直時(shí)，重力沿拉力方向的分力最小，根據(jù)平衡條件,F＝Gsin30°＝5N，故選項(xiàng)A正確．］4．如圖所示，兩根相同的直木棍AB和CD相互平行，斜靠在豎直墻壁上固定不動(dòng),一表面各處情況相同的圓筒恰能沿直木棍勻速下滑，若保持兩木棍傾角不變，將兩者間的距離稍微增大后固定不動(dòng)，仍使該圓筒以一定的初速度從兩木棍上端滑下，則（）A．圓筒將沿木棍減速下滑B．圓筒將沿木棍加速下滑C．木棍對(duì)圓筒的摩擦力不變D．木棍和圓筒間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝tanαA［圓筒從木棍的上部勻速滑下過(guò)程中,受到重力、兩棍的支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件得知，兩棍支持力的合力和摩擦力不變；將兩棍間的距離稍增大后，兩棍支持力的合力不變，而兩支持力夾角增大,則每根木棍對(duì)圓筒的支持力變大，故滑動(dòng)摩擦力變大，故圓筒將會(huì)減速滑行，故A正確,B、C錯(cuò)誤；勻速下滑時(shí)，圓筒受2個(gè)支持力、2個(gè)摩擦力,根據(jù)平衡條件,有：2μFN－mgsinα＝0，其中2FN≠mgcosα，故μ≠tanα，故D錯(cuò)誤．］5.如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面．質(zhì)量為1kg的物體B用細(xì)線(xiàn)懸掛起來(lái)，A、B緊挨在一起，但A、B之間無(wú)壓力．某時(shí)刻將細(xì)線(xiàn)剪斷，則細(xì)線(xiàn)剪斷瞬間，B對(duì)A的壓力大小為（取g＝10m/s2）（）A．0 B．8NC．10N D．2NB[剪斷細(xì)線(xiàn)前，A、B間無(wú)壓力，則彈簧的彈力F＝mAg＝40N，剪斷細(xì)線(xiàn)的瞬間，A、B整體的加速度a＝eq\f（mA＋mBg－F，mA＋mB)＝2m/s2，對(duì)B受力分析，mBg－FN＝mBa,解得FN＝8N，由牛頓第三定律知B正確．］6．如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1＝1kg、m2＝4kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)連接．兩個(gè)大小分別為F1＝30N、F2＝20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說(shuō)法正確的是（）A．彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是25NB．彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是50NC．在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為7m/s2D．在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13m/s2C［以m1、m2以及彈簧測(cè)力計(jì)為研究對(duì)象，則整體向右的加速度a＝eq\f（F1－F2，m1＋m2）＝2m/s2；再以m1為研究對(duì)象，設(shè)彈簧的彈力為F,則F1－F＝m1a，得F＝28N,A、B錯(cuò)誤;突然撤去F2的瞬間,彈簧的彈力不變，此時(shí)m2的加速度a＝eq\f（F，m2）＝7m/s2，C正確;突然撤去F1的瞬間,彈簧的彈力也不變,此時(shí)m1的加速度a＝eq\f（F,m1)＝28m/s2，D錯(cuò)誤．]7.甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)沿同一條直線(xiàn)同時(shí)運(yùn)動(dòng),其速度-時(shí)間圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（)A．0～t1時(shí)間內(nèi)兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)B．t1～t2時(shí)間內(nèi)甲物體始終在乙物體的前面C．t2時(shí)刻兩物體相遇D．t1～t2時(shí)間內(nèi)，甲物體做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)BD[由v.t圖像可知，0～t1時(shí)間內(nèi)甲、乙均做勻速運(yùn)動(dòng)，t1～t2時(shí)間內(nèi)，甲物體做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤，D正確；t2時(shí)刻之前，v甲始終大于v乙，兩物體又從同一地點(diǎn)同向運(yùn)動(dòng)，故t1～t2時(shí)間內(nèi)甲物體始終在乙物體前面,且兩物體相距越來(lái)越遠(yuǎn),B正確,C錯(cuò)誤．]8．兩物體M、m用跨過(guò)光滑定滑輪的輕繩相連，如圖所示放置，OA、OB與水平面的夾角分別為30°、60°，M重20N，M、m均處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說(shuō)法正確的是（）A．OA對(duì)物體M的拉力為12NB．OB對(duì)物體M的拉力為10eq\r（3）NC．物體m受到的摩擦力為10(eq\r（3)－1）N，方向水平向左D．物體m受到的摩擦力為10(eq\r(3)－1)N，方向水平向右BC[O點(diǎn)受力分析如圖所示，則FA＝Mgcos60°＝10N,A錯(cuò)；FB＝Mgcos30°＝10eq\r(3)N，B對(duì)；兩繩對(duì)物體m的拉力的合力FB－FA＝10(eq\r(3)－1)N，方向向右，故物體m受到的摩擦力Ff＝10（eq\r(3）－1)N，方向水平向左，C對(duì)，D錯(cuò)．］9．如圖所示，當(dāng)小車(chē)水平向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí),物塊M相對(duì)車(chē)廂靜止于車(chē)廂后豎直壁上，當(dāng)小車(chē)的加速度增大時(shí)（）A．M所受靜摩擦力增大B．M對(duì)車(chē)廂壁的壓力增大C．M仍相對(duì)于車(chē)廂靜止D．M在豎直方向上所受合外力為零BCD[以物塊為研究對(duì)象,分析受力,作出受力圖如圖．物塊豎直方向受力平衡，合外力等于零，摩擦力f＝Mg，保持不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤,D正確；小車(chē)的加速度增大時(shí)，彈力N＝ma增大，物塊受到的最大靜摩擦力增大，物塊不可能沿壁下滑，所以物塊M仍相對(duì)于車(chē)廂靜止，選項(xiàng)B、C正確．]10。如圖所示為運(yùn)送糧袋的傳送裝置,已知AB間長(zhǎng)度為L(zhǎng),傳送帶與水平方向的夾角為θ，工作時(shí)運(yùn)行速度為v，糧袋與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，正常工作時(shí)工人在A點(diǎn)將糧袋放到運(yùn)行中的傳送帶上，關(guān)于糧袋從A到B的運(yùn)動(dòng)(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），以下說(shuō)法正確的是()A．糧袋到達(dá)B點(diǎn)的速度可能大于、等于或小于vB．糧袋開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的加速度為g（sinθ－cosθ），若L足夠大，則以后將以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)C．若μ〈tanθ，則糧袋從A到B一直做加速運(yùn)動(dòng)D．不論μ大小如何，糧袋從A到B一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，且a>gsinθAC［糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運(yùn)動(dòng),到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度小于v；可能先勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度與傳送帶相同后，做勻速運(yùn)動(dòng),到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度與v相同；也可能先做加速度較大的勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大于v；故A正確;糧袋開(kāi)始時(shí)受到沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力,大小為μmgcosθ,根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a＝g(sinθ＋μcosθ）,故B錯(cuò)誤；若μ〈tanθ，則重力的下滑分力大于滑動(dòng)摩擦力,故a的方向一直向下，糧袋從A到B一直是做加速運(yùn)動(dòng)，可能是一直以g(sinθ＋μcosθ）的加速度勻加速；也可能先以g（sinθ＋μcosθ)的加速度勻加速，后以g(sinθ－μcosθ)的加速度勻加速，故C正確；由以上分析可知，糧袋從A到B不一定一直做勻加速運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．］二、非選擇題(本題共6小題，共60分)11．(6分）某探究小組為了研究小車(chē)在桌面上的直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，用自制“滴水計(jì)時(shí)器"計(jì)量時(shí)間．實(shí)驗(yàn)前,將該計(jì)時(shí)器固定在小車(chē)旁，如圖（a）所示．實(shí)驗(yàn)時(shí)，保持桌面水平，用手輕推一下小車(chē)．在小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，滴水計(jì)時(shí)器等時(shí)間間隔地滴下小水滴,圖（b）記錄了桌面上連續(xù)的6個(gè)水滴的位置．(已知滴水計(jì)時(shí)器每30s內(nèi)共滴下46個(gè)小水滴)(1）由圖（b）可知，小車(chē)在桌面上是________（填“從右向左”或“從左向右”)運(yùn)動(dòng)的．(2）該小組同學(xué)根據(jù)圖(b）的數(shù)據(jù)判斷出小車(chē)做勻變速運(yùn)動(dòng)．小車(chē)運(yùn)動(dòng)到圖（b）中A點(diǎn)位置時(shí)的速度大小為_(kāi)_______m/s，加速度大小為_(kāi)_______m/s2。(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字)［解析](1）小車(chē)運(yùn)動(dòng)時(shí)由于摩擦力的作用，速度逐漸減小，滴水計(jì)時(shí)器滴下水滴的間距逐漸變小,因此小車(chē)從右向左運(yùn)動(dòng)．(2)滴水的時(shí)間間隔T＝eq\f（30，45）s≈0.67s小車(chē)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)位置時(shí)的瞬時(shí)速度vA＝eq\f（sn＋sn＋1，2T)＝eq\f（117＋133×0.001,2×0。67）m/s≈0。19m/s根據(jù)逐差法,共有5組數(shù)據(jù),舍去中間的一組數(shù)據(jù)，則加速度a＝eq\f（s4＋s5－s1－s2，6T2）＝eq\f（100＋83－150－133×0。001，6×0.672)m/s2≈－0.037m/s2因此加速度的大小為0。037m/s2.[答案]（1）從右向左（2)0.190。03712．(10分）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的定量關(guān)系．（1）下列做法正確的是________．A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行B．在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴在木塊上C．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)木塊,再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D．通過(guò)增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，需要每次都重新調(diào)節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力,應(yīng)滿(mǎn)足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量________木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量．A．遠(yuǎn)大于B．遠(yuǎn)小于C．近似于(3）甲、乙兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上,木塊上均不放砝碼，在沒(méi)有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到圖中甲、乙兩條直線(xiàn)．設(shè)甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ甲、μ乙，由圖可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙．A．小于B．等于C．大于[解析］(1）調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行，從而減小實(shí)驗(yàn)的誤差,選項(xiàng)A正確;在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，應(yīng)該不掛裝有砝碼的砝碼桶，讓木塊拖著紙帶在木板上做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)時(shí)，先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，再放開(kāi)木塊，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；通過(guò)增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要每次都重新調(diào)節(jié)木板傾斜度,選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.（2）為使砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力，應(yīng)滿(mǎn)足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量，選項(xiàng)B正確．(3)由牛頓第二定律可知：F－μmg＝ma，解得a＝eq\f（1，m)F－μg，由圖像可知：eq\f(1,m甲）〉eq\f（1,m乙），所以m甲〈m乙；直線(xiàn)與縱軸的截距等于μg，則μ甲>μ乙．［答案］（1)A(2)B(3)AC13．(10分）如圖所示,某人用輕繩牽住一只質(zhì)量m＝0.6kg的氫氣球,因受水平風(fēng)力的作用，系氫氣球的輕繩與水平方向成37°角．已知空氣對(duì)氣球的浮力為15N，人的質(zhì)量M＝50kg，且人受的浮力忽略不計(jì)．（sin37°＝0.6,cos37°＝0.8）(1)求水平風(fēng)力的大小;(2）求人對(duì)地面的壓力大小；(3)若水平風(fēng)力增強(qiáng),人對(duì)地面的壓力如何變化?并說(shuō)明理由．[解析]（1）對(duì)氫氣球進(jìn)行受力分析，如圖甲所示．由平衡條件可知，豎直方向：F?。絤g＋FTsin37°水平方向：F風(fēng)＝FTcos37°解得F風(fēng)＝12N，F(xiàn)T＝15N.(2）對(duì)人進(jìn)行受力分析，如圖乙所示．由平衡條件可知,豎直方向：FN＝Mg－FT′sin37°＝500N－15N×0。6＝491N根據(jù)牛頓第三定律,人對(duì)地面的壓力大小為491N.（3)若風(fēng)力增強(qiáng)，只改變了水平方向的力，視氫氣球及人為一整體，所以豎直方向上的受力情況沒(méi)有改變，人對(duì)地面的壓力不變．[答案］(1）12N(2）491N(3）不變，理由見(jiàn)解析14．（10分）如圖是上海中心大廈，小明乘坐大廈快速電梯，從底層到達(dá)第119層觀光平臺(tái)僅用時(shí)55s．若電梯先以加速度a1做勻加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度18m/s，然后以最大速度勻速運(yùn)動(dòng),最后以加速度a2做勻減速運(yùn)動(dòng)恰好到達(dá)觀光平臺(tái)．假定觀光平臺(tái)高度為549m.（1)若電梯經(jīng)過(guò)20s勻加速達(dá)到最大速度，求加速度a1及勻加速上升的高度h；（2)在(1）問(wèn)中的勻加速上升過(guò)程中，若小明的質(zhì)量為60kg，求小明對(duì)電梯地板的壓力；（3)求電梯勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．[解析](1）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式vt＝v0＋at和t1＝20s得電梯勻加速時(shí)的加速度a1＝eq\f（vm－0，t1）＝eq\f（18－0，20）m/s2＝0。9m/s2電梯勻加速上升的高度h＝eq\f(v\o\al(2,m），2a1)＝eq\f（182，2×0。9）m＝180m.（2)設(shè)小明受到電梯地板的支持力大小為FN由牛頓第二定律得FN－mg＝ma1，又m＝60kg所以FN＝ma1＋mg＝60×0。9N＋60×10N＝654N由牛頓第三定律可知，小明對(duì)電梯地板的壓力大小F′N(xiāo)＝FN＝654N，方向豎直向下．（3）設(shè)電梯勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，對(duì)電梯整個(gè)上升過(guò)程有h總＝eq\f（vm，2）t1＋vmt＋eq\f(vm，2)（t總－t1－t）代入數(shù)據(jù)得t＝6s。［答案］(1)0.9m/s2180m（2）654N，方向豎直向下(3)6s15．(12分)如圖所示,一質(zhì)量為mB＝2kg的木板B靜止在光滑的水平面上，其右端上表面緊靠一固定斜面軌道的底端(斜面底端與木板B右端的上表面之間有一段小圓弧平滑連接），軌道與水平面的夾角θ＝37°,一質(zhì)量為mA＝2kg的物塊A由斜面軌道上距軌道底端s0＝8m處由靜止釋放，物塊A剛好沒(méi)有從木板B的左端滑出，已知物塊A與斜面軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1＝0.25，與木板B上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.2,sin37°＝0。6,cos37°＝0。8，g取10m/s2，物塊A可看作質(zhì)點(diǎn)，請(qǐng)問(wèn)：（1）物塊A剛滑上木板B時(shí)的速度為多大？(2）物塊A從剛滑上木板B到相對(duì)木板B靜止共經(jīng)歷了多長(zhǎng)時(shí)間?木板B有多長(zhǎng)？［解析]（1）設(shè)物塊A沿斜面下滑的加速度為a1，則mAgsinθ－μ1mAgcosθ＝mAa1解得a1＝4m/s2物塊A滑到木板B上時(shí)的速度為v1＝eq\r（2a1s0）＝eq\r（2×4×8)m/s＝8m/s.(2）物塊A在木板B上滑動(dòng)時(shí)，它們?cè)谒椒较蛏系氖芰Υ笮∠嗟?，質(zhì)量也相等,故它們的加速度大小相等，數(shù)值為a2＝eq\f（μ2mAg，mA)＝μ2g＝2m/s2設(shè)木板B的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，二者相對(duì)靜止時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間為t2，最終的共同速度為v2，在達(dá)到共同速度時(shí)，木板B滑行的距離為s,利用位移關(guān)系得v1t2－eq\f(1,2）a2teq\o\al（2，2)－eq\f(1，2)a2teq\o\al(2,2)＝L對(duì)物塊A有v2＝v1－a2t2veq\o\al(2，2）－veq\o\al（2,1）＝－2a2（s＋L)對(duì)木板B有veq\o\al（2,2)＝2a2s聯(lián)立解得相對(duì)滑行時(shí)間和木板B的長(zhǎng)度分別為:t2＝2s,L＝8m。［答案］（1)8m/s（2)2s8m16．(12分）足球比賽中，經(jīng)常使用“邊路突破，下底傳中”的戰(zhàn)術(shù)，即攻方隊(duì)員帶球沿邊線(xiàn)前進(jìn)，到底線(xiàn)附近進(jìn)行傳中．某足球場(chǎng)長(zhǎng)90m、寬60m．攻方前鋒在中線(xiàn)處將足球沿邊線(xiàn)向前踢出,足球的運(yùn)動(dòng)可視為在地面上做初速度為12m/s的勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度大小為2m/s2。試求：（1）足球從開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng)到停下來(lái)的位移為多大?（2）足球開(kāi)始做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，該前鋒隊(duì)員沿邊線(xiàn)向前追趕足球．他的啟動(dòng)過(guò)程可以視為初速度為0，加速度為2m/s2的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，他能達(dá)到的最大速度為8m/s。該前鋒隊(duì)員至少經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間能追上足球？（3）若該前鋒隊(duì)員追