2021年四川省眉山市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術真題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.下列關于Serv-UFTP服務器配置的描述中，錯誤的是（）。

A.Serv—UFTP服務器中的每個虛擬服務器由IP地址唯一識別

B.Serv—UFTP服務器中的最大用戶數(shù)是指同時在線的用戶數(shù)量

C.Serv—U-FTP服務器最大上傳或下載速度是指整個服務器占用的帶寬

D.配置服務器的域端口號時，既可使用端口2l也可選擇其他合適的端口號

2.城域網(wǎng)的主干網(wǎng)采用的傳輸介質(zhì)主要是______。

A.同軸電纜B.光纖C.屏蔽雙絞線D.無線信道

3.計算機網(wǎng)絡按覆蓋地理范圍分為局域網(wǎng)、城域網(wǎng)和()3種。

A.互聯(lián)網(wǎng)B.辦公網(wǎng)C.廣域網(wǎng)D.無線網(wǎng)

4.是屬于知識、經(jīng)濟類的信息，收費采用成本加利潤的資費標準。這類信息的采集、加工、整理、更新等比較復雜，要花費一定的費用。同時信息的使用價值較高，提供的服務層次較深()。

A.免費信息B.低收費信息C.優(yōu)質(zhì)優(yōu)價信息D.標準收費信息

5.攻擊者使用無效的IP地址，利用TCP連接的3次握手過程，使得受害主機處于開放會話的請求之中，直至連接超時。在此期間，受害主機將會連續(xù)接受這種會話請求，最終因耗盡資源而停止響應。這種攻擊被稱為（）。

A.DDoS攻擊B.Land攻擊C.SYNFlooding攻擊D.WannaCry攻擊

6.繞過安全性控制而獲取對程序或系統(tǒng)訪問權的程序方法叫做()。

A.后門B.漏洞C.遠程控制D.木馬

7.

8.一臺交換機具有24個10/100Mbps全雙工端口和2個1000Mbps全雙工端口，如果所有端口都工作在全雙工狀態(tài)，那么該交換機總帶寬應為()

A.4.4GbpsB.6.4GbpsC.6.8GbpsD.8.8Gbps

9.關于信息安全，下列說法錯誤的是()。

A.信息安全是指信息網(wǎng)絡的硬件、軟件及其系統(tǒng)中的數(shù)據(jù)收到保護，不收偶然的或惡意的原因遭到破壞、更改、泄漏、系統(tǒng)連續(xù)可靠正常地運行，信息服務不中斷

B.從廣義來說，凡是涉及信息的保密性、完整性、可用性等的相關技術和理論都是信息安全的研究領域

C.信息安全是一門涉及計算機科學、網(wǎng)絡技術、通信技術、密碼技術等多種學科的綜合性學科

D.網(wǎng)絡環(huán)境下的計算機安全操作系統(tǒng)是保證信息安全的關鍵

10.

二、填空題(10題)11.(9）活動目錄服務把域劃分成OU，稱為_________。

12.局域網(wǎng)所使用的傳輸介質(zhì)主要有__________、同軸電纜、光纖、無線通信信道。

13.(12）一個用=進制表示的IP地址為．11001011010111100000001000000001，那么它的點分十進制表示為__________。

14.一臺主機的IP地址為00，屏蔽碼為?，F(xiàn)在用戶需要配置該主機的默認路由。如果與該主機直接相連的惟一的路由器具有兩個IP地址，一個為00，屏蔽碼為，另一個為，屏蔽碼為，那么該主機的默認路由應該為______。

15.路由器是構成因特網(wǎng)的關鍵設備。按照OSI參考模型，它工作于【】層。

16.從目前的發(fā)展情況來看，局域網(wǎng)產(chǎn)品可以分為共享介質(zhì)局域網(wǎng)和______兩類。

17.(11）運行IP協(xié)議的Internet可以為其高層用戶提供________的、面向無連接的、盡最大努力的數(shù)據(jù)報投遞服務。

18.

19.100Base-TX網(wǎng)絡采用的物理拓撲結(jié)構為。

20.______拓撲結(jié)構是在局域網(wǎng)中最常采用的。

三、2.填空題(8題)21.______協(xié)議能夠提供可靠的、面向連接的、全雙工的數(shù)據(jù)流傳輸服務。

22.國家政務建設應用系統(tǒng)中，______主要面向政府公務員，提供辦公支持、決策支持等o

23.若網(wǎng)絡形狀是由站點和連接站點的鏈路組成的一個閉合環(huán)，則稱這種拓撲結(jié)構為______。

24.網(wǎng)絡的安全策略包括技術和制度兩個方面。它的制定涉及網(wǎng)絡使用與管理制定和【】兩方面的內(nèi)容。

25.在智能大樓系統(tǒng)中，一般將辦公自動化系統(tǒng)稱為______。

26.公鑰密碼體制有兩種基本的模型：一種是加密模型，另一種是______。

27.NSFNET采用的是一種【】結(jié)構，分為主干網(wǎng)、地區(qū)網(wǎng)和校園網(wǎng)。

28.在因特網(wǎng)的域名體系中，商業(yè)組織的頂級域名是【】。

四、C語言程序設計題(2題)29.已知數(shù)據(jù)文件IN1．DAT和IN2．DAT中分別存有100個兩位十進制數(shù)，并且已調(diào)用讀函數(shù)readDat把這兩個文件中的數(shù)存入數(shù)組a和b中，請考生編制一個函數(shù)jsVal，實現(xiàn)的功能是依次對數(shù)組a和b中的數(shù)按條件重新組成一個新數(shù)并依次存入數(shù)組c中，再對數(shù)組c中的數(shù)按從小到大的順序進行排序，最后調(diào)用輸出函數(shù)writeDat把結(jié)果C輸出到文件out．dat中。組成新數(shù)的條件：如果數(shù)組a和b中相同下標位置的數(shù)均是奇數(shù)，則數(shù)組a中十位數(shù)字為新數(shù)的千位數(shù)字，個位數(shù)字仍為新數(shù)的個位數(shù)字，數(shù)組b中的十位數(shù)字為新數(shù)的百位數(shù)字，個位數(shù)字為新數(shù)的十位數(shù)字，這樣組成的新數(shù)并存入數(shù)組c中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義：a[100]、b[100]和c[100]。

請勿改動數(shù)據(jù)文件IN1．DAT和1N2．DAT中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內(nèi)容。

30.已知數(shù)據(jù)文件in．dat中存有300個四位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請編制一函數(shù)jsValue，其功能是：求出千位數(shù)上的數(shù)加百位數(shù)上的數(shù)等于十位數(shù)上的數(shù)加個位數(shù)上的數(shù)的個數(shù)cnt，再把所有滿足此條件的四位數(shù)依次存入數(shù)組b中，然后對數(shù)組b的四位數(shù)按從大到小的順序進行排序。最后main函數(shù)調(diào)用寫函數(shù)writeDat把數(shù)組b中的數(shù)輸出到文件out．dat中。

例如：7153，7+1=5+3，則該數(shù)滿足條件存入數(shù)組b中，且個數(shù)cnt=-cnt+1。

8129，8+1!=2+9，則該數(shù)不滿足條件忽略。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數(shù)組：a[300]，b[300]，已定義變量：cnt

請勿改動數(shù)據(jù)文件in．dat中的任何數(shù)據(jù)、主函數(shù)main、讀函數(shù)readDat和寫函數(shù)writeDat的內(nèi)容。

五、1.選擇題(3題)31.下列關于Linux操作系統(tǒng)的基本特點，說法錯誤的是()。

A.它不具有虛擬內(nèi)存的能力

B.它適合作Internet的標準服務平臺

C.符合UNIX標準，可以將Linux上完成的程序移植到UNIX主機上去運行

D.Linux不限制應用程序可用內(nèi)存的大小

32.IP服務不具有以下哪個特點()。

A.不可靠B.面向無連接C.QoS保證D.盡最大努力

33.為了避免IP地址的浪費，需要對IP地址中的主機號部分進行再次劃分，將其劃分成______兩部分

A.子網(wǎng)號和主機號B.子網(wǎng)號和網(wǎng)絡號C.主機號和網(wǎng)絡號D.子網(wǎng)號和分機號

六、1.程序設計題(3題)34.已知在文件IN13.DAT中存有若干個(個數(shù)<200)4位數(shù)字的正整數(shù)，函數(shù)ReadDat()的功能是讀取這若干個正整數(shù)并存入數(shù)組xx中。請編制函數(shù)CalValue()，其功能要求：(1)求出該文件中共有多少個正整數(shù)totNum；(2)求這些數(shù)右移1位后，產(chǎn)生的新數(shù)是偶數(shù)的數(shù)的個數(shù)totCnt，以及滿足此條件的這些數(shù)(右移前的值)的算術平均值totPjz，最后調(diào)用函數(shù)WriteDat()把所求的結(jié)果輸出到文件OUT13.DAT中。

注意：部分源程序已給出

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)ReadDat()和寫函數(shù)WriteDat()的內(nèi)容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈conio.h>

#defineMAXNUM200

intxx[MAXNUM];

inttotNum=0;/*文件IN13.DAT中共有多少個正整數(shù)*/

inttotCnt=0;/*符合條件的正整的個數(shù)*/

doubletotPjz=0.0;/*平均值*/

intReadDat(void);

voidWritedat(void);

voidCalValue(void)

{

}

main()

{

inti;

clrscr();

for(i=0;i〈MAXNUM;i++)

xx[i]=0;

if(ReadDat())

{

printf("數(shù)據(jù)文件IN13.DAT不能打開!\007\n");

return;

}

CalValue();

printf("文件IN1B.DAT中共有正整數(shù)=%d個\n",totNum);

printf("符合條件的正整數(shù)的個數(shù)=%d個\n",totCnt);

printf("平均值=%.21f\n",totPjz)

Writedat();

}

intReadDat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

if((fp=fopen("IN13.DAT","r"))==NULL)

return1;

while(!feof(fp))

{

fscanf(fp,"%d,",&xx[i++]);

}

fclose(fp);

return0;

}

voidWriteDat(void)

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT13.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n%.21f\n",totNum,totCnt,totPjz);

fclose(fp);

}

35.已知數(shù)據(jù)文件IN72.DAT中存有200個4位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組a中，請編制一函數(shù)jsVal()，其功能是：把個位數(shù)字和千位數(shù)字重新組合成一個新的十位數(shù)ab(新十位數(shù)的十位數(shù)字是原4位數(shù)的個位數(shù)字，新十位數(shù)的個位數(shù)字是原4位數(shù)的千位數(shù)字)，以及把百位數(shù)字和十位數(shù)字組成另一個新的十位數(shù)cd(新十位數(shù)的十位數(shù)字是原4位數(shù)的百位數(shù)字，新十位數(shù)的個位數(shù)字是原4位數(shù)的十位數(shù)字)，如果新組成的兩個數(shù)均為偶數(shù)且兩個十位數(shù)中至少有一個數(shù)能被9整除，同時兩個新十位數(shù)字均不為零，則將滿足此條件的4位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中，并計算滿足上述條件的4位數(shù)的個數(shù)cnt，最后調(diào)用．寫函數(shù)writeDat()把結(jié)果cnt及數(shù)組b中符合條件的4位數(shù)輸出到OUT72.DAT文件中。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數(shù)組：a[200],b[200],已定義變量：cnt。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函writeDat()的內(nèi)容。

試題程序：

#include＜stdio.h＞

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsval()

{

{

VoidreadDat()

{

inti；

FILE*fp;

fp=fopen("IN72.DAT","r")；

for(i=0;i＜NAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]];

fclose(fp)；

}

main()

{

inti;

readDat();

jsVal()

for(i=0;i＜cnt;i++)

printf("%d\n",b[i]);

prIntf("\n")；

wrlteDat()；

}

wrlteDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT72.DAT","w");

fprlrltf(fp,"％d\n",cnt);

for(i=0；i＜Cht;i++

fprIntf(fp,"％d\n"，h[i])；

fclose(fp)；

}

36.已知數(shù)據(jù)文件IN26.DAT中存有200個4位數(shù)，并已調(diào)用讀函數(shù)readDat()把這些數(shù)存入數(shù)組a中。請編制一函數(shù)jsVal()，其功能是：把千位數(shù)字和個位數(shù)字重新組成一個新的十位數(shù)(新十位數(shù)的十位數(shù)字是原4位數(shù)的千位數(shù)字，新十位數(shù)的個位數(shù)字是原4位數(shù)的個位數(shù)字)，把百位數(shù)字和十位數(shù)字組成另一個新的十位數(shù)(新十位數(shù)的十位數(shù)字是原4位數(shù)的百位數(shù)字，新十位數(shù)的個位數(shù)字是原4位數(shù)的十位數(shù)字)，如果新組成的兩個十位數(shù)均是奇數(shù)并且兩個十位數(shù)中至少有一個數(shù)能被5整除，同時兩個新十位數(shù)字均不為零，則將滿足此條件的4位數(shù)按從大到小的順序存入數(shù)組b中，并要求計算滿足上述條件的4位數(shù)的個數(shù)cnt，最后調(diào)用寫函數(shù)writeDat()，把結(jié)果cnt及數(shù)組b中符合條件的4位數(shù)輸出到OUT26.DAT文件中。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數(shù)組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)readDat()和寫函數(shù)writeDat()的內(nèi)容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

}

voidreadDat()

{

inti;

FILE*fp;

fp=fopen("IN26.DAT","r");

for(i=0;i〈MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]);

fclose(fp);

}

main()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf("滿足條件的數(shù)=%d\n",cnt);

for(i=0;i〈cnt;i++)

printf("%d",b[i]);

printf("\n");

writeDat();

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT26.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n",cnt);

for(i=0;i〈cnt;i++)

fprintf(fp,"%d\n",b[i]);

fclose(fp);

}

參考答案

1.Aserv—UFTP服務器中的每個虛擬服務器由IP地址和端口號唯一識別，而不是僅僅靠一個IP地址就能識別。

2.B解析：城域網(wǎng)MAN是介于廣域網(wǎng)和局域網(wǎng)之間的一種高速網(wǎng)絡。早期的城域網(wǎng)產(chǎn)品主要是光纖分布式數(shù)據(jù)接口FDDI,FDDI是一種以光纖作為傳輸介質(zhì)的高速主要干網(wǎng),它可以用來互聯(lián)局域網(wǎng)與計算機。

3.C

4.D

5.CDDOS攻擊：指攻擊者攻破多個系統(tǒng)，利用這些系統(tǒng)集中攻擊其他目標，大量請求使被害設備因為無法處理而拒絕服務；SYNFlooding攻擊：利用無效的IP地址，利用TCP連接的三次握手過程，使得受害主機處于開放會話的請求之中，直至連接超時。Land攻擊：向某個設備發(fā)送數(shù)據(jù)包，并將數(shù)據(jù)包的源IP地址和目的IP地址都設置成攻擊目標的地址。WannaCry：一種電腦軟件勒索病毒。故選擇C選項。

6.A

7.A

8.D解析：端口的工作狀態(tài)為全雙工，帶寬=(24*100+2*.1000)*2=8800Mbps=8.8Gbps，由上可知，答案選D)。

9.D

10.C

11.(9)組織單元

【解析】ou是OrganizationalUnit的縮寫，即組織單元。Windows2000Server最重要的新功能之一是它的活動目錄管理能把網(wǎng)絡中的各種對象組織起來進行管理，方便了網(wǎng)絡對象的查找，有利于用戶對網(wǎng)絡的管理，加強了網(wǎng)絡的安全性。Windows2008Server的基本管理單位是域，活動目錄服務把域又劃分成組織單元，組織單元還可以再劃分下級組織單元。

12.雙絞線雙絞線解析：局域網(wǎng)常用的傳輸介質(zhì)有：同軸電纜、雙絞線、光纖與無線通信信道。

.1

【解析】一個完整的lP地址由4字節(jié)，即32位二進制數(shù)值組成，為了方便人們的使用，IP地址采用點分十進制標記法。(11001011)2=203，(01011110)2=94,(00000010)2=2,(00000001)2=1。

.10000解析：一臺主機的IP地址為00，屏蔽碼為，則網(wǎng)絡號為(IP地址與屏蔽碼進行邏輯“與”得到的結(jié)果)。與該主機直接相連的唯一的路由器具有兩個個IP地址，一個為00，屏蔽碼為，可以得出網(wǎng)絡號為，即該路由器網(wǎng)絡相連，而主機所在的網(wǎng)絡號剛好為。另一個IP地址為，屏蔽碼為．可以得出網(wǎng)絡號。這樣我可以得到主機和路由器的關系，所以該主機的默認路由為00。

15.網(wǎng)絡網(wǎng)絡解析：網(wǎng)橋是在數(shù)據(jù)連路層上實現(xiàn)不同網(wǎng)絡的互連的設備；路由器是在網(wǎng)絡層上實現(xiàn)多個網(wǎng)絡互連的設備；網(wǎng)關是通過使用適當?shù)挠布c軟件，來實現(xiàn)不同網(wǎng)絡協(xié)議之間的轉(zhuǎn)換功能，硬件提供不同網(wǎng)絡的接口，軟件實現(xiàn)不同的互聯(lián)網(wǎng)協(xié)議之間的轉(zhuǎn)換。

16.交換局域網(wǎng)從目前的發(fā)展情況來看，局域網(wǎng)產(chǎn)品可以分為共享介質(zhì)局域網(wǎng)和交換式局域兩類。

17.11)不可靠【解析】互聯(lián)網(wǎng)應該屏蔽低層網(wǎng)絡的差異，為用戶提供通用的服務。具體地講，運行IP協(xié)議的互聯(lián)層可以為其高層用戶提供如下3種服務：(1)不可靠的數(shù)據(jù)投遞服務；(2)面向無連接的傳輸服務；(3)盡最大努力投遞服務。

18.

19.星型本題主要考查網(wǎng)絡拓撲結(jié)構的選擇，需要考生了解各種拓撲結(jié)構的優(yōu)缺點。網(wǎng)絡拓撲結(jié)構按照幾何圖形的形狀可分為4種類型：總線拓撲、環(huán)型拓撲、星型拓撲和網(wǎng)狀拓撲。這些形狀也可以混合，構成混合拓撲結(jié)構。不同的網(wǎng)絡拓撲結(jié)構適用于不同規(guī)模的網(wǎng)絡。下面分別對上述4種網(wǎng)絡拓撲結(jié)構進行簡單的介紹。

—總線拓撲結(jié)構由單根電纜組成，該電纜連接網(wǎng)絡中所有的節(jié)點。單根電纜稱為總線，由于它只能支持一種信道，因此所有節(jié)點共享總線的全部帶寬。在總線網(wǎng)絡中，當一個節(jié)點向另一個節(jié)點發(fā)送數(shù)據(jù)時，所有節(jié)點都將被動地偵聽該數(shù)據(jù)，只有目標節(jié)點才會接收并處理發(fā)送給它的數(shù)據(jù)，其他節(jié)點將忽略該數(shù)據(jù)?；诳偩€拓撲結(jié)構的網(wǎng)絡很容易實現(xiàn)，且組建成本很低，但擴展性較差。當網(wǎng)絡中的節(jié)點數(shù)量增加時，網(wǎng)絡的性能將會下降。此外，總線網(wǎng)絡的容錯能力較差，總線上的某個中斷或故障將會影響整個網(wǎng)絡的數(shù)據(jù)傳輸。因此，很少有網(wǎng)絡單純地采用總線拓撲結(jié)構。

—在環(huán)型拓撲結(jié)構中，每個節(jié)點與和它最近的兩個節(jié)點相連接，使整個網(wǎng)絡形成一個環(huán)型，數(shù)據(jù)沿著環(huán)向一個方向發(fā)送。環(huán)中的每個節(jié)點如同一個能再生和發(fā)送信號的中繼器，它們接收環(huán)中傳輸?shù)臄?shù)據(jù)，再將其轉(zhuǎn)發(fā)到下一個節(jié)點。與總線拓撲結(jié)構相同，當環(huán)中的節(jié)點數(shù)量增加時，響應時間也會相應變長。由此可見，單純的環(huán)型拓撲結(jié)構非常不靈活，不易于擴展。此外，在一個簡單的環(huán)型拓撲結(jié)構中，如果單個節(jié)點或一處電纜發(fā)生故障，將會造成整個網(wǎng)絡的癱瘓。也正因此，一些網(wǎng)絡采用雙環(huán)結(jié)構來提供容錯能力。

—在星型拓撲結(jié)構中，網(wǎng)絡中的每個節(jié)點通過一個中央設備（如集線器）連接在一起。網(wǎng)絡中的每個節(jié)點將數(shù)據(jù)發(fā)送給中央設備，再由中央設備將數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)發(fā)到目標節(jié)點。一個典型的星型網(wǎng)絡拓撲結(jié)構所需的線纜和配置稍多于環(huán)型或總線網(wǎng)絡。由于在星型網(wǎng)絡中，任何單根電纜只連接兩個設備（如一個工作站和一個集線器），因此一處電纜問題最多影響兩個節(jié)點，單根電纜或單個節(jié)點發(fā)生故障不會導致整個網(wǎng)絡通信的中斷。但是，中央設備的故障將會造成一個星型網(wǎng)絡的癱瘓。由于使用中央設備作為連接點，所以星型拓撲結(jié)構可以很容易地移動、隔絕或進行與其他網(wǎng)絡的連接，這使得星型拓撲結(jié)構易于擴展。因此，星型拓撲是目前局域網(wǎng)中最常用的一種網(wǎng)絡拓撲結(jié)構，現(xiàn)在的以太網(wǎng)大都使用星型拓撲結(jié)構。

—在網(wǎng)狀拓撲結(jié)構中，每兩個節(jié)點之間都直接連接的。網(wǎng)狀拓撲常用于廣域網(wǎng)，其中的節(jié)點指地理場所。由于每個節(jié)點之間都是直接連接的，所以數(shù)據(jù)能夠從發(fā)送地直接傳輸?shù)侥康牡?。如果一個連接出了問題，可以簡單、迅速地更改數(shù)據(jù)的傳輸路徑。由于為兩點之間的數(shù)據(jù)傳輸提供了多條鏈路，因此，網(wǎng)狀拓撲是最具容錯性的網(wǎng)絡拓撲結(jié)構。

綜上所述，100Base-TX網(wǎng)絡采用的物理拓撲結(jié)構應該為星型拓撲結(jié)構。

20.總線網(wǎng)總線網(wǎng)解析：總線型拓撲結(jié)構是局域網(wǎng)的主要拓撲結(jié)構之一。

21.傳輸控制協(xié)議TCP傳輸控制協(xié)議TCP解析：運行于傳輸層的TCP能夠提供一個可靠的、面向連接的、全雙工的數(shù)據(jù)流傳輸服務，以保證傳輸?shù)臄?shù)據(jù)不重復、不丟失。

22.對內(nèi)電子政務應用系統(tǒng)對內(nèi)電子政務應用系統(tǒng)解析：根據(jù)面向的用戶種類來分，國家政務建設應用系統(tǒng)分成對內(nèi)電子政務應用系統(tǒng)和對外電子政務應用系統(tǒng)。對內(nèi)是面向政府公務員，對外則面對公眾，提供各政府職能部門的相關服務。

23.環(huán)型拓撲環(huán)型拓撲解析：在環(huán)型拓撲結(jié)構中，結(jié)點通過相應的網(wǎng)卡，使用點一點連接線路，構成閉合的環(huán)型，環(huán)中數(shù)據(jù)沿著一個方向繞環(huán)逐站傳輸。

24.網(wǎng)絡防火墻的設計原則網(wǎng)絡防火墻的設計原則解析：網(wǎng)絡安全策略包括技術和制度兩個方面的。它的制度涉及網(wǎng)絡使用與管理制定的網(wǎng)絡防火墻的設計原則兩方面的內(nèi)容。

25.OAOA解析：一個完善的智能大樓系統(tǒng)除了結(jié)構化布線系統(tǒng)外，還應包括以下4種系統(tǒng)：辦公自動化系統(tǒng)(OA)、通信自動化系統(tǒng)(CA)、樓宇自動化系統(tǒng)(BA)和計算機網(wǎng)絡(CN)。

26.認證模型認證模型

27.層次型層次型解析：NSFNET采用的是一種層次型結(jié)構。

28.COMCOM解析：DNS把整個因特網(wǎng)劃分成多個域，稱為頂級域，并為每個頂級域規(guī)定了國際通用的域名，com代表商業(yè)組織。

29.【審題關鍵句】數(shù)組相同下標位置上的奇數(shù)，數(shù)組a中十位數(shù)等于新數(shù)的千位數(shù)字，個位等于新數(shù)個位數(shù)字，數(shù)組b中的十位等于新數(shù)的百位數(shù)字，個位數(shù)字等于新數(shù)的十位數(shù)字，存入數(shù)組，從小到大排序。

\n【解題思路】

\n④定義整型循環(huán)變量i、j和局部變量tmp。

\n②在for循環(huán)語句中，循環(huán)變量i從0開始，依次遞增直到其值等于或大于MAX，用if條件語句判斷如果a[i]和b[i]同時為奇數(shù)，由a[i]的十位數(shù)字為新數(shù)的千位數(shù)字，個位數(shù)字為新數(shù)的個位數(shù)字，b[i]的十位數(shù)字為新數(shù)的百位數(shù)字，個位數(shù)字為新數(shù)的十位數(shù)字，把這個新組成的數(shù)存入數(shù)組元素c[cn]，同時數(shù)組下標變量cn加1。

\n③在第一層for循環(huán)語句中，循環(huán)變量i從0開始，依次遞增直到其值等于或大于cnt，在第二層循環(huán)中，循環(huán)變量j從i+1開始，依次遞增直到其值等于cnt，用if條件語句判斷如果數(shù)組元素c[i]大于c[j]，則兩者進行互換，實現(xiàn)數(shù)組C中的數(shù)按從小到大的順序進行排序。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】千位+百位等于十位+個位的數(shù)的個數(shù)，把所有滿足此條件的四位數(shù)依次存入數(shù)組，然后對數(shù)組按從大到小的順序進行排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第9套試題，通過審題可以發(fā)現(xiàn)有兩個不同點：①要求統(tǒng)計的四位數(shù)的條件是“千位+百位=十位+個位”，參考答案的第8條語句修改if語句的判斷條件即可。②將統(tǒng)計結(jié)果按從大到小的順序排序，參考答案的第13條語句，修改兩數(shù)組元素的大小比較符即可。另外，對于數(shù)據(jù)交換的整型變量tmp可以自定義其變量名。

\n【參考答案】

\n

\n

31.A解析：Linux具有虛擬內(nèi)存的能力，可以利用硬盤來擴展內(nèi)存。

32.C解析：IP服務的三個主要特點為：不可靠的數(shù)據(jù)投遞服務；面向無連接的傳輸服務；盡最大努力投遞服務，Qos保證不是IP所提供的服務。

33.A解析：為了避免IP地址的浪費，需要對IP地址中的主機號部分進行再次劃分，將其劃分成子網(wǎng)號和主機號兩部分。例如，可以對網(wǎng)絡號進行再次劃分，使其第三個字節(jié)代表子網(wǎng)號，其余部分為主機號。因此，對于IP地址為的主機來說，它的網(wǎng)絡號為，主機號為5。

34.voidCalValue(void){intidata;for(i=0;i〈MAXNUM;i++){if(!xx[i])continue;/*如果當前數(shù)為0則結(jié)束本次循環(huán)取下一個數(shù)*/if(xx[i]>0)totNum++;/*統(tǒng)計正整數(shù)的個數(shù)*/data=xx[i]>>1;/*將數(shù)右移一位*/if(data%2==0)/*如果右移1位后產(chǎn)生的新數(shù)是偶數(shù)*/{totCnt++;totPjz+=xx[i];}/*統(tǒng)計這些數(shù)的個數(shù)并將滿足條件的原數(shù)求和*/}totPjz/=totCnt;/*求滿足條件的這些數(shù)(右移前的值)的算術平均值*/}voidCalValue(void)\r\n{\r\ninti,data;\r\nfor(i=0;i〈MAXNUM;i++)\r\n{\r\nif(!xx[i])\r\ncontinue;/*如果當前數(shù)為0,則結(jié)束本次循環(huán)，取下一個數(shù)*/\r\nif(xx[i]>0)\r\ntotNum++;/*統(tǒng)計正整數(shù)的個數(shù)*/\r\ndata=xx[i]>>1;/*將數(shù)右移一位*/\r\nif(data%2==0)/*如果右移1位后，產(chǎn)生的新數(shù)是偶數(shù)*/\r\n{\r\ntotCnt++;\r\ntotPjz+=xx[i];\r\n}/*統(tǒng)計這些數(shù)的個數(shù)，并將滿足條件的原數(shù)求和*/\r\n}\r\ntotPjz/=totCnt;/*求滿足條件的這些數(shù)(右移前的值)的算術平均值*/\r\n}解析：本題的解題思路是首先利用一個for循環(huán)來依次從數(shù)組中取得各數(shù)，由于題目要求數(shù)組中正整數(shù)的個數(shù)，因此，零不做任何處理，接著去取下一個數(shù)。只要某數(shù)大于零，則該數(shù)一定是正整數(shù)，這時就給變量totNum(正整數(shù)的個數(shù))累加1，之后把該正整數(shù)右移一位后的結(jié)果臨時保存在變量data中，再對這個臨時變量進行是否偶數(shù)的判斷。如果該臨時變量中保存的值是偶數(shù)，則表明原數(shù)符合條件，就給變量totCnt(符合判斷條件的正整數(shù)個數(shù))累加1，并把當前的變量data右移前的原數(shù)的值累加到變量totPjz中，當所有符合判斷條件的數(shù)都被找出后，再對totPjz進行求平均值的計算。

35.voidjsVal(){ihtithouhuntendataj;ihtabcd;for(i=0;i＜200;i++){thou=a[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/hun=a[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/ten=a[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/data=a[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/ab=data*10+thou;/*把個位數(shù)的千位數(shù)重新組合成一個新的十位數(shù)ab*/cd=hun*10+ten;/*把百位數(shù)和十位數(shù)組成另一個新的十位數(shù)cd*/if((ab%9==0||cd%9==0)&&(ab%2!=1)&&(cd%2!=1)&&ab!=0&&cd!=0){/*如果新組成的兩個數(shù)均為偶數(shù)且兩個十位數(shù)中至少有一個數(shù)能被9整除同時兩個新十位數(shù)字均不為零*/b[cut]=a[i];/*將滿足條件的4位數(shù)存入數(shù)組b中*/cnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/}}for(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數(shù)組b中的數(shù)按從大到小的順序排列*/for(j=i+1;j＜cnt;j++)if(b[i]＜b[j]){data=b[i]b[i]=b[j];b[j]=data;}}voidjsVal()\r\n{\r\nihti,thou,hun,ten,data,j;\r\nihtab,cd;\r\nfor(i=0;i＜200;i++)\r\n{\r\nthou=a[i]/1000;/*求四位數(shù)的千位數(shù)字*/\r\nhun=a[i]%1000/100;/*求四位數(shù)的百位數(shù)字*/\r\nten=a[i]%100/10;/*求四位數(shù)的十位數(shù)字*/\r\ndata=a[i]%10;/*求四位數(shù)的個位數(shù)字*/\r\nab=data*10+thou;/*把個位數(shù)的千位數(shù)重新組合成一個新的十位數(shù)ab*/\r\ncd=hun*10+ten;/*把百位數(shù)和十位數(shù)組成另一個新的十位數(shù)cd*/\r\nif((ab%9==0||cd%9==0)&&(ab%2!=1)&&(cd%2!=1)&&ab!=0&&cd!=0)\r\n{/*如果新組成的兩個數(shù)均為偶數(shù)且兩個十位數(shù)中至少有一個\r\n數(shù)能被9整除，同時兩個新十位數(shù)字均不為零*/\r\nb[cut]=a[i];/*將滿足條件的4位數(shù)存入數(shù)組b中*/\r\ncnt++;/*統(tǒng)計滿足條件的數(shù)的個數(shù)*/\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0;i＜cnt-1;i++)/*將數(shù)組b中的數(shù)按從大到小的順序排列*/\r\nfor(j=i+1;j＜cnt;j++)\r\nif(b[i]＜b[j])\r\n{data=b[i]\r\nb[i]=b[j];\r\nb[j]=data;\r\n}\r\n}解析：本題考查的知識點如下：

(1)將一們位整數(shù)各位上的數(shù)轉(zhuǎn)變成單獨的個位數(shù)。

(2)判斷結(jié)構中多個條件的布爾運算。

(3)循環(huán)的使用。

(4)數(shù)據(jù)的排序。

在本題中，首先要將1個4位數(shù)的千位、百位、十位、個位拆成獨立的數(shù)字。這里借助特殊運算符號“%”(取余)和“/”(整除)。將1個4位數(shù)整除1000則可得到其千位上的數(shù)字，除以1000取余再整除100則可得百位上的數(shù)字，除以100取余再整除10則可得十位上的數(shù)字，除以10取余則得個位卜的數(shù)字。若1個數(shù)除以2取余為0，則這個數(shù)是偶數(shù)。兩個數(shù)中至少有1個能被9整除，ab能被9整除與cd能被9整除兩個條件滿足1個即可，所以這兩個條件之間用“或”運算。但這個條件與其他條件必須同時滿足，所以此條件與其他條件之間用“與”運算。最后的排序采用“選擇排序法”。

36.voidjsVal(){intithouhuntendataj;intabcd;for(i=0i〈200i++){thou=a[i]/1000;/*求千位數(shù)字*/hun=a[i]%1000/100;/*求百位數(shù)字*/ten=a[i]%100/10;/*求十位數(shù)字*/data=a[i]%10;/*求個位數(shù)字*/ab=10*thou+data;/*把千位數(shù)字和個位數(shù)字重新組成一個新的十位數(shù)*/cd=10*hun+ten;/*把百位數(shù)字和十位數(shù)字組成另一個新的十位數(shù)*/if(ab%2==1&&cd%2==